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江苏省苏州相城区2018-2019学年高一5月月考化学试卷(含解析)

1、陆慕高级中学5月月考高一化学试题单项选择题:本题包括10小题,每小题3分,共计30分。每小题只有一个选项符合题意。1.人体血红蛋白中含有离子,如果误食亚硝酸盐,会使人中毒,因为亚硝酸盐会使离子转变成离子,生成高铁血红蛋白而丧失与结合的能力。服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒,这说明维生素C具有A. 酸性B. 碱性C. 氧化性D. 还原性【答案】D【解析】根据题干信息服用维生素C可缓解亚硝酸盐的中毒,即可以将三价铁转化为亚铁离子,所以维生素C是还原剂,具有还原性,答案选C。2.下列电子式正确的是A. H2O2:B. 羟基:C. 甲基:D. NH4Cl:【答案】C【解析】【详解】A. H2O2是共价

2、化合物,电子式为:,A错误;B.羟基是中性原子基团,电子式为:,B错误;C.C原子最外层有4个电子,其中3个成单电子与3个H原子形成共价键,所以甲基的电子式为:,C正确;D.NH4Cl是离子化合物,NH4+与Cl-通过离子键结合,NH4+内N与H原子通过共价键结合,Cl原子最外层有7个电子,获得1个电子形成Cl-,故NH4Cl的电子式为:,D错误;故合理选项是C。3.下列各组物质之间,一定是互为同系物的是A. 与B. 与C. 与D. 与【答案】C【解析】【详解】A.HCHO是甲醛,属于醛类;HCOOCH3是酯类,二者不是同一类别的物质,不能互为同系物,A错误;B.CH3CH2OH属于醇类,CH

3、3COOH属于羧酸,二者是不同类别的物质,不能互为同系物,B错误;C.CH3COOH、C17H35COOH都属于饱和一元羧酸,二者一定是同系物,C正确;D.C2H4是烯烃,C3H6可能是烯烃,也可能是环烷烃,二者不一定是同系物,D错误;故合理选项是C。4.检验酒精中是否含有水,可选用的试剂是A. 金属钠B. 浓C. 无水D. 胆矾【答案】C【解析】试题分析:无水硫酸铜遇水即生成蓝色的硫酸铜晶体,据此可以鉴别水的存在,答案选C。考点:考查水的检验点评:该题旨在考查学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力,有利于培养学生的逻辑推理能力和发散思维能力。5.下列有机物命名正确的是A. 2,3,3三甲基丁

4、烷B. 2乙基戊烷C. 3甲基1丁炔D. 2,2二甲基1丁烯【答案】C【解析】【详解】A.碳链的首端选错,应该为2,2,3三甲基丁烷,A错误;B.没有选择最长的碳链为主链,该物质名称为3-甲基己烷,B错误;C.命名符合炔烃的系统命名法,C正确;D.应该从离双键较近的一端给主链的碳原子编号,以确定双键和甲基的位置,该物质名称为3,3-二甲基-1-丁烯,D错误;故合理选项是C。6.下列物质的分子是平面结构的是A. CH4B. CH2=CH2C. HCC-CH3D. 【答案】B【解析】【详解】A.CH4是正四面体结构,A不符合题意;B.CH2=CH2分子中所有原子都在同一平面上,因此是平面结构,B符

5、合题意;C.乙炔是直线型分子,乙炔分子在的一个H原子被甲基取代,由于甲烷是正四面体形分子,故HCC-CH3不是平面结构,C不符合题意;D.由于饱和碳原子为四面体结构,原子不是在同一个平面上,因此环己烷分子中不是所有原子都在同一个平面上,D不符合题意;故合理选项是B。7.下列各化学式中,只表示一种纯净物的是A. B. C. D. C【答案】C【解析】A. 可能是乙醛,也可能是环氧乙烷;B. 可能是丙烯,也可能是环丙烷; C. 只能是溴乙烯;D. 有多种同素异形体。综上所述,本题选C。8.下列有机物能使酸性溶液褪色,而不能因化学反应而使溴水褪色是A. 苯B. 异丙苯C. 乙烯D. 丙炔【答案】B【

6、解析】【详解】A.苯分子具有特殊的稳定性,不能使酸性KMnO4溶液褪色,也不能因化学反应而使溴水褪色,A不符合题意;B.异丙苯中与苯环连接的C原子上有H原子,因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色;但不能与溴水发生反应,因此不能使溴水因反应而褪色,B符合题意;C.乙烯可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色;也能与溴水发生反应而使溶液褪色,C不符合题意;D.丙炔含有碳碳三键,因此可以被酸性KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色;也能与溴水发生反应而使溶液褪色,D不符合题意;故合理选项是B。9.分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物有A. 2种

