1、石景山区2024年高三统一练习数 学第一部分（选择题 共40分）一、选择题共10小题，每小题4分，共40分.1. 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据一元二次不等式解法可得，再由交集运算可得结果.【详解】解不等式可得，即；又，因此.故选：D2. 下列函数中，在区间上为减函数的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据三角函数，指数函数和对数函数的性质，即可判断选项.【详解】A，根据正弦函数的性质可知，所以在上为增函数，故A错误；B，是偶函数，关于轴对称，所以在上是增函数，在上是减函数，故B错误；C，的定义域是，函数是区间上是增函数，故C错
2、误；D，根据指数函数的性质可知，在区间上是减函数，故D正确.故选：D3. 一袋中有大小相同的4个红球和2个白球若从中不放回地取球2次，每次任取1个球，记“第一次取到红球”为事件，“第二次取到红球”为事件，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由条件概率公式求解即可.【详解】.故选：C.4. 设是三个不同平面，且，则“”是“”的（ ）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】由充分条件和必要条件的定义结合线面、面面的位置关系对选项一一判断即可得出答案.【详解】由，则可能相交，故“”推不出“”，由，由面面平行性质定
3、理知，故“”能推出“”，故“”是“”的必要不充分条件.故选：B.5. 等差数列的首项为1，公差不为0若成等比数列，则的前5项和为（ ）A. B. C. 5D. 25【答案】A【解析】【分析】首先代入等差数列的基本量，由等比数列的概念列式，最后代入求和公式，即可求解.【详解】设等差数列公差为，则，由题意可知，即，解得：或（舍），则数列的前5项和.故选：A6. 直线与圆相交于两点，则线段的长度可能为（ ）A. 5B. 7C. 9D. 14【答案】B【解析】【分析】根据直线所过定点，求弦长的最小值和最大值，再结合选项，即可求解.【详解】直线恒过点，且点在圆内，当点是弦的中点时，此时弦长最短，圆心和点
4、的距离为2，此时弦长，最长的弦长是直径为8，所以弦长的取值范围是，其中只有B成立.故选：B7. 已知函数的部分图象如图所示，则的值是（ ） A. B. 1C. D. 【答案】A【解析】【分析】由图可得，求得，再利用图象过点，可得到，从而得到，再利用诱导公式及特殊角的三角函数值求解即可.【详解】由图象可知，解得，因为，所以，解得，将代入解析式化简得，因为，则，得，故，所以.故选：A8. 设，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据给定的条件，利用指数、对数函数、正弦函数的性质，借助进行比较判断选项.【详解】，而，则，即，所以.故选：B9. 中国民族五声调式音阶的各音依次为：
5、宫、商、角、徵、羽，如果用这五个音，排成一个没有重复音的五音音列，且商、角不相邻，徵位于羽的左侧，则可排成的不同音列有（ ）A. 18种B. 24种C. 36种D. 72种【答案】C【解析】【分析】先排宫、徽、羽三个音节，然后商、角两个音阶插空即可求解.【详解】解：先将宫、徽、羽三个音节进行排序，且徽位于羽的左侧，有，再将商、角插入4个空中的2个，有，所以共有种故选：C10. 对于曲线，给出下列三个命题：关于坐标原点对称；曲线上任意一点到坐标原点的距离不小于2；曲线与曲线有四个交点其中正确的命题个数是（ ）A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】C【解析】【分析】分析两个曲线的对称性，并结合函
