2022届安徽省安庆市高考二模数学理科试题(乙卷)含答案解析

上传人:无*** 文档编号:215343 上传时间:2022-06-02 格式:DOCX 页数:15 大小:914.66KB
下载 相关 举报
2022届安徽省安庆市高考二模数学理科试题(乙卷)含答案解析_第1页
第1页 / 共15页
2022届安徽省安庆市高考二模数学理科试题(乙卷)含答案解析_第2页
第2页 / 共15页
2022届安徽省安庆市高考二模数学理科试题(乙卷)含答案解析_第3页
第3页 / 共15页
2022届安徽省安庆市高考二模数学理科试题(乙卷)含答案解析_第4页
第4页 / 共15页
亲,该文档总共15页,到这儿已超出免费预览范围,如果喜欢就下载吧!
资源描述

1、202绝密启封并使用完毕前2022年安庆市高三模拟考试(二模)数学试题(理)本试卷分为第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。考试时间120分钟。第卷1、 选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.设集合,则A. B. C. D. 2.复数满足(为虚数单位),则实数A. B. C. D.3.命题:,则为A., B., C. , D.,4.抛物线的焦点为,点在抛物线上若,则直线的斜率为A. B. C. D. 5.已知,则A. B. C. D.或6.圆锥被过顶点的一个截面截取部分后所剩几何体的三视图如图所示,则截取部分几何体的体积

2、为A. B.C. D.7.我国唐代著名的数学家僧一行在著作大衍历中给出了近似计算的“不等间距二次插值算法”,用数学语言可表述为:若,则在闭区间上函数可近似表示为:,其中,.已知函数,分别取,则用该算法得到A. B. C. D. 8.已知函数,()的最小正周期为,将其图象沿轴向右平移()个单位,所得图象关于直线对称,则实数的最小值为A B C D9.已知,分别是双曲线(,)的右顶点和左焦点,是坐标原点. 点在第一象限且在的渐近线上,满足.若平分,则双曲线的离心率为A. B. C. D. 10.已知等比数列,公比为,其中,均为正整数,且,成等差数列,则等于A.96 B.48 C.16 D.811.

3、棱长为的正方体中, ,分别是棱,的中点,下列命题中错误的是A. B. /平面 C. 平面 D. 四面体的体积等于 12.若存在两个正实数x,y使得等式成立,则实数a的取值范围是A.B.C.D.第卷二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知平面向量,为单位向量,若,垂直,则,的夹角为 .14.立德中学开展学生数学素养测评活动,高一年级测评分值(满分100分)近似服从正态分布,正态曲线如图所示.为了调查参加测评的学生数学学习的方法与习惯差异,决定在分数段内抽取学生,并确定,且.在某班随机抽样得到20名学生的分值分布茎叶图如图所示.若该班抽取学生分数在分数段内的人数为,则等于 ;这名

4、学生的人均分为 .(第1空2分,第2空3分)(附:,)第16题图 15.已知定义在区间上的函数,满足,当时,.则满足不等式的实数的范围为 .16.如图,在中,点在边上,垂直于,则的面积为 .三、解答题:共70分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第1721题为必考题,每个试题考生都必须作答. 第22,23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17.(本小题满分12分)已知数列的前项和为,且满足,.(I)求的通项公式;()若,求的前项和.18.(本小题满分12分)如图,四边形是梯形,/,是等腰三角形,且平面平面.(I)求证:;()如果直线与平面所成角的大小为45,求平面与

5、平面所成锐二面角的余弦值. 19.(本小题满分12分)2022年2月4日,第24届北京冬奥会在国家体育馆隆重开幕,本届冬奥会吸引了全球91个国家和地区的2892名冰雪健儿前来参赛.各国冰雪运动健儿在“一起向未来”的愿景中,共同诠释“更快、更高、更强、更团结”的奥林匹克新格言,创造了一项又一项优异成绩,中国队9金4银2铜收官,位列金牌榜第三,金牌数和奖牌数均创历史新高.中国健儿在赛场上努力拼搏,激发了全国人民参与冰雪运动的热情,憨态可掬的外貌加上富有超能量的冰晶外壳的吉祥物“冰墩墩”备受大家喜爱.某商场举行“玩摸球游戏,领奥运礼品”的促销活动,活动规定:顾客在该商场一次性消费满300元以上即可参

6、加摸球游戏.摸球游戏规则如下:在一个不透明的袋子中装有10个大小相同、四种不同颜色的的小球,其中白色、红色、蓝色、绿色小球分别有1个、2个、3个、4个,每个小球上都标有数字代表其分值,白色小球上标30、红色小球上标20、蓝色小球上标10、绿色小球上标5.摸球时一次只能摸一个,摸后不放回.若第一次摸到蓝色或绿色小球,游戏结束,不能领取奥运礼品;若第1次摸到白色小球或红色小球,可再摸2次.若摸到球的总分不低于袋子中剩下球的总分,则可免费领取奥运礼品.(I)求参加摸球游戏的顾客甲能免费领取奥运礼品的概率;()已知顾客乙在第一次摸球中摸到红色小球,设其摸球所得总分为,求的分布列与数学期望.20.(本小

7、题满分12分)已知曲线,其离心率为,焦点在轴上.(I)求的值;()若与轴交于两点(点位于点的上方),直线与交于不同的两点,直线与直线交于点.求证:当时,三点共线21.(本小题满分12分)已知函数,.(I)求函数的最值;()当时,证明:函数有两个零点.(二)选考题:共10分.请考生从第22,23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.22. 选修44:坐标系与参数方程 (本小题满分10分)已知直线(其中常数,为参数),以原点为极点,以轴非负半轴为极轴,取相同的单位长度建立极坐标系,曲线的极坐标方程为.已知直线与曲线相切于点. (I)求的值;()若点为曲线上一点,求的面积取最大值时点的坐