7、B. 3种C. 4种D. 5种【答案】A【解析】试题分析:分子式为C4H10O并能被氧化生成醛类的有机化合物是醇类,且满足C3H7CH2OH,丙基有2种,则该醇类有2种,答案选A。【考点定位】本题主要是考查有机物同分异构体判断【名师点晴】作用为醇发生催化氧化的条件是解答的关键,醇的催化氧化的反应情况与跟羟基(OH)相连的碳原子上的氢原子的个数有关。即:。10.A、B、C三种醇同足量的反应,在相同条件下产生相等体积的H2,消耗这三种醇的物质的量之比为3:6:2,则A.B.C三种醇分子中羟基数之比为A. 3:2:1B. 2:6:3C. 3:1:2D. 2:1:3【答案】D【解析】【详解】根据Na与

8、醇反应时存在2-OHH2及相同条件下产生相同的氢气,消耗这三种醇的物质的量之比为3:6:2,则三种醇中的羟基假设均共为6个,则A中含有2个,B中1个,C中3个,所以A、B、C三种醇分子里羟基数之比2:1:3,故合理选项是D。不定项选择题:本题包括5小题,每小题4分,共计20分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项,多选时,该小题得0分;若正确答案包括两个选项,只选一个且正确的得2分,选两个且都正确的得满分,但只要选错一个,该小题就得0分。11.欲除去下列物质中混入的少量杂质(括号内物质为杂质),不能达到目的的是A. 乙烷(乙烯):通过酸性高锰酸钾溶液,洗气B. 乙醇(水)

9、:加入新制生石灰,蒸馏C. 溴苯(溴): 加入溶液,充分振荡静置后,分液D. 乙酸(乙醇):加入金属钠,蒸馏【答案】AD【解析】【详解】A.乙烯会被酸性高锰酸钾溶液氧化产生CO2气体,因此会使乙烷中含有新的杂质,不能达到除杂的目的,A符合题意;B.水与CaO反应产生离子化合物Ca(OH)2,乙醇沸点低,容易气化,Ca(OH)2是离子化合物,沸点高,不容易变为气体,因此可用蒸馏的方法分离、除杂,B不符合题意;C.溴与NaOH容易会发生反应,产生可溶性的物质,而溴苯难溶于水,因此可以用分液的方法分离,C不符合题意;D.乙醇、乙酸都可以与金属钠发生反应,因此不能通过加入钠,然后再通过蒸馏的方法除杂,

10、D符合题意;故合理选项AD。12.下列关于 的说法正确的是A. 该有机物是芳香烃B. 该有机物能发生取代、加成、氧化反应C. 该有机物常温下为气体D. 该有机物与 =互为同分异构体【答案】BD【解析】【详解】A.该化合物是环己二烯,不含有苯环,因此不是芳香烃,A错误;B.该有机物含有碳碳双键,能够发生加成反应;可以被催化氧化,也可以发生燃烧反应;含有饱和C原子,可以发生取代反应,B正确;C.该有机物含有的C原子数是6个,C原子数大于4个,因此常温下状态不可能为气体,C错误;D.该有机物分子式为C6H8,CH3-CH=CH-CC-CH3的分子式也C6H8,二者结构不同,因此互为同分异构体,D正确

11、;故合理选项是BD。13.阿昔洛韦化学名称:9(2羟乙氧甲基)鸟嘌呤是抗非典型肺炎(SARS)的指定药物之一,其结构如图所示,有关阿昔洛韦的结构及性质的叙述中正确的是 分子中最多有12个原子在同一平面内; 属于芳香族化合物; 是一种易溶于水的醇; 可以被催化氧化;不能使溴水褪色; 可以燃烧; 1 mol阿昔洛韦在催化剂作用下, 最多可与5molH2发生加成反应; 分子式是C8H11N5O3A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由结构简式可知,分子中含N=N、C=N、C=O、C=C、-OH及醚键,结合不饱和键的性质及醇的性质以及结构来解答。【详解】分子中不含苯环结构,只有与C=C直接

12、相连的原子可能在同一个平面,错误;由结构可知,不含苯环,则不属于芳香族化合物,错误;微溶于水,且不是醇,错误;含有羟基,可以被氧化,正确;含有碳碳双键,能使溴水褪色,错误;有机物C原子不是最高化合价,可以燃烧,正确;含有N=N、C=N、C=C,1mol阿昔洛韦在催化剂作用下,最多可与3molH2发生加成反应,错误;由结构简式可知分子式是C8H11N5O3,正确;正确说法为,故合理选项D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质的知识,把握甲烷的结构及醇的性质为解答的关键,侧重官能团判断及性质的考查。14.相同的反应物若使用不同的反应溶剂,可得到不同的产物。如:C2H5OH CH3CHO+H22C2H

13、5OH CH2=CH-CH=CH2+H2+2H2O2C2H5OH C2H5OC2H5+H2O;又知C2H5OH在活性铜催化下,可生成CH3COOC2H5及其他产物,则其他产物可能为A. H2B. CO2C. H2OD. H2和H2O【答案】A【解析】【详解】C2H5OH在活性铜催化下,可生成CH3COOC2H5及其他产物,即2个C2H5OH反应生成1个CH3COOC2H5,还剩余4个氢原子,即2个氢气分子,故合理选项是A。15.某混合气体由两种气态烃组成,取2.24L该混合气体完全燃烧得到4.48L二氧化碳(气体体积已折算为标准状况)和3.6g水,则这两种气体可能是A. 和B. 和C. 和D.