6、数的图象和性质，利用数形结合，即可判断，利用基本不等式，即可判断.【详解】将曲线中的换成，将换成，方程不变，所以曲线关于原点对称，并且关于轴和轴对称，故正确；设曲线上任一点为，当，即时，等号成立，所以，曲线上任意一点到坐标原点的距离不小于2，故正确；曲线中的换成，将换成，方程不变，所以曲线关于原点对称，并且关于轴和轴对称，并且将换成，换成，方程不变，所以曲线也关于对称，曲线中，且，将曲线中的换成，换成，方程不变，所以曲线也关于对称，当时，联立，得，当时，当时，函数单调递减，因为，所以点在直线的下方，如图，在第一象限有2个交点，根据两个曲线的对称性可知，其他象限也是2个交点，则共有8个交点，故错
7、误；故选：C【点睛】关键点点睛：本题的关键是的判断，判断的关键是对称性的判断，以及将方程转化为函数，判断函数的单调性，即可判断.第二部分（非选择题 共110分）二、填空题共5小题，每小题5分，共25分.11. 复数z在复平面内对应的点为，则_【答案】#【解析】【分析】由复数对应的点写出复数，再应用复数除法的法则求解即可.【详解】z对应的点为，故答案为：12. 斜率为1直线经过抛物线的焦点，且与该抛物线相交于，两点，则_.【答案】8【解析】【分析】求出直线的方程，设、，直线方程代入抛物线方程应用韦达定理得，然后由焦点弦长公式可得结论【详解】抛物线的焦点坐标为，直线方程为，设、，则由抛物线焦点弦长
8、公式得：，又、是抛物线与直线的交点，由得，则，.故答案为：8.【点睛】结论点睛：焦点弦的一些性质：抛物线的焦点为，是其过焦点的弦，则（1）（2）（3），13. 已知向量满足，与的夹角为，则当实数变化时，的最小值为_【答案】1【解析】【分析】根据题意利用平面向量的几何特征，可知当时，取得最小值.【详解】如图所示： 设，当时，取得最小值，过点作于点，即可得的最小值为，又与的夹角为，即，易知，所以.即的最小值为1.故答案为：114. 设函数，若有两个零点，则实数的一个取值可以是_；若是上的增函数，则实数的取值范围是_【答案】 . （内的值都可以） . 或【解析】【分析】分析函数的性质，确定零点所在的
9、区间，通过解方程的方法，即可求解；根据分段函数的形式，确定两段函数都是单调递增，并根据分界点处函数值的关系不等式，即可求解.【详解】函数在上单调递增，所以函数在区间上无零点，则函数在上有2个零点，即，则，或或，则，解得：，所以的一个值是；函数在上单调递增，则在上，也单调递增，且，若函数在在区间单调递增，则，即在区间上恒成立，即，即，不等式，解得：或，综上可知，或.故答案为：（内的值都可以）；或15. 黎曼函数在高等数学中有着广泛应用，其一种定义为：时，若数列，给出下列四个结论：；其中所有正确结论的序号是_【答案】【解析】【分析】根据黎曼函数的定义和性质逐项分析.【详解】对于， 时， ，故错误；
10、对于， ，故正确；对于， ，故正确；对于， ，构造函数 ，则 ，单调递增， ，即当时 ， ，当时， ， ，故正确.故选：.【点睛】方法点睛：新定义题型的特点是：通过给出一个新概念，或约定一种新运算，或给出几个新模型来创设全新的问题情景，要求考生在阅读理解的基础上，依据题目提供的信息，联系所学的知识和方法，实现信息的迁移，达到灵活解题的目的：遇到新定义问题，应耐心读题，分析新定义的特点，弄清新定义的性质，按新定义的要求，“照章办事”，逐条分析、验证、运算，使问题得以解决三、解答题共6小题，共85分.解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程.16. 在锐角中，角的对边分别为，且（1）求角的大小；（2
11、）求的取值范围【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）由正弦定理边化角求解即可；（2）由（1）可知，所以，所以将转化为同一个角的三角函数，最后求其值域即可.【小问1详解】因为，由正弦定理边化角得：，所以，由于在中，所以，即，又，所以.【小问2详解】由（1）可知，所以，所以由于在锐角中，所以，所以，所以，所以，所以的取值范围为.17. 如图，在四棱锥中，平面， （1）求证：平面；（2）再从条件、条件这两个条件中选择一个作为已知，求平面与平面所成锐二面角的大小条件：；条件：平面注：如果选择的条件不符合要求，第（2）问得0分；如果选择多个符合要求的条件分别解答，按第一个解答计分【答案】（1）证明
