1、江苏省苏州市高新区2023年中考物理一模试题一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。）1. 沪苏通长江公铁大桥开创了世界建桥史上公铁两用桥跨度进入千米级的篇章。小明模仿大桥搭建简易模型。如图乙所示，其他因素不变，如果只把拉索与桥塔的固定点上移，则可以（）A 增加动力B. 减小阻力C. 增加动力臂D. 增加阻力臂2. 小明和爸爸正在科技馆里体验升降座椅，其装置如图所示。首先爸爸对绳子施加拉力F，将坐在升降座椅上的小明匀速拉升一定高度h，用时为t。两人互换位置后，小明也将爸爸匀速拉升相同的高度h。已知爸爸和小明的质量分别为m1和m2，且m1m2，不计机械间摩擦和绳重，则下列说法正确的是（
2、）A. 爸爸对绳子施加拉力的功率为B. 动滑轮的重力为3F-m2gC. 爸爸拉绳子做的功比小明做的少D. 互换位置后，该装置的机械效率不变3. 如图所示，小明用绳拉着木箱在水平面上做匀速直线运动，所用拉力为F，木箱水平移动的距离为s，若不计绳重，下列说法正确的是（）A. 小明对木箱做的功W=FsB. 木箱受到的摩擦力和绳对木箱的拉力是一对平衡力C. 支持力做功与重力做功不等D. 木箱对绳的拉力和小明对绳的拉力是一对平衡力4. 小雨练习发高远球，羽毛球离拍后的飞行轨迹如图中曲线所示，其中CD段羽毛球匀速下落。下列有关说法正确的是（）A. 羽毛球离拍后继续上升过程中球拍在对球做功B. 羽毛球上升过
3、程中，有部分动能转化成了重力势能C. 飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时，动能为零D. 羽毛球飞行的整个过程中，机械能总量保持不变5. 下列说法正确的是（）A. 图甲：活塞压缩空气，空气温度升高，硝化棉燃烧，这里用到的研究方法有转换法B. 图乙：水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能增加C. 图丙：能量转化类似图甲D. 图丁：“比较不同燃料燃烧时放出热量”实验时根据水加热的时间来比较放出热量的多少6. 关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）A. 物体温度升高一定是吸收了热量B. 1kg的0的冰与1kg的0的水，内能不同C. 热传递过程中，内能大的物体放出热量D. 高温物体含有的热量比低温物体含有的
4、热量多7. 在你的家庭电路中，单独增加下列一个用电器并使其正常工作，能使通过电能表电流增加最大的是（）A. 电饭煲B. 柜式空调C. 学习台灯D. 日光灯8. 如图电路，电源电压恒定，当闭合开关S1、S2时，两灯都能正常发光，当开关S2断开时（）A 灯L1变亮些B. 电压表示数变大C. 电流表示数变小D. 电路总电阻变小9. 如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，电路正常工作，过了一会儿，有灯泡熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变大。若电路中只有一处故障，则故障可能是（）A. 灯泡L1断路B. 灯泡L2断路C. 灯泡L1短路D. 以上情况都不对10. 如图所示的电路中，电源两端电压为，
5、且保持不变，甲、乙是电表（电压表或电流表），灯泡L1标有“3V 3W”、灯泡L2标有“6V 6W”。闭合开关S，两灯均发光。若不计灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）A. 甲表为电压表，且示数为B. 乙表为电流表，且示数为C. 通电，该电路消耗的电能为D. 该电路的实际功率为两灯额定功率之和11. 如图所示为某电能表的表盘，小明利用该电能表检测一只标识为“220V 10W”节能灯的额定功率。他关闭其他用电器，将该节能灯接入220V的测量电路，设计了四种测量方案，你认为最可行的是（）A. 测量出电能表显示消耗1kWh电能所用时间tB. 测量出电能表显示消耗1Ws电能所用时间tC. 测量出1min