14、 和【答案】C【解析】由2.24L该混合气体的物质的量为0.1mol,完全燃烧得到4.48L二氧化碳的物质的量为0.2mol,得到3.6g水的物质的量为0,2mol,根据质量守恒定律可知0.1mol该混烃含有C、H两种原子的物质的量分别为0.2mol和0.4mol,所以该混合烃的平均分子式为C2H4,由平均值的常识可知,只有C选项中的两种组分有可能达到这样的平均组成,所以C正确;A、B、D中H原子数的平均值都大于4,所以A、B、D三个选项不可能。点睛:有关混合气体组成的计算,可以根据题中数据求出其平均分子组成,然后根据平均值的意义,列出所有可能的组成,再根据题中其他数据确定可能的组成。填空题1

15、6.写出下列转化的化学方程式,注明反应类型。(1)甲苯TNT _(2)苯乙烯聚苯乙烯_(3)1,3丁二烯与溴1,4加成_(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热_(5)苯甲醇在铜催化下和氧气反应_【答案】 (1). (2). 取代反应 (3). (4). 加聚反应 (5). CH2=CHCH=CH2+Br2CH2BrCH=CHCH2Br (6). 加成反应 (7). +HBr (8). 消去反应 (9). 2+O22+2H2O (10). 氧化反应【解析】【分析】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应,产生三硝基甲苯和水;(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应,产生聚苯乙烯;(3)

16、1,3-丁二烯与溴发生1,4-加成反应产生1,4-二溴-2丁烯;(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热,发生消去反应,产生2-甲基丙烯;【详解】(1)甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合发生取代反应,产生三硝基甲苯和水,反应方程式为:;(2)苯乙烯在催化剂存在时发生加聚反应,产生聚苯乙烯,反应方程式为:;(3) 1,3-丁二烯与溴发生1,4-加成反应产生1,4-二溴-2丁烯;反应方程式CH2=CH-CH=CH2+Br2 CH2Br-CH=CHCH2Br;(4)2-甲基-2-溴丙烷和氢氧化钾乙醇溶液共热,发生消去反应,产生2-甲基丙烯,反应方程式为:+HBr;(5)苯甲醇在铜催化下和氧气发生催化氧

17、化反应,产生苯甲醛和水,反应方程式为2+O22+2H2O。【点睛】本题考查了有机反应类型的判断及化学反应方程式书写的知识。掌握物质的结构特点是书写化学反应方程式的关键。17.实验室用乙醇与浓硫酸共热制乙烯,常因温度过高生成少量SO2,有人设计了如下图所示实验,以验证上述混合气体中是否含有乙烯和SO2。(1)装置中X仪器的名称是_;碎瓷片的作用是_。(2)写出生成乙烯的反应方程式_。(3)A、B、C、D装置中可盛放的试剂是(从下列所给试剂中选出,填序号)NaOH溶液,品红溶液,KMnO4酸性溶液,FeCl3溶液A._;B._;C._;D._。(4)能说明SO2气体存在的现象是_。(5)确证含有乙

18、烯的现象是_。【答案】 (1). 分液漏斗 (2). 防止暴沸 (3). CH3CH2OHCH2=CH2+H2O (4). (5). (6). (7). (8). 装置A中品红溶液褪色 (9). 装置C中品红溶液不褪色, D中的酸性KMnO4溶液褪色。【解析】(1)装置中X仪器可通过活塞控制滴加液体的速度来控制反应的快慢,所以它的名称是分液漏斗;实验室制备乙烯所用的原料为乙醇,浓硫酸作催化剂、脱水剂,反应条件是加热到170,因乙醇的沸点低,易暴沸,所以加碎瓷片防止暴沸;(2)实验室利用乙醇在浓硫酸的催化作用下发生分子内脱水制取乙烯,乙醇发生了消去反应,反应方程式为:CH3CH2OHCH2=CH

