1、2017-2018 学年湖北省武汉市洪山区八年级（上）期末数学试卷一、选择题（共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分）1若代数式 在实数范围内有意义，则实数 a 的取值范围为（ ）Aa4 Ba4 Ca4 Da42解分式方程 + 3 时，去分母后变形正确的是（ ）A2+ （ x+2） 3（x 1） B2x+23（x1）C2（x+2）3 D2（x+2）3（x 1）3如图，已知12，AC AD，增加下列条件：其中不能使ABCAED 的条件（ ）AABAE BBC ED CC D DB E4下列计算正确的是（ ）A（a 2） 3a 5B（15x 2y10xy 2）5xy3x2yC10ab 3（5
2、ab）2ab 2Da 2 b3（a 2b1 ） 2 5下列各多项式从左到右变形是因式分解，并分解正确的是（ ）A（ab） 3b（ba） 2（ ba） 2（a2b）B（x +2）（x +3）x 2+5x+6C4a 29b 2（4a9b）（ 4a+9b）Dm 2n 2+2（m+ n）（mn）+26根据图 的面积可以说明多项式的乘法运算（2a+ b）（a+b）2a 2+3ab+b2，那么根据图的面积可以说明多项式的乘法运算是（ ）A（a+3b）（ a+b）a 2+4ab+3b2B（a+3b）（a+b）a 2+3b2C（b+3a）（b+a）b 2+4ab+3a2D（a+3b）（ ab）a 2+2ab3
3、b 27下列因式分解，错误的是（ ）Ax 2+7x+10（x+2 ）（x+5） Bx 22x8（x4）（x+2）Cy 2 7y+12（ y3）（y4） Dy 2+7y18（y9）（y+2）8计算（ 1x）（ ）的结果为（ ）A Bx（x+1） C D9某部门组织调运一批物资，一运送物资车开往距离出发地 180 千米的目的地，出发第一小时内按原计划的速度匀速行驶，一小时后以原来速度的 1.5 倍匀速行驶，并比原计划提前 40 分钟到达目的地设原计划速度为 x 千米/ 小时，则方程可列为（ ）A B C +1 D +1 +10如图，边长为 24 的等边三角形 ABC 中，M 是高 CH 所在直线上
4、的一个动点，连结 MB，将线段 BM 绕点 B 逆时针旋转 60得到 BN，连结 HN则在点 M 运动过程中，线段 HN 长度的最小值是（ ）A12 B6 C3 D1二、填空题（本大题共 6 个小题，每小题 3 分，共 18 分）11计算 的结果为 12若式子 的值为零，则 x 的值为 13若多项式 9x22（m +1） xy+4y2 是一个完全平方式，则 m 14如图，ABC 和CDE 都是等边三角形，且EBD70，则AEB 15如图，ABC 中，AB 10，AC 4，点 O 在边 BC 上，OD 垂直平分 BC，AD 平分BAC，过点 D 作 DMAB 于点 M，则 BM 16如图，等腰A
5、BC 中，ABAC 4，BC 6，ABD 是等边三角形，点 P 是BAC 的角平分线上一动点，连 PC、PD，则 PD+PC 的最小值为 三、解答题（共 8 题，共 72 分）17（12 分）解方程或化简分式：（1） 1（2） （ ）（3）（x2 ）18（10 分）利用乘法公式计算：（1）（3a2）（3a2）+（3a1） 2（2）（2x+y+1）（2x +y1）（2x y1） 219（8 分）在平面直角坐标系中，A（3，0），B 为 y 轴负半轴上一个动点（1）如图，若 B（0，5），以 A 点为顶点，AB 为腰在第三象限作等腰 RtABC，直接写出C 点的坐标 ；（2）如图，当 B 点沿 y