6、时间内电能表表盘转过的圈数nD. 测量出电能表转盘转过1圈所用时间t12. 某小组用“伏安法”测小灯泡额定功率，已知小灯泡额定电压为2.5V。若此实验中只有一只电表坏了，为了测出小灯泡的额定功率，小组同学们增加一个阻值为25的定值电阻R0，只利用一只电表，通过操作图中单刀双掷开关（单刀双掷开关分别接“a”、“b”各一次）测量小灯泡的额定电功率，图甲、图乙是他设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是（）A. 两种方案都能B. 两种方案都不能C. 甲方案能，乙方案不能D. 甲方案不能，乙方案能二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）13. 发展核电是我国实施“节能减排，降低热电污染”的
7、重要举措之一，核电站利用核_（裂变/聚变）释放出巨大的能量来发电，核能属于_（可再生/不可再生）能源。如图所示，某同学将导线ab向左运动，发现电流计的指针会偏转。若将导线ab向右运动，电流计指针_（会/不会）偏转；若保持导线ab在磁场中静止，电流计指针将_（会/不会）偏转。14. 汽油机是热机的一种，如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此冲程是_冲程，能量转化情况与_（选填“乙”或“丙”）图相同；若该汽油机飞轮的转速是2400r/min，则汽油机每秒钟对外做功_次。15. 如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，闭合开关S和S1，小灯
8、泡的实际功率为1W，则此时小灯泡的电阻为_；再断开开关S1，电流表示数变化了_A。若将R与标有“20 0.5A”的滑动变阻器串联后接到该电源（电源电压恒定）上，则滑动变阻器消耗的最大电功率是_W。16. 如图所示，电源电压恒为3V，只闭合开关S和S1，电流表A的示数为0.1A，只闭合开关S和S2，电流表A的示数为0.2A，开关S、S1、S2都闭合，电流表A的示数为0.4A，则开关S、S1、S2都闭合时L1、L2、L3连接方式是_联，灯泡L1两端的电压为_V，通过灯泡L2的电流为_A。17. 智能照明灯已进入千家万户，家用LED吸顶灯是采用LED作为光源的一种灯，与一般的日光灯、节能灯相比，吸顶
9、灯不仅节能环保，而且耗电量较少，同等亮度耗电量比普通节能灯要节约80%，则12W的LED灯的亮度与_W的节能灯亮度相当。18. 电热水袋式暖手宝，内置有电加热管（500W）和灌装特制液体，当袋内液体温度达到65时温控器会自动切断电路，停止加热，整个加热过程10分钟，可有效保暖210小时，给这种暖手宝加热时，是将电能转化为_能，加热一次需要消耗电能_J；用暖手宝暖手过程中，袋内液体的内能不断_（选填“增大”“减小”或“不变”），这是用_的方式改变物体的内能。19. 原地高抬腿可提高肺活量，增强腿部力量。体重为510N的中学生做原地高抬腿，运动的频率是每分钟60次，每次身体重心上升5cm，则运动一
10、分钟，克服重力所做的总功为_J，克服重力做功的平均功率为_W。20. 研究物理问题时，我们常用简单、易于研究的模型来代替复杂的物理原型，这种方法称为模型等效替代法。如图甲，虚线框内的电阻若用一个电阻R来替代，即可把原电路转换为两个电阻并联的电路（如图乙所示），从而使问题的解决得以简化。图丙中电源电压U=6V不变，R1=6，其余电阻值未知，测得AB间总电阻为3，电流表示数为_A；现将R1换成3的电阻，则AB间总电阻变为_。21. 如图所示电路中，电源电压恒定不变，小灯泡标有“6V 3W”字样，闭合开关后，当滑片P移至中点位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1；当滑片P移至某一
11、端点时，电流表示数为0.3A，电压表示数变化了3V。此时滑动变阻器消耗的功率为P2，则：电源电压的大小为_，前后两次电流大小之比为_，前后两次小灯泡消耗的功率变化了_W；滑动变阻器消耗的功率P1P2=_。（灯泡电阻随温度变化而变化）三、解答题（本题共10小题，共50分。第2325题需要写出必要的解答过程）22. 按题目要求作图：使轻质杠杆AO在图所示位置静止，画出A点所用最小动力F1的示意图和杠杆的阻力臂l2；23. 在图中画出最省力的绳子绕法.24. 如图所示，在“”内填入电流表与电压表的符号，闭合开关S后两灯均能发光。25. 如图所示，当开关S闭合后，请根据小磁针静止时的指向在括号内标出通