19、2+H2O;(3)检验二氧化硫用品红溶液,检验乙烯用高锰酸钾酸性溶液,乙烯和二氧化硫都能使高锰酸钾酸性溶液褪色,所以先检验二氧化硫,然后检验乙烯,在检验乙烯之前用NaOH溶液除尽SO2,再通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净,最后用高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯,因装置A用来检验SO2,试管中品红溶液褪色,说明含有SO2,装置B试管装有NaOH溶液除去SO2,装置C试管通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净,装置D 通过高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯;(4)装置A用来检验SO2,试管中品红溶液褪色,说明含有SO2;(5)因C中无二氧化硫,D中与高锰酸钾溶液作用的为乙烯,所以确证含有乙烯的现象是装置C

20、中的品红溶液不褪色,D中的高锰酸钾溶液褪色。点睛:本题考查了乙烯的实验室制法以及产物的检验,注意当有多种产物需检验时,应考虑先后顺序,高锰酸钾既能氧化二氧化硫,又能氧化乙烯,是解答本题的关键。18.已知:R-NO2R-NH2; +HO-SO3H +H2O 苯环上原有的取代基对新导入的取代基进入苯环的位置有显著影响。以下是用苯作原料制备某些化合物的转化关系图: (1)A的密度比水_(填小或大),AB方程式是_(2)CD方程式是_(3)B中苯环上的二氯代物有_种同分异构体;CH3NH2的所有原子_(填“可能”或“不可能”)在同一平面。【答案】 (1). 大 (2). +CH3Cl+HCl (3).

21、 +HO-SO3H+H2O (4). 6 (5). 不可能【解析】【分析】苯与浓硝酸、浓硫酸混合加热发生取代反应产生A是硝基苯,A与CH3Cl在催化剂作用下转化为B,B被Fe、HCl还原为;苯与Br2在Fe催化下发生取代反应,产生C是溴苯,C与浓硫酸混合加热发生溴原子对位的取代反应,产生D是,D与H2发生苯环的加成反应产生。【详解】根据上述分析可知A为,B为;C为;D为;E为。(1)A是硝基苯,密度比水大;AB的反应方程式是+CH3Cl+HCl;(2)CD的反应方程式是+HO-SO3H+H2O;(3)B是,该物质分子中苯环上有4种不同位置的H原子,采取定一移一法来确定该物质的二氯取代产物,可知

22、B中苯环上的二氯代物有6种同分异构体,结构简式为;CH3NH2可看作是甲烷分子中的一个H原子被氨基-NH2取代产生的,由于甲烷是正四面体结构,NH3是三角锥形分子,所以CH3NH2的所有原子不可能在同一平面。【点睛】本题考查了苯及其有关化合物的物理性质、化学性质和物质同分异构体等有关知识。掌握苯分子结构特点以及题干中的信息解答该题的关键。19.某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫,其中一种组分T可通过下列反应路线合成(部分反应条件略)。(1)写出B中官能团的名称_;(2)D的核磁共振氢谱显示峰的组数为_;(3)DE的化学方程式为_;(4)L可由B与H2发生加成反应而得,已

23、知R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr,则M的结构简式为_;(5)已知:则T的结构简式为_。【答案】 (1). 碳碳双键、溴原子 (2). 2 (3). CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHCCCH2Br+2NaBr+2H2O (4). CH3CH2CH2CCCHO (5). 【解析】【分析】根据A、B结构简式知,A发生取代反应生成B,B和溴发生加成反应生成D,D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E,E发生水解反应然后发生氧化反应生成G,G结构简式为HCCCHO,G和NaNH2反应生成J,根据G和J结构简式知,该反应为取代反应;L可由B与H2发生加成反应而得,则

24、L为CH3CH2CH2Br,根据R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr知M结构简式为CH3CH2CH2CCCHO,根据R3CCR4知T结构简式为,据此解答。【详解】根据A、B结构简式知,A发生取代反应生成B,B和溴发生加成反应生成D,D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E,E发生水解反应然后发生氧化反应生成G,G结构简式为HCCCHO,G和NaNH2反应生成J,根据G和J结构简式知,该反应为取代反应;L可由B与H2发生加成反应而得,则L为CH3CH2CH2Br,根据R1CH2Br+NaCCR2R1CH2CCR2+NaBr知,M结构简式为CH3CH2CH2CCCHO,根据

25、R3CCR4知,T结构简式为。(1)B结构简式为CH2=CH-CH2Br,B中含有的官能团是碳碳双键和溴原子;(2)D结构简式为CH2BrCHBrCH2Br,该物质分子中含有两种不同的氢原子,所以D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2;(3)D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E,DE的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOHHCCCH2Br+2NaBr+2H2O;(4)通过以上分析知,M的结构简式为CH3CH2CH2-CCCHO;(5)通过以上分析知,T结构简式为。【点睛】本题考查有机物推断与合成的知识,侧重考查学生分析推断及知识迁移能力,根据反应条件、物质结构简式结合(4)、(5)题中信息进行推断,(5)为易错点,学生容易忽略顺反异构问题。