6、 轴负半轴向下运动时，以 B 为顶点，BA 为腰作等腰 RtABD（点 D 在第四象限），过 D 作 DEx 轴于 E 点，求 OBDE 的值20（8 分）将下列多项式因式分解：（1）4ab 24a 2bb 3（2）x 25x621（8 分）对于多项式 x35x 2+x+10，我们把 x2 代入此多项式，发现 x2 能使多项式x35x 2+x+10 的值为 0，由此可以断定多项式 x35x 2+x+10 中有因式（x2），（注：把 xa代入多项式，能使多项式的值为 0，则多项式一定含有因式（xa），于是我们可以把多项式写成：x 35x 2+x+10（x2 ）（x 2+mx+n），分别求出 m、
7、n 后再代入x35x 2+x+10（x2）（x 2+mx+n），就可以把多项式 x35x 2+x+10 因式分解（1）求式子中 m、n 的值；（2）以上这种因式分解的方法叫“试根法”，用“试根法”分解多项式 x3+5x2+8x+422（10 分）列分式方程解应用题：雄楚大街公交快速通道开通后，为相应市政府“绿色出行”的号召，家住关山光谷新城的小童上班由自驾车改为乘坐快速公交车已知小童家乘坐快速公家车到上班地点 18 千米，比他自驾车的路线距离少 2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每小时行驶的路程的 1.2 倍他从家出发到达上班地点，乘快速公交车方式比自驾车方式还提前 1
8、0 分钟，求小童用自驾车方式上班平均每小时行驶多少千米？23（10 分）已知ABC 与ADE 是等边三角形，点 B、A、D 在一条直线上，CPN60，PN 交直线 AE 于点 N（1）若点 P 在线段 AB 上运动，如图 1（不与 A、B 重合），求证：PCPN；（2）若点 P 在线段 AD 上运动（不与 A、D 重合），在图 2 中画出图形，猜想线段 PC、PN 的数量关系并证明你的结论24（10 分）如图，ABC 中（1）若ABC45，P 为 BC 边上一点，且 PC2PB， APC60，求ACB 的大小（2）如图，分别以 AB、AC 为边作ABD 和ACE，且ADAB，AC AE，DAB
9、 CAE 连接 DC 与 BE，G 、F 分别是 DC 与 BE 的中点，求AFG 的度数如图， DC、BE 交于点 M，连接 AM，直接写出AMC 与 的数量关系是 2017-2018 学年湖北省武汉市洪山区八年级（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分）1若代数式 在实数范围内有意义，则实数 a 的取值范围为（ ）Aa4 Ba4 Ca4 Da4【分析】分式有意义时，分母 a40【解答】解：依题意得：a40，解得 a4故选：D【点评】本题考查了分式有意义的条件分式有意义的条件是分母不等于零2解分式方程 + 3 时，去分母后变形正确的是（ ）
10、A2+ （ x+2） 3（x 1） B2x+23（x1）C2（x+2）3 D2（x+2）3（x 1）【分析】分式方程去分母转化为整式方程，即可作出判断【解答】解：方程变形得： 3，去分母得：2（x+2）3（x1），故选：D【点评】此题考查了解分式方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键3如图，已知12，AC AD，增加下列条件：其中不能使ABCAED 的条件（ ）AABAE BBC ED CC D DB E【分析】根据等式的性质可得CABDAE，然后再结合判定两个三角形全等的一般方法SSS、SAS、ASA 、AAS 、HL 分别进行分析【解答】解：12，1+EAB 2+EAB，CABDAE，A、添
11、加 ABAE 可利用 SAS 定理判定ABC AED，故此选项符合题意；B、添加 CBDE 不能判定ABCAED，故此选项符合题意；C、添加C D 可利用 ASA 定理判定ABCAED，故此选项符合题意；D、添加BE 可利用 AAS 定理判定ABC AED ，故此选项符合题意；故选：B【点评】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA 、AAS 、HL注意：AAA 、SSA 不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角4下列计算正确的是（ ）A（a 2） 3a 5B（15x 2y10xy 2）