12、电螺线管的左端“N”极、“S”极和电源左端的“+”或“-”极。26. 工人用如图所示的装置把重80N的物体匀速提升2m，用时10s。手所用的拉力为50N。求：（1）该工人所做的有用功；（2）该工人做功的功率。27. 小明将质量为20kg的水从25加热到75，【水的比热容为4.2103J/(kg)，天然气的热值为3.5107J/m3】。求：（1）这些水吸收的热量；（2）若天然气燃烧的热量中50%被这些水吸收，则需要多少m3天然气。28. 如图所示，已知电源电压保持不变，灯泡L标有“3V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）。当断开S1，闭合S2、S3，此时灯泡刚好正常发光，电流表示数为2A。求
13、：（1）电阻R1阻值；（2）只闭合开关S1，灯泡L的电功率。29. 小明在“探究物体动能大小与物体的速度、质量关系”的实验中，让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，撞击水平木板上的木块。如图所示：（1）本实验的研究对象是_；（2）小车放置的位置越低，木块被撞击得越_（远/近）。该实验表明：_；（3）甲、乙两次实验木块移动过程中受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则_。f甲=f乙f甲f乙f甲m2故有W W爸爸拉绳子做的功比小明做的小，故C正确；D滑轮组的机械效率为根据G=mg，爸爸的重力大于小明的重力，而动滑轮的重力和座椅的重力不变，根据上式可知，互换位置后，该装置的机械效率发生了变化，故D错误。故选
14、C。3. 【答案】D【解析】【详解】A根据做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体沿力的方向通过一段距离可知，小明对木箱的拉力方向沿绳向上，物体移动的距离是水平的，所以小明对木箱做的功不等于Fs，故A错误；B木箱受到摩擦力的方向是水平向左，绳对木箱的拉力方向沿绳子斜向上，两个力的方向不在同一直线上，不是一对平衡力，故B错误；C根据功的定义可知，由于木箱水平移动，则在支持力和重力方向没有移动的距离，因此支持力和重力做功均为零，故C错误；D木箱对绳的拉力和小明对绳的拉力都作用在绳上，方向相反，大小相等，且作用在同一直线上，所以木箱对绳的拉力和小明对绳的拉力是一对平衡力，故D正确。故选D。
15、4. 【答案】B【解析】【详解】A羽毛球离拍后继续上升过程中，球拍没有对球施加力，所以球拍对球不做功，故A错误；B羽毛球上升过程中，羽毛球的质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，由于上升过程中，需克服空气阻力做功，因此有部分动能转化成了重力势能，故B正确；C飞行过程中，羽毛球经过最高点B处时的速度最小，动能最小，故C错误；D羽毛球飞行的整个过程中，会克服空气的阻力做功，羽毛球的机械能会减小，故D错误。故选B。5. 【答案】A【解析】【详解】A图甲中活塞压缩空气，空气温度升高，硝化棉燃烧，通过硝化棉燃烧可知内能增加，用到转换法，故A正确；B图乙中试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸
16、气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故B错误；C图甲中迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，将机械能转化为内能，图丙中两个气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能，两个图中能量转化不同，故C错误；D图丁实验中，两种燃料燃烧给水加热，通过水升高的温度来比较燃料燃烧放热的多少，故D错误。故选A。6. 【答案】B【解析】【详解】A物体温度升高，内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；B物体内能的大小跟物体的质量、温度以及状态有关，1kg的0的冰与1kg的0的水，状态不同，内能不同，故B正确；C热传递过程中，温度高的物体放出热量
