1、第第 2 课时课时 直流电路和交流电路直流电路和交流电路 高考命题点 命题轨迹 情境图 闭合电路欧姆 定律的应用 2016 2 卷 17 16(2)17 题 电路中的能量 问题 交流电的产生 和描述 2018 3 卷 16 18(3)16 题 变压器和远距 离输电 2015 1 卷 16 15(1)16 题 16(1)16 题 16(3)19 题 2016 1 卷 16, 3 卷 19 1纯电阻电路和非纯电阻电路的电功、电功率的比较 (1)纯电阻电路：电功 WUIt，电功率 PUI，且电功全部转化为电热，有 WQUItU 2 R t I2Rt，PUIU 2 R I2R. (2)非纯电阻电路：电
2、功 WUIt，电功率 PUI，电热 QI2Rt，电热功率 P热I2R，电功率 大于电热功率，即 WQ，故求电功、电功率只能用 WUIt、PUI，求电热、电热功率只能 用 QI2Rt、P热I2R. 2电源的功率和效率 (1)电源的几个功率 电源的总功率：P总EI. 电源内部消耗的功率：P内I2r. 电源的输出功率：P出UIP总P内 (2)电源的效率 P 出 P总100% U E100%. 3交流电的“四值” (1)最大值 EmNBS，电容器的击穿电压指最大值 (2)瞬时值(从中性面开始计时)eNBSsin_t. (3)有效值： 正弦式交流电的有效值 EEm 2； 非正弦式交流电的有效值必须根据电
3、流的热效应， 用等效的思想来求解计算交流电路的电功、电功率和测定交流电路的电压、电流都是指有 效值 (4)平均值： E n t ，常用来计算通过电路的电荷量 4理想变压器的基本关系式 (1)功率关系：P入P出 (2)电压关系：U1 U2 n1 n2. (3)电流关系：只有一个副线圈时I1 I2 n2 n1. 1直流电路动态分析方法 (1)程序法：基本思路是“部分整体部分”即从阻值的变化入手，由串、并联规律判定 R总的变化情况， 再由闭合电路欧姆定律判断 I总和 U端的变化情况， 最后由部分电路欧姆定律 及串联分压、并联分流等规律判断各部分的变化情况 (2)结论法“串反并同”： “串反”：指某一
4、电阻增大(减小)时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、电 功率都将减小(增大) “并同”：指某一电阻增大(减小)时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、电 功率都将增大(减小) 2变压器和远距离输电的分析技巧 (1)变压器副线圈的电流和功率决定原线圈的电流和功率； (2)远距离输电问题分析的关键是求中间回路电流的大小. 1直流电路动态分析方法 (1)程序法；(2)“串反并同”法；(3)极限法 2电容器的特点 (1)只有当电容器充、放电时，电容器支路中才会有电流，当电路稳定时，电容器所在的支路 相当于断路 (2)电路稳定时，与电容器串联的电路中没有电流，同支路的电阻相当于导线，
5、电容器的电压 为与之并联的电阻两端的电压 例 1 (2019 江西赣州市上学期期末)如图 1 所示，汽车蓄电池与车灯、启动电动机组成的 电路，蓄电池内阻为 0.05 ，电表可视为理想电表只接通 S1时，电流表示数为 10 A，电压 表示数为 12 V，再接通 S2，启动电动机时，电流表示数变为 8 A，则此时通过启动电动机的 电流是( ) 图 1 A2 A B8 A C50 A D58 A 答案 C 解析 只接通 S1时，由闭合电路欧姆定律得：EUIr12 V100.05 V12.5 V，R灯 12 10 1.2 ，再接通 S2后，流过电动机的电流为：I 电动机12.581.2 0.05 A8