12、5xy3x2yC10ab 3（5ab）2ab 2Da 2 b3（a 2b1 ） 2 【分析】根据合并同类项、幂的乘方和积的乘方进行计算即可【解答】解：A、（a 2） 3a 6，故 A 错误；B、（15x 2y10xy 2）5xy3x 2y，故 B 正确；C、10ab 3（5ab）2b 2，故 C 错误；D、a 2 b3（a 2b1 ） 2 ，故 D 错误；故选：B【点评】本题考查了整式的混合运算，掌握合并同类项、幂的乘方和积的乘方的运算法则是解题的关键5下列各多项式从左到右变形是因式分解，并分解正确的是（ ）A（ab） 3b（ba） 2（ ba） 2（a2b）B（x +2）（x +3）x 2+
13、5x+6C4a 29b 2（4a9b）（ 4a+9b）Dm 2n 2+2（m+ n）（mn）+2【分析】直接利用因式分解的定义进而分析得出答案【解答】解：A、（ab） 3b（ba） 2（ba） 3b（ba） 2（ba） 2（a2b），是因式分解，故此选项正确；B、（x +2）（x +3）x 2+5x+6，是整式的乘法运算，故此选项错误；C、4a 29b 2（2a3b）（ 2a+3b），故此选项错误；D、m 2n 2+2（m+ n）（mn）+2 ，不符合因式分解的定义，故此选项错误故选：A【点评】此题主要考查了因式分解的意义，正确把握因式分解的定义是解题关键6根据图 的面积可以说明多项式的乘法运
14、算（2a+ b）（a+b）2a 2+3ab+b2，那么根据图的面积可以说明多项式的乘法运算是（ ）A（a+3b）（ a+b）a 2+4ab+3b2B（a+3b）（a+b）a 2+3b2C（b+3a）（b+a）b 2+4ab+3a2D（a+3b）（ ab）a 2+2ab3b 2【分析】根据图形确定出多项式乘法算式即可【解答】解：根据图的面积得：（a+3 b）（a+b）a 2+4ab+3b2，故选：A【点评】此题考查了多项式乘多项式，熟练掌握运算法则是解本题的关键7下列因式分解，错误的是（ ）Ax 2+7x+10（x+2 ）（x+5） Bx 22x8（x4）（x+2）Cy 2 7y+12（ y3）
15、（y4） Dy 2+7y18（y9）（y+2）【分析】直接利用十字相乘法分解因式进而判断得出答案【解答】解：A、x 2+7x+10（x+2）（x+5），正确，不合题意；B、x 2 2x8（x4）（x+2），正确，不合题意；C、y 2 7y+12（ y3）（y4），正确，不合题意；D、y 2+7y18（y+9）（y2），故原式错误，符合题意故选：D【点评】此题主要考查了十字相乘法分解因式，正确分解常数项是解题关键8计算（ 1x）（ ）的结果为（ ）A Bx（x+1） C D【分析】根据分式的运算法则即可求出答案【解答】解：原式 ，故选：C【点评】本题考查分式的运算，解题的关键是熟练运用分式的运算
16、法则，本题属于基础题型9某部门组织调运一批物资，一运送物资车开往距离出发地 180 千米的目的地，出发第一小时内按原计划的速度匀速行驶，一小时后以原来速度的 1.5 倍匀速行驶，并比原计划提前 40 分钟到达目的地设原计划速度为 x 千米/ 小时，则方程可列为（ ）A B C +1 D +1 +【分析】设原计划速度为 x 千米/ 小时，根据“一运送物资车开往距离出发地 180 千米的目的地”，则原计划的时间为： ，根据“出发第一小时内按原计划的速度匀速行驶，一小时后以原来速度的 1.5 倍匀速行驶”，则实际的时间为： +1，根据“实际比原计划提前 40 分钟到达目的地”，列出关于 x 的分式方
