1、陆慕高级中学5月月考高一化学试题单项选择题：本题包括10小题，每小题3分，共计30分。每小题只有一个选项符合题意。1.人体血红蛋白中含有离子，如果误食亚硝酸盐，会使人中毒，因为亚硝酸盐会使离子转变成离子，生成高铁血红蛋白而丧失与结合的能力。服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒，这说明维生素C具有A. 酸性B. 碱性C. 氧化性D. 还原性【答案】D【解析】根据题干信息服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒，即可以将三价铁转化为亚铁离子，所以维生素C是还原剂，具有还原性，答案选C。2.下列电子式正确的是A. H2O2：B. 羟基：C. 甲基：D. NH4Cl：【答案】C【解析】【详解】A. H2O2是共价
2、化合物，电子式为：，A错误；B.羟基是中性原子基团，电子式为：，B错误；C.C原子最外层有4个电子，其中3个成单电子与3个H原子形成共价键，所以甲基的电子式为：，C正确；D.NH4Cl是离子化合物，NH4+与Cl-通过离子键结合，NH4+内N与H原子通过共价键结合，Cl原子最外层有7个电子，获得1个电子形成Cl-，故NH4Cl的电子式为：，D错误；故合理选项是C。3.下列各组物质之间，一定是互为同系物的是A. 与B. 与C. 与D. 与【答案】C【解析】【详解】A.HCHO是甲醛，属于醛类；HCOOCH3是酯类，二者不是同一类别的物质，不能互为同系物，A错误；B.CH3CH2OH属于醇类，CH
3、3COOH属于羧酸，二者是不同类别的物质，不能互为同系物，B错误；C.CH3COOH、C17H35COOH都属于饱和一元羧酸，二者一定是同系物，C正确；D.C2H4是烯烃，C3H6可能是烯烃，也可能是环烷烃，二者不一定是同系物，D错误；故合理选项是C。4.检验酒精中是否含有水，可选用的试剂是A. 金属钠B. 浓C. 无水D. 胆矾【答案】C【解析】试题分析：无水硫酸铜遇水即生成蓝色的硫酸铜晶体，据此可以鉴别水的存在，答案选C。考点：考查水的检验点评：该题旨在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力，有利于培养学生的逻辑推理能力和发散思维能力。5.下列有机物命名正确的是A. 2，3，3三甲基丁
4、烷B. 2乙基戊烷C. 3甲基1丁炔D. 2，2二甲基1丁烯【答案】C【解析】【详解】A.碳链的首端选错，应该为2，2，3三甲基丁烷，A错误；B.没有选择最长的碳链为主链，该物质名称为3-甲基己烷，B错误；C.命名符合炔烃的系统命名法，C正确；D.应该从离双键较近的一端给主链的碳原子编号，以确定双键和甲基的位置，该物质名称为3，3-二甲基-1-丁烯，D错误；故合理选项是C。6.下列物质的分子是平面结构的是A. CH4B. CH2=CH2C. HCC-CH3D. 【答案】B【解析】【详解】A.CH4是正四面体结构，A不符合题意；B.CH2=CH2分子中所有原子都在同一平面上，因此是平面结构，B符
5、合题意；C.乙炔是直线型分子，乙炔分子在的一个H原子被甲基取代，由于甲烷是正四面体形分子，故HCC-CH3不是平面结构，C不符合题意；D.由于饱和碳原子为四面体结构，原子不是在同一个平面上，因此环己烷分子中不是所有原子都在同一个平面上，D不符合题意；故合理选项是B。7.下列各化学式中，只表示一种纯净物的是A. B. C. D. C【答案】C【解析】A. 可能是乙醛，也可能是环氧乙烷；B. 可能是丙烯，也可能是环丙烷； C. 只能是溴乙烯；D. 有多种同素异形体。综上所述，本题选C。8.下列有机物能使酸性溶液褪色，而不能因化学反应而使溴水褪色是A. 苯B. 异丙苯C. 乙烯D. 丙炔【答案】B【
6、解析】【详解】A.苯分子具有特殊的稳定性，不能使酸性KMnO4溶液褪色，也不能因化学反应而使溴水褪色，A不符合题意；B.异丙苯中与苯环连接的C原子上有H原子，因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；但不能与溴水发生反应，因此不能使溴水因反应而褪色，B符合题意；C.乙烯可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；也能与溴水发生反应而使溶液褪色，C不符合题意；D.丙炔含有碳碳三键，因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色；也能与溴水发生反应而使溶液褪色，D不符合题意；故合理选项是B。9.分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物有A. 2种