6、 A50 A，故 选 C. 拓展训练 1 (2019 湖北武汉市四月调研)2019 年 3 月 19 日，复旦大学科研团队宣称已成功 制备出具有较高电导率的砷化铌纳米带材料， 据介绍该材料的电导率是石墨烯的 1 000 倍 电 导率 就是电阻率 的倒数，即 1 .下列说法正确的是( ) A材料的电导率越小，其导电性能越强 B材料的电导率与材料的形状有关 C电导率的单位是 1 m D电导率大小与温度无关 答案 C 解析 材料的电导率越小，电阻率越大，则其导电性能越弱，选项 A 错误；材料的电导率与 材料的形状无关，选项 B 错误；根据 RL S，则 1 L RS，则电导率的单位是 m m2 1
7、m， 选项 C 正确；导体的电阻率与温度有关，则电导率大小与温度有关，选项 D 错误 拓展训练 2 (多选)(2019 广东珠海市质量监测)如图 2 所示，直流电路中，R1、R2是定值电 阻，R3是光敏电阻，其阻值随光照增强而减小当开关 S 闭合，电容器两板间的 M 点的带电 液滴恰好能保持静止现用强光照射电阻 R3时( ) 图 2 A电源的总功率减小 BA 板的电势降低 C液滴向上运动 D电容器所带电荷量增加 答案 CD 解析 电路稳定时电容器两板间的电压等于 R1两端的电压，当用强光照射光敏电阻 R3时， 光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，电源的总功率 PEI 变大，R1两端间的电压增大
8、， 电容器的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，液滴向上运动，故 A 错误， C 正确；电容器的电压增大，电容不变，由 QCU 知，电容器所带电荷量增加，故 D 正确； 由于电路中的电流增大，R1两端的电势差增大，又因为 R1下端接地，电势为零，所以 R1上 端电势增大，A 板的电势也增大，故 B 错误 例 2 (2019 山东枣庄市上学期期末)如图 3 甲所示，一个简单的闭合电路由内、外两部分电 路构成已知内电路的电源是一个化学电池，电池的正、负极附近分别存在着化学反应层， 反应层中非静电力(化学作用)把正电荷从电势低处移到电势高处，在这两个地方，电势会沿 电流方向“跃升”这样
9、整个闭合电路的电势高低变化情况如图乙所示，图乙中各点位置的 高低表示电路中相应各点电势的高低，D 点的高度略低于 C 点若减小外电路电阻 R，则下 列说法正确的是( ) 图 3 AC、D 两点之间的高度差将变大 BA、D 两点之间的高度差和 C、B 两点之间的高度差之和将变小 CA、B 两点之间的高度差不变 D在电子从 A 点经 D、C 移动至 B 点的过程中，非静电力做功将变大 答案 A 解析 因电动势不变，减小外电路电阻 R， 电路中的电流增大， 内电压变大， 外电压减小， A、 B 两点的高度差为外电压，减小；C、D 两点高度差类似于内电压，变大，故 A 正确，C 错 误；A 与 D，C
10、 与 B 高度差的总和为电动势，故应不变，故 B 错误；电子从 A 处经 D、C 至 B 处，非静电力做功 WEq，不变，故 D 错误 拓展训练 3 (2019 浙江超级全能生 2 月联考)小雷同学家里购买了一款扫地机器人， 如图 4 所示，小雷同学仔细检查了这个新扫地机器人，发现铭牌上标有如表所示数据，则该扫地机 器人( ) 图 4 主机基本参数 产品尺寸 345 mm*345 mm*96 mm 电池 14.4 V/5 200 mA h 锂电池 产品质量 约 3.8 kg 无线连接 WiFi 智能快连 额定电压 14.4 V 额定功率 55 W A.额定工作电流为 0.25 A B充满电后正
11、常工作的时间为 2.5 h C电池充满电后储存的总电荷量为 18 720 C D以额定电流工作时每小时消耗能量为 55 J 答案 C 解析 由铭牌知， 扫地机器人工作的额定电压为14.4 V， 额定功率为55 W， 则额定电流I 55 14.4 A3.82 A，每秒钟消耗能量 WPt55 J，A、D 错误；根据电池容量 5 200 mA h 知，电池 充满电后储存的总电荷量 Q5.2 A3 600 s18 720 C，充满电后正常工作的时间 t 5 20010 3 A h 3.82 A 1.36 h，B 错误，C 正确 例 3 (多选)(2019 山东淄博市 3 月模拟)由法拉第电磁感应定律可