17、程，即可得到答案【解答】解：设原计划速度为 x 千米/ 小时，根据题意得：原计划的时间为： ，实际的时间为： +1，实际比原计划提前 40 分钟到达目的地， +1 ，故选：C【点评】本题考查了由实际问题抽象出分式方程，正确找出等量关系，列出分式方程是解题的关键10如图，边长为 24 的等边三角形 ABC 中，M 是高 CH 所在直线上的一个动点，连结 MB，将线段 BM 绕点 B 逆时针旋转 60得到 BN，连结 HN则在点 M 运动过程中，线段 HN 长度的最小值是（ ）A12 B6 C3 D1【分析】取 CB 的中点 G，连接 MG，根据等边三角形的性质可得 BDBG，再求出HBNMBG，
18、根据旋转的性质可得 MBNB，然后利用“边角边”证明MBG NBH，再根据全等三角形对应边相等可得 HNMG，然后根据垂线段最短可得 MGCH 时最短，再根据BCH30求解即可【解答】解：如图，取 BC 的中点 G，连接 MG，旋转角为 60，MBH+HBN60，又MBH+MBCABC60，HBNGBM，CH 是等边ABC 的对称轴，HB AB，HBBG ，又MB 旋转到 BN，BMBN，在MBG 和NBH 中，MBGNBH（SAS），MG NH，根据垂线段最短，当 MGCH 时，MG 最短，即 HN 最短，此时BCH 6030，CG AB 2412，MG CG 126，HN6，故选：B【点评
19、】本题考查了旋转的性质，等边三角形的性质，全等三角形的判定与性质，垂线段最短的性质，作辅助线构造出全等三角形是解题的关键，也是本题的难点二、填空题（本大题共 6 个小题，每小题 3 分，共 18 分）11计算 的结果为 【分析】根据同分母分式加减运算法则化简即可【解答】解：原式 ，故答案为： 【点评】本题考查了分式的加减运算，熟记运算法则是解题的关键12若式子 的值为零，则 x 的值为 1 【分析】直接利用分式的值为零则分子为零分母不等于零，进而得出答案【解答】解：式子 的值为零，x 210，（x 1）（x +2）0，解得：x1故答案为：1【点评】此题主要考查了分式的值为零的条件，正确把握相关
20、性质是解题关键13若多项式 9x22（m +1） xy+4y2 是一个完全平方式，则 m 7 或 5 【分析】利用完全平方公式得到 9x22（m +1）xy+4 y2（3x2y） 2，则2（m+1）xy12xy，即 m+16，然后解 m 的方程即可【解答】解：多项式 9x22（m +1）xy+4 y2 是一个完全平方式，9x 22（m+1）xy+4y 2（3x2y） 2，而（3x2y） 29x 212xy+4y2，2（m+1） xy12xy ，即 m+16，m7 或 5故答案为7 或 5【点评】本题考查了平方差公式：两个数的和与这两个数的差相乘，等于这两个数的平方差即（a+b）（ab）a 2b
21、 2也考查了完全平方公式14如图，ABC 和CDE 都是等边三角形，且EBD70，则AEB 130 【分析】根据等边三角形性质得出 ACBC ，CECD，BAC60，ACBECD60，求出ACEBCD，证ACEBCD，根据全等三角形的性质得出CAE CBD，求出ABE+BAE50，根据三角形内角和定理求出即可【解答】解：ABC 和CDE 都是等边三角形，ACBC，CECD，BAC60，ACBECD60，ACBECBECDECB，ACEBCD，在ACE 和BCD 中，ACEBCD（SAS），CAECBD，EBD70，70EBC60BAE，70（60ABE）60BAE，ABE +BAE50，AEB
22、 180（ABE +BAE）130故答案为：130【点评】本题考查了全等三角形的性质和判定，三角形内角和定理，等边三角形的性质的应用，能求出CAECBD 是解此题的关键，难度适中15如图，ABC 中，AB 10，AC 4，点 O 在边 BC 上，OD 垂直平分 BC，AD 平分BAC，过点 D 作 DMAB 于点 M，则 BM 3 【分析】连接 BD，CD，过点 D 作 DGAC，由垂直平分线的性质可得 BDCD，由ADMADG，RtBDM RtCDG 可得 AMAG ，DMDG ，BMCG，即可求 BM 的长【解答】证明：如图，连接 BD，CD，过点 D 作 DGAC，交 AC 的延长线于