7、B. 3种C. 4种D. 5种【答案】A【解析】试题分析：分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物是醇类，且满足C3H7CH2OH，丙基有2种，则该醇类有2种，答案选A。【考点定位】本题主要是考查有机物同分异构体判断【名师点晴】作用为醇发生催化氧化的条件是解答的关键，醇的催化氧化的反应情况与跟羟基（OH）相连的碳原子上的氢原子的个数有关。即：。10.A、B、C三种醇同足量的反应，在相同条件下产生相等体积的H2，消耗这三种醇的物质的量之比为3：6：2，则A.B.C三种醇分子中羟基数之比为A. 3:2:1B. 2:6:3C. 3:1:2D. 2:1:3【答案】D【解析】【详解】根据Na与
8、醇反应时存在2-OHH2及相同条件下产生相同的氢气，消耗这三种醇的物质的量之比为3：6：2，则三种醇中的羟基假设均共为6个，则A中含有2个，B中1个，C中3个，所以A、B、C三种醇分子里羟基数之比2：1：3，故合理选项是D。不定项选择题：本题包括5小题，每小题4分，共计20分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0分。11.欲除去下列物质中混入的少量杂质（括号内物质为杂质），不能达到目的的是A. 乙烷(乙烯)：通过酸性高锰酸钾溶液，洗气B. 乙醇(水)
9、：加入新制生石灰，蒸馏C. 溴苯(溴)： 加入溶液，充分振荡静置后，分液D. 乙酸(乙醇)：加入金属钠，蒸馏【答案】AD【解析】【详解】A.乙烯会被酸性高锰酸钾溶液氧化产生CO2气体，因此会使乙烷中含有新的杂质，不能达到除杂的目的，A符合题意；B.水与CaO反应产生离子化合物Ca(OH)2，乙醇沸点低，容易气化，Ca(OH)2是离子化合物，沸点高，不容易变为气体，因此可用蒸馏的方法分离、除杂，B不符合题意；C.溴与NaOH容易会发生反应，产生可溶性的物质，而溴苯难溶于水，因此可以用分液的方法分离，C不符合题意；D.乙醇、乙酸都可以与金属钠发生反应，因此不能通过加入钠，然后再通过蒸馏的方法除杂，
10、D符合题意；故合理选项AD。12.下列关于 的说法正确的是A. 该有机物是芳香烃B. 该有机物能发生取代、加成、氧化反应C. 该有机物常温下为气体D. 该有机物与 =互为同分异构体【答案】BD【解析】【详解】A.该化合物是环己二烯，不含有苯环，因此不是芳香烃，A错误；B.该有机物含有碳碳双键，能够发生加成反应；可以被催化氧化，也可以发生燃烧反应；含有饱和C原子，可以发生取代反应，B正确；C.该有机物含有的C原子数是6个，C原子数大于4个，因此常温下状态不可能为气体，C错误；D.该有机物分子式为C6H8，CH3-CH=CH-CC-CH3的分子式也C6H8，二者结构不同，因此互为同分异构体，D正确
11、；故合理选项是BD。13.阿昔洛韦化学名称：9（2羟乙氧甲基）鸟嘌呤是抗非典型肺炎（SARS）的指定药物之一，其结构如图所示,有关阿昔洛韦的结构及性质的叙述中正确的是 分子中最多有12个原子在同一平面内； 属于芳香族化合物； 是一种易溶于水的醇； 可以被催化氧化；不能使溴水褪色； 可以燃烧； 1 mol阿昔洛韦在催化剂作用下， 最多可与5molH2发生加成反应； 分子式是C8H11N5O3A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由结构简式可知，分子中含N=N、C=N、C=O、C=C、-OH及醚键，结合不饱和键的性质及醇的性质以及结构来解答。【详解】分子中不含苯环结构，只有与C=C直接
12、相连的原子可能在同一个平面，错误；由结构可知，不含苯环，则不属于芳香族化合物，错误；微溶于水，且不是醇，错误；含有羟基，可以被氧化，正确；含有碳碳双键，能使溴水褪色，错误；有机物C原子不是最高化合价，可以燃烧，正确；含有N=N、C=N、C=C，1mol阿昔洛韦在催化剂作用下，最多可与3molH2发生加成反应，错误；由结构简式可知分子式是C8H11N5O3，正确；正确说法为，故合理选项D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质的知识，把握甲烷的结构及醇的性质为解答的关键，侧重官能团判断及性质的考查。14.相同的反应物若使用不同的反应溶剂,可得到不同的产物。如:C2H5OH CH3CHO+H22C2H
13、5OH CH2=CH-CH=CH2+H2+2H2O2C2H5OH C2H5OC2H5+H2O;又知C2H5OH在活性铜催化下,可生成CH3COOC2H5及其他产物,则其他产物可能为A. H2B. CO2C. H2OD. H2和H2O【答案】A【解析】【详解】C2H5OH在活性铜催化下，可生成CH3COOC2H5及其他产物，即2个C2H5OH反应生成1个CH3COOC2H5，还剩余4个氢原子，即2个氢气分子，故合理选项是A。15.某混合气体由两种气态烃组成,取2.24L该混合气体完全燃烧得到4.48L二氧化碳(气体体积已折算为标准状况)和3.6g水,则这两种气体可能是A. 和B. 和C. 和D.