12、知， 若穿过某截面的磁通 量为 msin t，则产生的感应电动势为 emcos t.如图 5 所示，竖直面内有一个闭合 导线框 ACD(由细软弹性电阻丝制成)端点 A、D 固定在以水平线段 AD 为直径的半圆形区 域内，有磁感应强度大小为 B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场设导线框的电阻恒定， 圆的半径为 R，用两种方式使导线框上产生感应电流方式一：将导线上的 C 点以恒定角速 度 1(相对圆心 O)从 A 点沿圆弧移动至 D 点；方式二：以 AD 为轴，保持ADC45 ，将导 线框从竖直位置以恒定的角速度 2转 90 .则下列说法正确的是( ) 图 5 A方式一中，导线框中感应电流的方向先逆
13、时针，后顺时针 B方式一中，导线框中的感应电动势为 e1BR21cos 1t C两种方式中，通过导线截面的电荷量相等 D若 12，则两种方式电阻丝上产生的热量相等 答案 AB 解析 方式一中，导线框中磁通量先增大后减小，根据楞次定律可知，感应电流的方向先逆 时针，后顺时针，选项 A 正确；第一种方式穿过回路的磁通量 1BR2sin 1t，所产生的电 动势为 e11BR2cos 1t，选项 B 正确；根据 q R 可知两种方式中，磁通量的变化量不相 同， 则通过导线截面的电荷量不相等， 选项 C 错误； 第二种方式穿过回路的磁通量 2BR2sin 2t，所产生的电动势为 e22BR2cos 2t
14、，则两种方式所产生的正弦交流电动势的有效值之 比为E1 E2 1 2，时间满足 1t1 2t2 180 90 2 1，若 12，根据 Q E2 R t 可知，Q1 Q2 21 2 2 1，故 D 错 误 拓展训练 4 (多选)(2019 河南普通高中高考模拟)一浮桶式波浪发电灯塔的原理如图 6 甲所 示，浮桶内的磁体由支柱固定在暗礁上，内置线圈与 R15 的灯泡相连，随波浪相对磁体 沿竖直方向上下运动且始终处于磁场中，其运动速度 v0.8sin (t) m/s.浮桶下部由内、外两 密封圆筒构成(图中阴影部分)，其截面如图乙所示，匝数 N100 的圆形线圈所在处辐射磁场 的磁感应强度大小恒为 B
15、0.2 T，线圈的直径 D0.4 m，总电阻 r1 .取 210.则下列说 法正确的是( ) 图 6 A线圈中产生电动势的瞬时值为 e64sin (t) V B灯泡中电流的瞬时值为 i4sin (t) A C灯泡两端电压的有效值为 30 2 V D灯泡的电功率为 240 W 答案 ABC 解析 线圈在磁场中切割磁感线，产生的电动势为： EmaxNBlvmax lD 联立得：EmaxNBDvmax1000.20.40.8 V64 V 则波浪发电产生电动势 e 的瞬时表达式：eEmaxsin (t)64sin (t)V，故 A 正确； 根据闭合电路欧姆定律得： i e Rr4sin (t) A，故
16、 B 正确； 灯泡电流的有效值为： I 4 2 A2 2 A， 则灯泡电压的有效值为： UIR2 215 V30 2 V，故 C 正确； 灯泡的电功率为：PI2R(2 2)215 W120 W，故 D 错误 1理想变压器动态分析的两种情况 (1)负载电阻不变，讨论变压器原、副线圈两端的电压、电流、电功率等随匝数比的变化情况 (2)匝数比不变，讨论变压器原、副线圈两端的电压、电流、电功率等随负载电阻的变化情况 2理想变压器问题分析技巧 (1)根据题意分清变量和不变量； (2)弄清“谁决定谁”的制约关系对电压而言，输入决定输出；对电流、电功(率)而言，输 出决定输入 3远距离输电问题的解题关键 (