23、G，OD 垂直平分 BC，BDCD，AD 平分BAC，DAMDAG，且 ADAD，AMD AGD，ADMADG（AAS ）AMAG ，MDDG，且 BDCD，RtBDMRtCDG（HL）BMCG ，ABAM+BMAG+BMAC +CG+BMAC+2BM104+2BMBM3，故答案为：3【点评】本题考查了全等三角形的判定和性质，线段垂直平分线的性质，角平分线的性质，熟练运用全等三角形的判定是本题的关键16如图，等腰ABC 中，ABAC 4，BC 6，ABD 是等边三角形，点 P 是BAC 的角平分线上一动点，连 PC、PD，则 PD+PC 的最小值为 4 【分析】连接 BP，根据 AP 垂直平分
24、 BC，即可得到 CPBP，再根据当 B，P，D 在在同一直线上时，BP+PD 的最小值为线段 BD 长，即可得出 PD+PC 的最小值为 4【解答】解：如图，连接 BP，点 P 是BAC 的角平分线上一动点，ABAC ，AP 垂直平分 BC，CPBP，PD+ PCPD+PB，当 B，P ，D 在在同一直线上时， BP+PD 的最小值为线段 BD 长，又ABD 是等边三角形，ABBD4，PD+ PC 的最小值为 4，故答案为：4【点评】本题主要考查了最短路线问题，凡是涉及最短距离的问题，一般要考虑线段的性质定理，结合轴对称变换来解决，多数情况要作点关于某直线的对称点三、解答题（共 8 题，共
25、72 分）17（12 分）解方程或化简分式：（1） 1（2） （ ）（3）（x2 ）【分析】（1）先把整式方程化为分式方程求出 x 的值，再代入最简公分母进行检验即可；（2）根据分式混合运算的法则把原式进行化简，即可；（3）根据分式混合运算的法则把原式进行化简，即可【解答】解：（1）方程两边同乘 x21，得：x 2+2x+1x 2+13，解得：x ，检验：将 x 代入 x21 0，x 是原方程的根；（2） （ ） + + ；（3）（x2 ） x4【点评】本题考查的是解分式方程，分式的混合运算，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键18（10 分）利用乘法公式计算：（1）（3a2）（3a2）+（
26、3a1） 2（2）（2x+y+1）（2x +y1）（2x y1） 2【分析】（1）先利用平方差公式和完全平方公式展开，然后合并同类项即可；（2）先利用平方差公式和完全平方公式展开，然后合并同类项即可【解答】解：（1）原式（3a+2）（3a2）+（3a1） 2（9a 24）+9a 26a+19a 2+4+9a26a+16a+5；（2）原式（2x+y ） 21（2xy） 22（2x y）+14x 2+4xy+y21（4x 24xy+y 24x +2y+1）4x 2+4xy+y214x 2+4xyy 2+4x2y 18xy+4x2y2【点评】本题考查了平方差公式：两个数的和与这两个数的差相乘，等于这
27、两个数的平方差即（a+b）（ab）a 2b 2也考查了完全平方公式19（8 分）在平面直角坐标系中，A（3，0），B 为 y 轴负半轴上一个动点（1）如图，若 B（0，5），以 A 点为顶点，AB 为腰在第三象限作等腰 RtABC，直接写出C 点的坐标 （8，3） ；（2）如图，当 B 点沿 y 轴负半轴向下运动时，以 B 为顶点，BA 为腰作等腰 RtABD（点 D 在第四象限），过 D 作 DEx 轴于 E 点，求 OBDE 的值【分析】（1）要求点 C 的坐标，则求 C 的横坐标与纵坐标，因为 ACAB，则作 CMx 轴，即求 CM 和 AM 的值，容易得MACOBA ，根据已知即可求得