17、，物体内能的大小跟物体的质量、温度以及状态有关，内能大的物体温度不一定高，故C错误；D热量是过程量，不能说物体含有多少热量，故D错误。故选B。7.【答案】B【解析】【详解】电饭煲、柜式空调、学习台灯、日光灯正常工作时，柜式空调功率最大，家庭电路中两端的电压一定，根据可知，柜式空调正常工作时，通过的电流最大，因家庭用电器能独立工作，互不影响，为并联电路，根据并联电路的电流规律可知，单独增加柜式空调并使其正常工作，能使通过电能表（干路）电流增加最大，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。8. 【答案】C【解析】【详解】ABC由电路图可知，两灯泡并联，开关S1控制干路，开关S2控制L2支路，电压表
18、测电源的电压，电流表测电路中的总电流，因电源电压不变，所以，开关S1闭合，S2断开前后，电压表的示数不变；开关S1闭合，S2由闭合到断开时，根据并联电路的电流关系可知，电流表的示数变小，由并联电路的特点可知灯泡L1的亮度不变，故AB不符合题意，C符合题意；D电源电压不变，电流表的示数变小，根据可知，电路的总电阻变大，故D不符合题意。故选C。9. 【答案】B【解析】【详解】根据电路图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流；电压表测量灯L2两端的电压。A若灯泡L1断路，两灯均不亮，两表均无示数，故A不符合题意；B若灯泡L2断路，两灯均不亮，电流表无示数，电压表示数变大，故B符合题意；CD若
19、灯泡L1短路，此时电压表测电源电压，因此其示数变大，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路的电流变大，因此电流表示数也变大，故CD不符合题意。故选B。10. 【答案】C【解析】【详解】根据灯泡L1标有“3V 3W”、灯泡L2标有“6V 6W”，可计算两个灯泡的电阻为AB若乙为电流表，则灯泡L2会被短路，所以乙为电压表，测量的是灯泡L2两端的电压；若甲为电压表，则灯泡L2不会发光，故甲为电流表，测量的是灯泡L2的电流，故AB错误；CD在知道两个电表情况下及两灯的发光情况可以推断，两个灯泡并联接入电路，且两灯两端的电压为U=3V；由于灯泡L1两端电压等于额定电压3V，则灯泡L1实际功率为P1=P
20、1=3W灯泡L2两端电压为U=3V，其实际功率为P2=则电路的总功率为P=P1+P2=3W+1.5W=4.5W通电时间t=1min，消耗电能为W=Pt=4.5W60s=270J故C正确，D错误。故选C。11. 【答案】D【解析】【详解】A根据的变形式可知，消耗1kWh电能时，所用的时间t较长，不易操作，故A不符合题意；B根据的变形式可知，消耗1Ws电能时，所用的时间t较短，不易操作，故B不符合题意；C节能灯1min时间内消耗的电能大约为则电能表1min时间内表盘转过的圈数大约为即电能表表盘转动不到一圈，因此无法测量，故C不符合题意；D电能表转盘转过1圈所用时间大约为由此可知，电能表转盘转过1圈
21、所用时间t比较容易测量，故D符合题意。故选D。12. 【答案】B【解析】【详解】开关分别接 a 、“b 各一次，a图，无论开关接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；b中，R0、小灯泡、变阻器三者串联， S接a时，电压表测定值电阻的电压，当开关接 b 时测量灯和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5V，所以此方案不能测出小灯的额定电功率。故选B。二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）13.【答案】 . 裂变 . 不可再生 . 会 . 不会【解析】【详解】1核裂变和核聚变都能释放能量，但又有区别，对于核裂变是可控的，因此核电站利
22、用核裂变释放出巨大的能量来发电。2核能消耗后不能在短时间内从自然界得到补充，是不可再生能源。34闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这种现象叫电磁感应现象。将导线ab向左运动，导线切割磁感线，电路中有感应电流产生，电流计的指针会偏转，若将导线ab向右运动，导线仍然切割磁感线，电路中仍然有感应电流产生，电流计的指针会偏转；若保持导线ab在磁场中静止，导线不切割磁感线，不产生感应电流，所以电流指针不偏转。14. 【答案】 . 做功 . 乙 . 20【解析】【详解】12图甲所示冲程中，进气门和排气门关闭，活塞向下运动，火花塞产生电火花，故此冲程为汽油机的做功冲程，在此过