17、1)整个输电线路由三个回路组成，回路间通过变压器建立联系 (2)关键是通过分析，利用题目条件，首先求出中间回路的电流 例 4 (多选)(2019 安徽宣城市第二次模拟)有一种理想自耦变压器的构造如图 7 所示，线圈 a、b 绕在一个圆环形的铁芯上，转动滑动触头 P 就可以调节输出电压图中电阻 R1、R2、 R3和 R4的阻值分别为 10 、5 、10 和 10 ，电压表为理想交流电表，U 为正弦交流电 压源，输出电压的有效值恒定，滑动触头 P 处在线圈 a、b 的中点开关 S 闭合时电压表的 示数是 7 V，则下列说法中正确的是( ) 图 7 A正弦交流电压源 U 的峰值为 35 V B开关
18、S 断开时，理想电压表的示数为 5 V C开关 S 闭合时，通过电阻 R4的电流为 0.7 A D开关 S 闭合时，电阻 R2和 R3消耗的电功率相等 答案 BC 解析 开关 S 闭合时，根据欧姆定律可知通过 R1的电流为 I1UV R10.7 A，根据电流之比等 于匝数的反比可知副线圈的电流为 I21.4 A；R3和 R4并联后与 R2串联的电阻为 10 ，可知 副线圈的电压为 U214 V，根据电压之比等于匝数之比可知原线圈的电压为 U128 V，正 弦交流电压源 UUVU135 V，正弦交流电压源的峰值为 35 2 V；通过电阻 R4的电流为 1 2I20.7 A；电阻 R2 消耗的电功
19、率 P2I22R29.8 W，电阻 R3消耗的电功率 P3(1 2I2) 2R 34.9 W，故选项 C 正确，A、D 错误；开关 S 断开时，R3和 R2串联的电阻为 R2315 ，设副线 圈的电流为 I2，则副线圈的电压为 U2I2R23，根据电流之比等于匝数的反比可知原线 圈的电流为 I11 2I2，所以原线圈的电压为 U1UI1R1U 1 2I2R1，根据电压之 比等于匝数之比可得 U12U2，联立解得副线圈的电流为 I21 A，理想电压表的示数 为 I1R11 2I2R15 V，故选项 B 正确 拓展训练 5 (2019 陕西汉中市第二次教学质检)有 4 个完全相同的灯泡连接在理想变
20、压器 的原、副线圈中，电源输出电压 U 恒定不变，如图 8 所示若将该线路与交流电源接通，且 开关 S 接在位置 1 时， 4 个灯泡发光亮度相同； 若将开关 S 接在位置 2 时， 灯泡均未烧坏 则 下列可能的是( ) 图 8 A该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为 41 B该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数比为 14 C当接位置 2 时副线圈中的灯泡仍能发光，只是亮度变亮 D当接位置 2 时副线圈中的灯泡仍能发光，只是亮度变暗 答案 C 解析 四个灯泡亮度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为 13，根据电流与匝数成反 比知原、副线圈的匝数比为 31，可知该变压器是降压变压器，故 A
21、、B 错误；接到位置 2， 原线圈输入电压变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以副线圈中的灯泡的 电流变大，灯泡仍能发光，但亮度变大，故 C 正确，D 错误 拓展训练 6 (多选)(2019 山东淄博市 3 月模拟)如图 9 所示，R 是一个光敏电阻，其阻值随 光照强度的增加而减小理想变压器原、副线圈的匝数比为 101，电压表和电流表均为理 想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为 u1220 2sin 100t (V)，则( ) 图 9 A电压表的示数为 22 2 V B副线圈中交流电的频率为 50 Hz C在天逐渐变黑的过程中，电流表 A2的示数变小