28、 C 点的值；（2）求 OBDE 的值则将其放在同一直线上，过 D 作 DQOB 于 Q 点，即是求 BQ 的值，由图易求得AOBBDQ （AAS），即可求得 BQ 的长【解答】解：（1）过 C 作 CMx 轴于 M 点，CMOA，ACAB ，MAC+ OAB90，OAB+OBA90，则MACOBA ，在MAC 和OBA 中，MACOBA （AAS ），CMOA3，MAOB5 ，则点 C 的坐标为（8，3），故答案为：（8，3）；（2）如图 2，过 D 作 DQOB 于 Q 点，则 DEOQ，OBDE OBOQBQ，ABO+QBD90， ABO+OAB90，则QBD OAB，在AOB 和BDQ
29、 中，AOBBDQ（AAS），QBOA 3，OBDE BQOA3【点评】本题考查的是全等三角形的判定和性质，掌握全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键20（8 分）将下列多项式因式分解：（1）4ab 24a 2bb 3（2）x 25x6【分析】（1）直接提取公因式b，再利用完全平方公式分解因式得出答案；（2）直接分解常数项，进而分解因式即可【解答】解：（1）4ab 24a 2bb 3b（4ab+4a 2+b2）b（2ab） 2；（2）x 25x6（x 6）（ x+1）【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法、十字相乘法分解因式，正确应用公式是解题关键21（8 分）对于多项式 x35x
30、2+x+10，我们把 x2 代入此多项式，发现 x2 能使多项式x35x 2+x+10 的值为 0，由此可以断定多项式 x35x 2+x+10 中有因式（x2），（注：把 xa代入多项式，能使多项式的值为 0，则多项式一定含有因式（xa），于是我们可以把多项式写成：x 35x 2+x+10（x2 ）（x 2+mx+n），分别求出 m、n 后再代入x35x 2+x+10（x2）（x 2+mx+n），就可以把多项式 x35x 2+x+10 因式分解（1）求式子中 m、n 的值；（2）以上这种因式分解的方法叫“试根法”，用“试根法”分解多项式 x3+5x2+8x+4【分析】（1）根据 x35x 2+
31、x+10（x 2）（x 2+mx+n），得出有关 m，n 的方程组求出即可；（2）由把 x1 代入 x3+5x2+8x+4，得其值为 0，则多项式可分解为（x+1）（x 2+ax+b）的形式，进而将多项式分解得出答案【解答】解：（1）在等式 x35x 2+x+10（x 2）（x 2+mx+n），中，分别令 x0，x 1，即可求出：m3，n5（2）把 x1 代入 x3+5x2+8x+4，得其值为 0，则多项式可分解为（x+1）（x 2+ax+b）的形式，（7 分）用上述方法可求得：a4，b4，（8 分）所以 x3+5x2+8x+4（x +1）（x 2+4x+4），（x+1）（x+2） 2（10
32、分）【点评】本题主要考查了因式分解的应用，根据已知获取正确的信息，是近几年中考中热点题型同学们应熟练掌握获取正确信息的方法22（10 分）列分式方程解应用题：雄楚大街公交快速通道开通后，为相应市政府“绿色出行”的号召，家住关山光谷新城的小童上班由自驾车改为乘坐快速公交车已知小童家乘坐快速公家车到上班地点 18 千米，比他自驾车的路线距离少 2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每小时行驶的路程的 1.2 倍他从家出发到达上班地点，乘快速公交车方式比自驾车方式还提前 10 分钟，求小童用自驾车方式上班平均每小时行驶多少千米？【分析】设小童用自驾车方式上班平均每小时行驶 x 千