23、程中，燃气的内能转化为活塞的机械能；图乙中，高温水蒸气将塞子冲出时，将内能转化为机械能；图丙中，活塞压缩筒内气体，机械能转化为内能，使气体内能增加，温度升高。对比三图所示情景的能量转化情况可知，图甲所示冲程的能量转化情况与乙图所示情景的能量转化相同。3汽油机的一个工作循环中，经历四个冲程，飞轮转动两周，对外做功一次，因为该汽油机飞轮的转速是2400r/min=40r/s，所以飞轮每秒转动40周，则汽油机每秒钟对外做功20次。15. 【答案】 . 4 . 0.2 . 0.1【解析】【详解】1闭合开关S和S1后，小灯泡L和电阻R并联，此时小灯泡实际功率为P=UI=1W由图像可知，当U=2V，I=0
24、.5A时，P=1W，故灯泡电阻2闭合开关S和S1后，小灯泡L和电阻R并联，电路中电压U总=UL=UR=2V电流表测干路电流，因此此时电流表示数I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.7A断开开关S1后，电路中电压为2V，电流为0.5A，电流表示数变化了0.7A-0.5A=0.2A3当电路中电压为2V时，由图像可知，电阻R的电流为0.2A，因此电阻R的阻值为若将R与标有“20 0.5A”的滑动变阻器串联后接到该电源上，则滑动变阻器的功率为当时，滑动变阻器消耗的电功率最大为16. 【答案】 . 并 . 3 . 0.1【解析】【详解】12当只闭合开关S和S1时，电路为只有灯泡L3的简单电路，L3的两
25、端电压等于电源电压，此时电流表A的示数为I3=0.1A；只闭合开关S和S2时，电路为只有灯泡L1的简单电路，L1的两端电压等于电源电压，此时电流表A的示数为I1=0.2A；当开关S、S1、S2都闭合时，三个灯泡并联在电路中，电流表测的是干路电流，根据并联电路的电压特点可知，三个灯泡的两端电压都等于电源电压，则灯泡L1两端的电压为3V。3根据并联电路电流特点可知，通过灯泡L2的电流为I2=I-I1-I3=0.4A-0.2A-0.1A=0.1A17.【答案】60【解析】【详解】设两灯泡正常发光的时间为t，由可得，LED灯消耗的电能为由于LED灯同等亮度耗电量比普通节能灯要节约80%，则普通节能灯消
26、耗的电能为根据可得，节能灯的电功率为18.【答案】 . 内 . 3105 . 减小 . 热传递【解析】【详解】1给这种暖手宝加热时，消耗电能，产生内能，将电能转化为内能。2加热一次需要消耗电能W=Pt=500W1060s=3105J34用暖手宝暖手过程中，袋内液体放出热量，内能不断减小，通过热传递的方式改变物体的内能。19.【答案】 . 1530 . 25.5【解析】【详解】1运动一分钟，克服重力所做的总功W=nGh=60510N0.05m=1530J2克服重力做功的平均功率20. 【答案】 . 2 . 2【解析】【详解】1设AB以上部分的电阻为R2，由题意可知，R1和R2并联后的总电阻为3，
27、则根据欧姆定律可得，此时电路电流为2根据并联电路电阻特点可得则AB以上部分的电阻为现将R1换成3的电阻，R2的阻值不变，根据并联电路的电阻特点可得则此时AB间总电阻变为21. 【答案】 . 21V . 53 . 2.1 . 2518【解析】【详解】1由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。设电源电压为U，当滑片P移至中点位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，由P=UI可得，此时电路中的电流为滑片P移至中点位置变阻器的阻值当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；变