22、D在天逐渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率变大 答案 BC 解析 原线圈电压的最大值为 220 2 V，根据电压之比等于线圈匝数之比可知，副线圈的电 压的最大值为 22 2 V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为 U22 2 2 V22 V，故 A 错误； 由于变压器不改变交流电频率， 则副线圈中交流电的频率为 f 2 100 2 Hz50 Hz， 选项 B 正确；在天逐渐变黑的过程中，光照变弱，R 阻值增大，电路的总电阻变大，而副线 圈两端的电压不变，所以电流变小，电流表 A2的示数变小，故 C 正确；由于变压器的输入 和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以由 PUI
23、可知，输出的功率要 减小，故输入的功率也要减小，故 D 错误 例 5 (多选)(2019 四川综合能力提升卷(三)如图 10 所示为远距离输电示意图，发电机的输 出电压 U1及输电线的电阻、 理想变压器的匝数均不变， 夜幕降临当用户开启的用电器越来越 多时，下列表述正确的是( ) 图 10 A升压变压器副线圈电压 U2降低 B降压变压器原线圈电压 U3降低 C输电线消耗的功率增大 D发电机的输出功率不变 答案 BC 解析 当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则降压变压器原线圈电流 变大，输电线上的电流增大，可知输电线上的功率损失增大；发电机的输出电压 U1不变，升 压变压器匝数
24、比不变，则副线圈电压 U2不变，由输电线上的电压损失增大，可知降压变压器 的输入电压 U3减小，故 B、C 正确，A 错误；发电机输出功率随用户负载增多而增加，D 错 误 拓展训练 7 (多选)(2019 山东枣庄市上学期期末)某同学模拟“远距离输电”电路，将实验 室提供的器材连接成了如图 11 所示电路A、B 为理想变压器，灯 L1、L2相同且阻值不变， 输电线路等效电阻为 R.现保持 A 的输入电压不变， 当开关 S 断开时， 灯 L1正常发光， 则( ) 图 11 A仅闭合 S，L1变暗 B仅闭合 S，输电线路的发热功率变小 C仅将滑片 P 上移，L1变亮 D仅将滑片 P 上移，输电线路
25、的发热功率变小 答案 AD 解析 闭合 S，则消耗功率增大，B 副线圈中电流增大，B 原线圈电流也增大，则 R 上损失 的电压和功率增大，则 B 输入电压 UB1UA2IR 减小，灯泡两端电压 UB2减小，故灯泡会变 暗，故 A 正确，B 错误；仅将滑片 P 上移，A 副线圈匝数减小，则 A 的输出电压减小，B 的 输入电压减小，灯泡电压也减小，故 L1变暗，消耗功率减小，流过灯泡的电流减小，则 B 原线圈中电流减小，流过 R 的电流减小，输电线路的发热功率变小，故 C 错误，D 正确 拓展训练 8 (多选)(2019 山东菏泽市下学期第一次模拟)如图 12 所示为远距离输电的原理 图，升压变
26、压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压恒定、输电线上的电阻不 变，假设用户所用用电器都是纯电阻用电器，若发现发电厂发电机输出的电流增大了，则可 以判定( ) 图 12 A通过用户的电流减小了 B用户接入电路的总电阻减小了 C用户消耗的电功率减小了 D加在用户两端的电压变小了 答案 BD 解析 如果发电机输出电流增大，根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增大， A 项错误；由于输电线上损失的电压增大，因此降压变压器输入、输出电压均减小，即加在 用户两端的电压变小了，D 项正确；由 I2U2I22R(n3 n4I2) 2R 用户可知，输送电流增大，是由于 R用户减小引起的，B 项