33、米，根据“已知小童家乘坐快速公家车到上班地点 18 千米，比他自驾车的路线距离少 2 千米，他乘快速公交车平均每小时行驶的路程是他自驾车平均每小时行驶的路程的 1.2 倍他从家出发到达上班地点，乘快速公交车方式比自驾车方式还提前 10 分钟”，列出关于 x 的分式方程，解之，经过检验后即可得到答案【解答】解：设小童用自驾车方式上班平均每小时行驶 x 千米，根据题意得： ，解得：x30，经检验：x30 是原方程的解，答：小童用自驾车方式上班平均每小时行驶 30 千米【点评】本题考查了分式方程的应用，正确找出等量关系，列出分式方程是解题的关键23（10 分）已知ABC 与ADE 是等边三角形，点
34、B、A、D 在一条直线上，CPN60，PN 交直线 AE 于点 N（1）若点 P 在线段 AB 上运动，如图 1（不与 A、B 重合），求证：PCPN；（2）若点 P 在线段 AD 上运动（不与 A、D 重合），在图 2 中画出图形，猜想线段 PC、PN 的数量关系并证明你的结论【分析】（1）在 AC 上截取 AFAP，可得PCF PNA ，所以 PCPN；（2）当 P 在 AD 上时，CPN 的一边 PN 交 AE 的延长线于 N，此时也有 PCPN 过 P 作 AC的平行线交 BC 的延长线于 F，由平行线的性质可得出FBCA60，故可得出FAPF，根据全等三角形的判定定理得出PCFNPA
35、，由全等三角形的性质即可得出结论【解答】解：（1）PCPN；理由如下：如图 1 所示，在 AC 上截取 AFAP，APAF，BAC60，APF 为等边三角形，PFPA，CPF+ FPN60，FPN+ NPA60，CPFAPN，在PCF 和PNA 中， ，PCFPNA（ASA ），PCPN；（2）PCPN；理由如下：当 P 在 AD 上时， CPN 的一边 PN 交 AE 的延长线于 N，此时也有 PCPN；过 P 作 AC 的平行线交 BC 的延长线于 F，如图 2 所示：FBCA60，APF BAC 60，FAPF，CFAP，CPN 60 ，NPF60FPC，BPC60CPF，NPFBPC，
36、FPAN60，FCPAPN60+APC，在PCF 和NPA 中， ，PCFNPA（AAS ），PCPN；【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质及等边三角形的性质；熟练掌握等边三角形的性质及全等三角形的性质，能够利用全等三角形求解线段之间的关系，正确作出辅助线是解答本题的关键24（10 分）如图，ABC 中（1）若ABC45，P 为 BC 边上一点，且 PC2PB， APC60，求ACB 的大小（2）如图，分别以 AB、AC 为边作ABD 和ACE，且ADAB，AC AE，DAB CAE 连接 DC 与 BE，G 、F 分别是 DC 与 BE 的中点，求AFG 的度数如图， DC、BE 交于点
37、 M，连接 AM，直接写出AMC 与 的数量关系是 AMC90+ 【分析】（1）过 C 作 AP 的垂线 CD，利用等腰三角形的判定和性质解答即可；（2） 连接 AG，利用全等三角形的判定和性质解答即可；由解答即可【解答】解：（1）过 C 作 AP 的垂线 CD，垂足为点 D，连接 BD：PCD 中，APC60，DCP30，PC2PD，PC2PB，BPPD ，BPD 是等腰三角形，BDPDBP 30，ABP 45，ABD15，BAP APCABC604515，ABDBAD15，BDAD ，DBP451530，DCP30，BDDC，BDC 是等腰三角形，BDAD ，ADDC，CDA90，ACD45，ACBDCP+ACD 75；（2） 连接 AG，DABCAE，DAB+BACCAE+BAC，DACBAE，在ADC 和ABE 中，ADCABE（SAS），DCBE ，ACDAEB，G、F 分别是 DC 与 BE 的中点，EFCG，在ACG 和AEF 中，ACGAEF（SAS），AGAF，CAGEAF，AGFAFG，CAGCAFEAFCAF ，EACGAF，EAC，GAF，GAF+AFG +AGF 180，AFG90 ；AMC90 + 故答案为：AMC90+ 【点评】此题考查全等三角形的判定与性质，关键是根据全等三角形的判定和性质解答