28、阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了3V即增大了3V，此时滑动变阻器两端的电压为U滑=U-6V+3V=U-3V滑动变阻器的最大阻值为由和得到U=21V2前后两次电流大小之比为II=0.5A0.3A=533由题意可知，小灯泡恰好正常发光，则此时灯泡消耗的功率PL=3W，当滑片P移至某一端点时，电压表示数变化了3V即增大了3V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V，则此时灯泡两端的电压UL=6V-3V=3V此时灯泡消耗电功率PL=ULI=3V0.3A=0.9W则灯泡消耗的功率变化了PL=PL-PL=3W-0.9W=2.1W4原来滑动变阻
29、器消耗的功率为P1=U滑I= =(21V-6V)0.5A=7.5W当滑片P移至某一端点时，滑动变阻器消耗的功率为P2=U滑I=(21V-3V)0.3A=5.4W滑动变阻器消耗的功率P1P2=7.5W5.4W=2518三、解答题（本题共10小题，共50分。第2325题需要写出必要的解答过程）22. 【答案】【解析】【详解】由题意可知，阻力大小等于重物的重力大小，方向竖直向下，过支点O作与阻力作用线垂直的垂线段，即为杠杆的阻力臂l2；根据杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定的情况下，当动力臂最大，即连接OA作为动力臂时，动力F1最小。如图所示：23. 【答案】【解析】【分析】【详解】只有一个动滑轮
30、，要求最省力，绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，从内向外依次绕绳就是最省力的绕法，如图所示：24. 【答案】【解析】【详解】如图所示：圈1电表与由灯泡L1并联，为电压表，圈2电表串联在电路中，为电流表，如图所示：25.【答案】【解析】【详解】根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极；再根据右手螺旋定则可以判断出电流的流向，在电源外部电流从正极出发，可知电源的左端为负极，如图所示26. 【答案】（1）160J；（2）20W【解析】【详解】解：（1）该工人所做的有用功W=Gh=80N2m=160J（2）绳子的有效段数为2，绳子自由端移动的距离为s=2h=22m=4m该工人做功的功率答：（1）该工人
31、所做的有用功为160J；（2）该工人做功的功率为20W。27. 【答案】（1）4.2106J；（2）0.24m3【解析】【详解】解：（1）水吸收的热量Q吸=cm(t-t0)=4.2103J/(kg)20kg(75-25)=4.2106J（2）天然气燃烧放出的热量烧开这壶水需要天然气的体积答：（1）这些水吸收的热量是4.2106J；（2）若天然气燃烧的热量中50%被这些水吸收，则需要0.24m3天然气。28. 【答案】（1）3；（2）0.75W【解析】【详解】解：（1）当断开S1，闭合S2、S3，此时灯泡L和电阻R1并联，电流表测干路电流，由于此时灯泡正常发光，灯泡的两端电压为UL=3V，则根据
32、并联电路的电压特点可知，灯泡L和电阻R1的两端电压都等于电源电压，即根据P=UI可得，通过灯泡的电流为根据并联电路的电流特点可知，通过电阻R1的电流为根据欧姆定律可得，电阻R1的阻值为（2）只闭合开关S1，此时灯泡L和电阻R1串联。根据欧姆定律可得，灯泡的电阻为则此时电路的电流为因此灯泡L的电功率为答：（1）电阻R1的阻值为3；（2）只闭合开关S1，灯泡L的电功率为0.75W。29. 【答案】 . 小车 . 近 . 质量一定时，速度越大，动能越大 . 【解析】【详解】（1）1本实验研究的是小车，由于让小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，则小车到达水平面时的速度不同，因此探究的是小车的动能与速度
33、的关系。（2）23同一小车可保证了质量相同，从斜面的不同高度由静止滑下，小车放置的位置越低，到达水平面的速度越小，木块被撞击后滑行得越近，说明小车的动能更小；由此可以得出结论：质量相同的物体，速度越大，物体具有的动能越大。（3）4甲、乙两次实验木块移动过程中因没有改变木块和接触面，所以受到的摩擦力相同，即f甲=f乙。故选。30. 【答案】 . 先变大再变小 . 非平衡 . 1 . 小于【解析】【详解】（1）1小球在下落的过程中，橡皮筋逐渐发生弹簧形变，橡皮筋所受弹力由小变大，当重力大于弹力时，小球受到合力向下，小球加速下落；当弹力等于重力时，小球受到合力为0，速度达到最大；当弹力大于小球重力时