27、正确；当用户总电阻减小时，即用户所用用电器增多，用户消耗的功 率增大，C 项错误 专题强化练专题强化练 (限时 15 分钟) 1. (2019 吉林“五地六校”合作体联考)在图 1 所示电路中，R1、R2是定值电阻，当滑动变阻 器滑片向上移动时( ) 图 1 A电压表示数变大，电流表示数变小 B电压表示数变小，电流表示数变大 C电压表示数变大，电流表示数变大 D电压表示数变小，电流表示数变小 答案 B 解析 根据题意，由题图可知，电流表与滑动变阻器串联而电压表与滑动变阻器并联，当向 上移动滑片时滑动变阻器接入电路的阻值变小，再根据结论“串反并同”，可知电流表示数 变大而电压表示数变小，B 选项
28、正确 2. (多选)(2019 贵州安顺市上学期质量监测)如图 2 所示，曲线 C1、C2分别是纯电阻电路中， 内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线由该图可知下列说法中正确的是( ) 图 2 A两条图线的交点表示内、外电路消耗的总功率为 4 W B电源的内电阻为 1 C电源输出功率最大值为 4 W D电源的效率最大可达 50% 答案 BC 解析 根据题图可以知道，曲线 C1、C2的交点的位置，此时电路的内、外功率相等，由于内、 外电路的电流是相等的，所以此时电源的内阻和外电路总电阻大小是相等的，内、外电路消 耗的功率相等，总功率为 8 W，即此时电源的输出功率是最大的，由题图可知电源输出功率
29、 最大值为 4 W，所以 A 错误，C 正确；根据 PI2RI2r 可知，当输出功率最大时，P4 W， I2 A， 所以 Rr1 ， 所以 B 正确； 电源的效率 IU IE100% U E100% IR IRr100% R Rr100% 1 1r R 100%，R 越大，效率越大，只当 rR 时，电源的效率才是 50%，但 不是效率的最大值，选项 D 错误 3. (多选)(2019 吉林长春市质量监测)如图 3 为一种直流发电机的结构示意图，直流发电机由 两块永磁体、线圈和换向器组线缠绕而成永磁体 N、S 极相对，中间区域视为匀强磁场， 磁感应强度为 B.线圈由 N 匝导线缠绕而成，面积为
30、S，可绕如图所示的轴线匀速转动，角速 度为 .换向器由两个半铜环和两个电刷构成，半铜环分别与线圈中导线的两端固连，线圈和 半铜环绕着轴线以相同角速度转动电刷位置固定，作为输出端与外电路相连(图中未画 出)每当线圈转到中性面位置时，半铜环和电刷会交换接触，以保持输出电流方向不变，且 交换时间极短可忽略下列说法正确的是( ) 图 3 A当线圈按照图示的方向转动时，电刷 a 的电势比 b 的电势高 B当线圈转到图示位置时，线圈中产生的电动势为零 C该发电机产生电动势的最大值为 NBS D该发电机产生电动势的最大值是有效值的 2倍 答案 CD 解析 线圈为等效电源，当线圈按照题图所示的方向转动时，根据
31、右手定则知电刷 a 的电势 比 b 的电势低，故 A 错误；当线圈转到题图所示位置时，磁通量为零，但磁通量的变化率达 到了最大，所以线圈中产生的电动势也达到了最大，故 B 错误；发电机产生的电动势随时间 变化图象如图所示，其中最大值为 NBS，且是有效值的 2倍，故 C、D 正确 4(多选)(2019 安徽蚌埠市第二次质检)如图 4 所示，电路中的变压器为理想变压器，U 为正 弦式交变电压，R 为变阻器，R1、R2是两个定值电阻，A、V 分别是理想电流表和理想电压 表，则下列说法正确的是( ) 图 4 A闭合开关 S，电流表示数变大、电压表示数变小 B闭合开关 S，电流表示数变小、电压表示数变
32、大 C开关 S 闭合时，变阻器滑片向左移动的过程中，电流表、电压表示数均变小 D开关 S 闭合时，变阻器滑片向左移动的过程中，电流表、电压表示数均变大 答案 AC 解析 闭合开关 S，负载总电阻变小，变压器的输出功率增大，副线圈的电流增大，根据I1 I2 n2 n1可知变压器的输入电流增大，即电流表示数变大，变阻器 R 两端电压增大，根据串联分压 可知变压器的输入电压减小，根据U1 U2 n1 n2可知变压器的输出电压减小，电压表示数变小，故 A 正确，B 错误；开关 S 闭合时，变阻器滑片向左移动的过程中，变阻器 R 的阻值增大，两 端电压增大，根据串联分压可知变压器的输入电压减小，根据U1