14、 和【答案】C【解析】由2.24L该混合气体的物质的量为0.1mol，完全燃烧得到4.48L二氧化碳的物质的量为0.2mol，得到3.6g水的物质的量为0,2mol，根据质量守恒定律可知0.1mol该混烃含有C、H两种原子的物质的量分别为0.2mol和0.4mol，所以该混合烃的平均分子式为C2H4，由平均值的常识可知，只有C选项中的两种组分有可能达到这样的平均组成，所以C正确；A、B、D中H原子数的平均值都大于4，所以A、B、D三个选项不可能。点睛：有关混合气体组成的计算，可以根据题中数据求出其平均分子组成，然后根据平均值的意义，列出所有可能的组成，再根据题中其他数据确定可能的组成。填空题1
15、6.写出下列转化的化学方程式，注明反应类型。（1）甲苯TNT _（2）苯乙烯聚苯乙烯_（3）1,3丁二烯与溴1,4加成_（4）2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热_（5）苯甲醇在铜催化下和氧气反应_【答案】 (1). (2). 取代反应 (3). (4). 加聚反应 (5). CH2=CHCH=CH2+Br2CH2BrCH=CHCH2Br (6). 加成反应 (7). +HBr (8). 消去反应 (9). 2+O22+2H2O (10). 氧化反应【解析】【分析】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应，产生三硝基甲苯和水；(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应，产生聚苯乙烯；(3)
16、1，3-丁二烯与溴发生1，4-加成反应产生1,4-二溴-2丁烯；(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热，发生消去反应，产生2-甲基丙烯；【详解】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应，产生三硝基甲苯和水，反应方程式为：；(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应，产生聚苯乙烯，反应方程式为：；(3) 1，3-丁二烯与溴发生1，4-加成反应产生1,4-二溴-2丁烯；反应方程式CH2=CH-CH=CH2+Br2 CH2Br-CH=CHCH2Br；(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热，发生消去反应，产生2-甲基丙烯，反应方程式为：+HBr；(5)苯甲醇在铜催化下和氧气发生催化氧
17、化反应，产生苯甲醛和水，反应方程式为2+O22+2H2O。【点睛】本题考查了有机反应类型的判断及化学反应方程式书写的知识。掌握物质的结构特点是书写化学反应方程式的关键。17.实验室用乙醇与浓硫酸共热制乙烯,常因温度过高生成少量SO2,有人设计了如下图所示实验,以验证上述混合气体中是否含有乙烯和SO2。（1）装置中X仪器的名称是_;碎瓷片的作用是_。（2）写出生成乙烯的反应方程式_。（3）A、B、C、D装置中可盛放的试剂是(从下列所给试剂中选出,填序号)NaOH溶液,品红溶液,KMnO4酸性溶液,FeCl3溶液A._;B._;C._;D._。（4）能说明SO2气体存在的现象是_。（5）确证含有乙
18、烯的现象是_。【答案】 (1). 分液漏斗 (2). 防止暴沸 (3). CH3CH2OHCH2=CH2+H2O (4). (5). (6). (7). (8). 装置A中品红溶液褪色 (9). 装置C中品红溶液不褪色， D中的酸性KMnO4溶液褪色。【解析】（1）装置中X仪器可通过活塞控制滴加液体的速度来控制反应的快慢，所以它的名称是分液漏斗；实验室制备乙烯所用的原料为乙醇，浓硫酸作催化剂、脱水剂，反应条件是加热到170，因乙醇的沸点低，易暴沸，所以加碎瓷片防止暴沸；（2）实验室利用乙醇在浓硫酸的催化作用下发生分子内脱水制取乙烯，乙醇发生了消去反应，反应方程式为：CH3CH2OHCH2=CH
19、2+H2O；（3）检验二氧化硫用品红溶液，检验乙烯用高锰酸钾酸性溶液，乙烯和二氧化硫都能使高锰酸钾酸性溶液褪色，所以先检验二氧化硫，然后检验乙烯，在检验乙烯之前用NaOH溶液除尽SO2，再通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，最后用高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯，因装置A用来检验SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2，装置B试管装有NaOH溶液除去SO2，装置C试管通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，装置D 通过高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯；（4）装置A用来检验SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2；（5）因C中无二氧化硫，D中与高锰酸钾溶液作用的为乙烯，所以确证含有乙烯的现象是装置C