34、，合力向上，小球开始做减速运动。由此可知小球下落速度的变化情况是：先变大后变小；由于小球的质量不变，因此小球动能变化情况是先变大再变小。（2）2当橡皮筋伸长量最大即弹性势能最大时，小球速度减小为0，小球受力不平衡，所以处于非平衡状态。（3）3由图可知，在b点处时小球的速度是最大的，重力等于弹力；此时橡皮筋的伸长量为h=hb-ha=0.5m-0.4m=0.1m橡皮筋每受到0.1N的拉力就伸长1cm，则弹力为因此小球的重力为1N。4根据能量守恒可知，由a点到b点，小球减少的重力势能转化为小球的动能和橡皮筋的弹性势能，则小球的动能变化量小于重力势能的变化量。31. 【答案】 . 23 . 1.610
35、3 . 小【解析】【详解】12一把材料分布均匀的米尺，其重心在中心。杠杆平衡时，如图甲知，重心到支点的距离为两格，重物到支点的距离为三格，设一格长度为L，米尺重为G，物体重为G1，根据杠杆的平衡条件得所以由乙图知，杠杆平衡时，根据杠杆的平衡条件得由得又因为浸没，所以所以3甲图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力；乙图小桌子对地面的压力等于米尺、物体和小桌的总重力减去物体所受的浮力，即乙图小桌子对地面的压力比甲图小桌子对地面的压力小，小桌子的受力面积不变，根据知，乙图小桌子对地面的压强比甲图小桌子对地面的压强小。32. 【答案】 . . A1 . A2 . 5 . 11【解析】【详解】
36、（1）1当滑片顺时针转动时，灯变亮，电路中的电流变大，由可知电路的电阻变小，电阻丝变短，将BC接入电路中与灯串联，如图所示：（2）2345由图乙可知，电位器PA段电阻和PB段电阻并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测PA段电阻的电流，滑片顺时针转动时，PA段电阻变大，由可知通过PA段电阻电流变小，电流表A2不会先损坏，由并联电路电流的特点可知电流表A1先超量程损坏，若滑片逆时针转动时，PA段电阻变小，由可知通过PA段电阻电流变大，电流表A2会先先超量程损坏，A2的量程是00.6A，PA段电阻变化不能使电流超过0.6A，电阻最小值为电流表A1的量程是03A，不能使干路中的电流超过3A，电
37、路总电阻由电阻的并联可知RPB+R大=12.1由和得到R大=11为了保证两个电流表的安全，PA段电阻接入的阻值范围是5到10。33. 【答案】 . 电阻断路 . 0.1 . 10【解析】【详解】（1）1实验过程中电流表几乎无示数，可能电路中出现断路，电压表示数接近3V，电压表与电源连通，可能是定值电阻R断路。（2）2由图乙所示，电流表选用00.6A量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.1A。（3）3由欧姆定律，电阻的电压为U定=IR=0.1A20=2V探究“电流与电阻的实验”中应控制电压不变，即应保持定值电阻两端的电压2V不变，由串联分压可知，当定值电阻的阻值增大，电压表的示数增大，为了
38、保持电压表的示数不变，由串联电路电压的规律可知增大变阻器两端的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑动变阻器接入电路的最大阻值时，定值电阻的阻值也最大，此时电压表的示数仍为2V，定值电阻的最大值是20，通过电路的电流是0.1A，根据串联电路的特点及欧姆定律可知，滑动变阻器此时的接入电路的最大阻值34. 【答案】 . . 0.65 . R2 . R1 . 【解析】【详解】（1）1分析实物图可知，此时变阻器与电流表串联后与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表应与灯串联，变阻器与灯串联，电压表与灯并联，将小灯泡左侧连线改接到电压表左侧，如下图所示（2）2图乙中，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A，则灯泡的额定功率为P=UI=2.5V0.26A=0.65W（3）3只闭合开关S，S1，即只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V。4利用等效替代的方法，只闭合R1所在支路，即闭合开关S、S2，