33、 U2 n1 n2可知变压器的输出电压 减小，电压表示数变小，根据欧姆定律可知副线圈的电流减小，根据I1 I2 n2 n1可知变压器的输入 电流减小，即电流表示数变小，故 C 正确，D 错误 5(多选)(2019 山东滨州市上学期期末)如图 5 甲所示，一理想变压器原线圈匝数 n1，副线圈 匝数 n2，电流表和电压表是理想电表，副线圈接有“220 V 220 W”的抽油烟机和“220 V 40 W”的白炽灯，如果原线圈电压按图乙所示规律变化，抽油烟机正常工作，则下列说法正 确的是( ) 图 5 A理想变压器原、副线圈的匝数比n1 n2 10 1 B电流表 A2的读数为 1 A，电压表的示数为
34、220 V C抽油烟机的内阻为 220 D变压器的输入功率为 260 W 答案 AD 解析 原线圈两端电压为：U12 200 2 2 V2 200 V，抽油烟机正常工作，则副线圈两端电 压 U2220 V， 理想变压器原、 副线圈的匝数比n1 n2 U1 U2 10 1 ， 故 A 正确； 电流表 A2的读数为： I2PM U2 PL U2 220 220 A 40 220 A1.18 A，电压表的示数为 220 V，故 B 错误；抽油烟机正常工 作时不符合欧姆定律，所以根据题中条件无法计算其内阻，故 C 错误；变压器的输入功率等 于输出功率，即为：P入P出220 W40 W260 W，故 D
35、 正确 6 (2019 广东“六校”第三次联考)钳形电流表由电流互感器和电流表组合而成， 常用来测量 电流强度很大的电流， 其原理如图 6.若原线圈与副线圈的匝数比为 1500， 电流表 A 的示数 为 1 A，则( ) 图 6 A钳形电流表的钳口是电流互感器的铁芯 B钳形电流表能够用来测量直流电的电流 C被测电路电流的平均值为 500 A D被测电路电流的最大值为 500 A 答案 A 解析 钳形电流表的钳口是电流互感器的铁芯，A 正确；互感器利用的是电磁感应的互感原 理，不能用于测量直流电，故 B 错误；由I2 I1 n1 n2得：I1 n2I2 n1 5001 1 A500 A，因为电流
36、表 测的是有效值，故 C、D 错误 7 (2019 广西桂林市、 贺州市、 崇左市 3 月联合调研)如图 7 甲所示的电路中， 理想变压器原、 副线圈匝数比为 51， 电流表和电压表均为理想电表， R 是光敏电阻(其阻值随光强增大而减 小)， L 是理想线圈， C 是耐压值和电容都足够大的电容器， D 是灯泡， K 是单刀双掷开关 当 原线圈接入如图乙所示的正弦交流电时，下列说法正确的是( ) 图 7 A开关 K 连通 1 时，电压表的示数为 44 V B开关 K 连通 1 时，若光照增强，电流表的示数变小 C开关 K 连通 2 时，灯泡 D 不亮 D开关 K 连通 2 时，若光照增强，电压表
37、的示数减小 答案 A 解析 开关 K 接通 1 时，根据题图乙可知原线圈电压有效值为：U1220 2 2 V220 V，则 根据U1 U2 n1 n2可以得到： U2 n2 n1U1 1 5220 V44 V， 即电压表的示数为 44 V， 故选项 A 正确； 开关 K 连通 1 时，若光照增强，则电阻 R 减小，则副线圈总电阻减小，而 U2不变，则副线 圈电流 I2增大，根据I1 I2 n2 n1可知，原线圈电流 I1 增大，即电流表的示数变大，故选项 B 错误； 开关 K 连通 2 时，由于交变电流可以“通过”电容器，故灯泡 D 发光，故选项 C 错误；开 关 K 连通 2 时，若光照增强，则电阻 R 减小，但是由于原、副线圈两端的电压之间关系为U1 U2 n1 n2与副线圈总电阻无关，故电压表的示数不变，故选项 D 错误