8、标.23. 选修4-5:不等式选讲(本小题满分10分)已知函数.(I)求不等式的解集;()设函数的最小值为,正实数满足,求证:.参考答案1、 选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分. 在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.题号123456789101112答案CCDBAADBABCD1.C.【解析】,.选C.2.C.【解析】设,则,有,由复数相等得到.选C.3.D.【解析】“”的否定为“”,故选D.4.B.【解析】设点,则,故,故点坐标为或,所以直线的斜率为.选B.另解:设直线的倾斜角为,点,在抛物线准线 上的射影分别为,.则,又,所以,得,所以选B.5.A.【解析】由已知

9、,平方得,由于,解得或(舍),所以,故.选A.6.A.【解析】解:如图,圆锥底面半径为2,高为3,截取的几何体的体积.选A.7.D.【解析】根据条件可知,所以,所以.故选D.8.B.【解析】,由其最小正周期为,有,所以,将其图象沿轴向右平移()个单位,所得图象对应函数为,其图象关于对称,则有,由,实数的最小值为.选B.9.A.【解析】由已知,而,故,由可得,整理可得.另解:根据题意可得点的坐标为,点的坐标为,其中,所以直线的方程为,即,所以坐标原点到直线的距离等于. 因为,所以点到直线的距离等于, 由平分,得,变形为.因为离心率,又,所以,解得. 故选A.10.B.【解析】由,有,即,由于,均

10、为正整数,故(不合题意,舍去)或,得.所以.选B.11.C.【解析】,A正确;如图,取的中点,连接,易知四边形是平行四边形,所以/,所以/平面,B正确;若平面,则,可得,不成立,C不正确;计算可知D正确.选C.12.D.解析:因为x,y均为正数,所以等式可化为,即,即.令,则,令,解得,当时,在上单调递增,当时,在上单调递减,所以,且当时,所以,故选D.第卷二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.【解析】由于,故,故,所以,的夹角为.14.【解析】随机变量,由,可得.故该班在内抽取了10人,人均分为分.15.【解析】设,则,故为偶函数,由,有,故,由于函数在上为减函数,故,解得.

11、16.【解析】在中,因为,设,则在中,由余弦定理得,在中,因为,故,所以,解得.所以, 则的面积.三、解答题:共70分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第1721题为必考题,每个试题考生都必须作答. 第22,23题为选考题,考生根据要求作答.17.(本小题满分12分)【解析】(I)时,解得. 1分时,故,所以, 3分故.符合上式故的通项公式为,. 6分(),. 12分18.(本小题满分12分)【解析】(I)如图,取的中点,连接. 因为,/,所以四边形是矩形,所以.在中,所以. 连接,则是等边三角形. 取的中点,连接,则. 连接,因为,所以,因为,所以平面,所以. 6分()因为平面平面

12、,所以平面. 连接,则就是直线与平面所成的角,所以,所以.在中,所以,所以. 8分如图,以为坐标原点,、分别为轴、轴和轴的正方向,建立空间直角坐标系,令,则, . 由,可得.所以,. 设平面的一个法向量为,由,得.可取,则.因为平面的一个法向量为,所以,所以平面与平面所成锐二面角的余弦值为. 12分19.(本小题满分12分)【解析】(I)因所有小球的总分为120分,若甲第1次摸到白球,再摸两个球的颜色若都是红色,或者一红一蓝即可领取奥运礼品,其概率为; 2分若甲第1次摸到红球,再摸2个球的颜色若是一白一红,一白一蓝即可领取奥运礼品,其概率为; 所以顾客甲能免费领取奥运礼品的概率为. 5分()由

13、条件可知, 6分,,, 9分于是的分布列为:7060555045403530其数学期望为.12分20.(本小题满分12分)【解析】(I)由于是焦点在轴上的椭圆,则其方程可化为,所以必须满足:,解得.因的离心率为,则,解得. 5分()由(I)可知的方程为,所以,.把代入,整理得.设,则,. 7分因为点,所以直线的方程为:.令,得,所以.因为点,所以直线的斜率为,直线的斜率为.所以.,当时,上式等于0,即,这说明,三点共线12分21.(本小题满分12分)【解析】(I), 1分由于,所以,设,则,故函数在区间上单调递减,由于,故存在,使. 3分故当,则,当时,则,从而存在,的单增区间为,单减区间为.

14、函数的最大值为, 4分由于,所以,故.所以函数的最大值为,没有最小值. 6分()设1),则,当时,故在上单调递增,故,即.当时,由(I)知,由于,由(I)知,且,故,即,所以,9分且,而,故函数有两个零点. 12分(说明:若采用极限证明,扣3分.)22. 选修44:坐标系与参数方程 (本小题满分10分)【解析】()由已知可得直线的普通方程为,曲线的直角坐标方程为,根据点到直线的距离公式可知,解得或,又,所以. 5分()由()可知直线的方程为,而且弦的长度一定,要使的面积最大,只需点到直线的距离最大,设,则点到直线的距离为,所以当即时,距离最大,此时点的坐标为. 10分23. 选修45:不等式选讲(本小题满分10分)【解析】()由条件可知原不等式可化为,解得;解得;解得,所以原不等式的解集为. 5分()因, 所以当时,函数的最小值为,于是,由于,而,于是.因为所以,原不等式得证. 10分

展开阅读全文
相关资源
相关搜索
资源标签

当前位置:首页 > 高中 > 高中数学 > 数学高考 > 第二次模拟