20、中的品红溶液不褪色，D中的高锰酸钾溶液褪色。点睛：本题考查了乙烯的实验室制法以及产物的检验，注意当有多种产物需检验时，应考虑先后顺序，高锰酸钾既能氧化二氧化硫，又能氧化乙烯，是解答本题的关键。18.已知:R-NO2R-NH2； +HO-SO3H +H2O 苯环上原有的取代基对新导入的取代基进入苯环的位置有显著影响。以下是用苯作原料制备某些化合物的转化关系图: (1)A的密度比水_(填小或大)，AB方程式是_(2)CD方程式是_(3)B中苯环上的二氯代物有_种同分异构体；CH3NH2的所有原子_(填“可能”或“不可能”)在同一平面。【答案】 (1). 大 (2). +CH3Cl+HCl (3).
21、 +HO-SO3H+H2O (4). 6 (5). 不可能【解析】【分析】苯与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生取代反应产生A是硝基苯，A与CH3Cl在催化剂作用下转化为B，B被Fe、HCl还原为；苯与Br2在Fe催化下发生取代反应，产生C是溴苯，C与浓硫酸混合加热发生溴原子对位的取代反应，产生D是，D与H2发生苯环的加成反应产生。【详解】根据上述分析可知A为，B为；C为；D为；E为。(1)A是硝基苯，密度比水大；AB的反应方程式是+CH3Cl+HCl；(2)CD的反应方程式是+HO-SO3H+H2O；(3)B是，该物质分子中苯环上有4种不同位置的H原子，采取定一移一法来确定该物质的二氯取代产物，可知
22、B中苯环上的二氯代物有6种同分异构体，结构简式为；CH3NH2可看作是甲烷分子中的一个H原子被氨基-NH2取代产生的，由于甲烷是正四面体结构，NH3是三角锥形分子，所以CH3NH2的所有原子不可能在同一平面。【点睛】本题考查了苯及其有关化合物的物理性质、化学性质和物质同分异构体等有关知识。掌握苯分子结构特点以及题干中的信息解答该题的关键。19.某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫,其中一种组分T可通过下列反应路线合成(部分反应条件略)。(1)写出B中官能团的名称_；(2)D的核磁共振氢谱显示峰的组数为_；(3)DE的化学方程式为_；(4)L可由B与H2发生加成反应而得,已
23、知R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr,则M的结构简式为_；(5)已知：则T的结构简式为_。【答案】 (1). 碳碳双键、溴原子 (2). 2 (3). CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHCCCH2Br+2NaBr+2H2O (4). CH3CH2CH2CCCHO (5). 【解析】【分析】根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HCCCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则
24、L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr知M结构简式为CH3CH2CH2CCCHO，根据R3CCR4知T结构简式为，据此解答。【详解】根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HCCCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2CCCHO，根据
25、R3CCR4知，T结构简式为。(1)B结构简式为CH2=CH-CH2Br，B中含有的官能团是碳碳双键和溴原子；(2)D结构简式为CH2BrCHBrCH2Br，该物质分子中含有两种不同的氢原子，所以D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2；(3)D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，DE的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHCCCH2Br+2NaBr+2H2O；(4)通过以上分析知，M的结构简式为CH3CH2CH2-CCCHO；(5)通过以上分析知，T结构简式为。【点睛】本题考查有机物推断与合成的知识，侧重考查学生分析推断及知识迁移能力，根据反应条件、物质结构简式结合(4)、(5)题中信息进行推断，(5)为易错点，学生容易忽略顺反异构问题。