12、见解析 （2）所选条件见解析，【解析】【分析】（1）连接AC，由题目条件可推得为等腰直角三角形，且，即，再，由线面垂直的判定定理即可证明；（2）选条件或选条件均可证明，建立以A为原点的空间直角坐标系，求出平面与平面的法向量，由二面角求解即可.【小问1详解】如图，连接AC，因平面，平面，则，.又，则.注意到，则为等腰直角三角形，其中，.所以，又因为，平面，所以平面；【小问2详解】若选条件，由余弦定理可得，结合为三角形内角，得，又，则，即.若选条件，因平面，BC平面，平面平面，则，又，则，即.故建立以A为坐标原点，如下图所示空间直角坐标系（轴所在直线与DC平行）又，则，则，.平面法向量为，设平面法
13、向量为，则.令，则，所以，设面与平面所成角为，根据平面角的范围可知. 18. 为研究北京西部地区油松次生林和油松人工林的森林群落植物多样性问题，某高中研究性学习小组暑假以妙峰山油松次生林和老山油松人工林为研究对象进行调查，得到两地区林下灌木层，乔木层，草本层的抽样调查数据其中两地区林下灌木层获得数据如表1，表2所示：表1：老山油松人工林林下灌木层植物名称植物类型株数酸枣灌木28荆条灌木41孩儿拳头灌木22河朔荛花灌木4臭椿乔木幼苗1黑枣乔木幼苗1构树乔木幼苗2元宝槭乔木幼苗1表2：妙峰山油松次生林林下灌木层植物名称植物类型株数黄栌乔木幼苗6朴树乔木幼苗7栾树乔木幼苗4鹅耳枥乔木幼苗7葎叶蛇葡萄
14、木质藤本8毛樱桃灌木9三裂绣线菊灌木11胡枝子灌木10大花溲疏灌木10丁香灌木8（1）从抽取的老山油松人工林林下灌木层的植物样本中任选2株，求2株植物的类型都是乔木幼苗的概率；（2）以表格中植物类型的频率估计概率，从妙峰山油松次生林林下灌木层的所有植物中随机抽取3株（假设每次抽取的结果互不影响），记这3株植物的植物类型是灌木的株数为，求的分布列和数学期望；（3）从老山油松人工林的林下灌木层所有符合表1中植物名称的植物中任选2株，记此2株植物属于不同植物名称的概率估计值为；从妙峰山油松次生林的林下灌木层所有符合表2中植物名称的植物中任选2株，记此2株植物属于不同植物名称的概率估计值为请直接写出与
15、大小关系（结论不要求证明）【答案】（1）； （2）分布列见解析，期望 （3）【解析】【分析】（1）根据古典概型概率公式，以及组合数公式，即可求解；（2）根据二项分布概率公式，即可求解；（3）根据两个表格中的植物类型分布的数据，即可求解.【小问1详解】表1中的灌木有株，乔木幼苗有株，共有100株，所以，所以求2株植物的类型都是乔木幼苗的概率为；【小问2详解】表2中的灌木有株，乔木幼苗有株，木质藤本有8株，抽取1株是灌木的概率为，由题意可知，分布列如下，0123；【小问3详解】表1中植物间的数量差距较大，表2中每种植物的数量差不多，所以选出来不同种类，表2的概率更大，所以.19. 已知函数（1）求
16、曲线在点处的切线方程；（2）求在区间上的最大值与最小值；（3）当时，求证：【答案】（1） （2）见解析 （3）证明见解析【解析】【分析】（1）根据导数的几何意义，求切线方程；（2）首先求函数的导数，再讨论和两种情况求函数的单调性，求函数的最值；（3）首先根据不等式构造函数，再利用导数求函数的最小值，即可证明.【小问1详解】，所以曲线在点处的切线方程为；【小问2详解】，当时，在区间上恒成立，在区间上单调递增，所以函数的最小值为，最大值为，当时，得，在区间小于0，函数单调递减，在区间大于0，函数单调递增，所以函数的最小值为，显然，所以函数的最大值为，综上可知，当时，函数的最小值为，最大值为，当时，
17、函数的最小值为，最大值为；【小问3详解】当时，即证明不等式，设，设，所以在单调递增，并且，所以函数在上存在唯一零点，使，即，则在区间，单调递减，在区间，单调递增，所以的最小值为，由，得，且，所以，所以，即.20. 已知椭圆的离心率为，短轴长为（1）求椭圆的方程；（2）设为坐标原点，过点分别作直线，直线与椭圆相切于第三象限内的点，直线交椭圆于两点若，判断直线与直线的位置关系，并说明理由【答案】（1） （2），理由见解析【解析】【分析】（1）根据条件，列出关于得到方程，即可求解；（2）首先设出直线的方程，并与椭圆方程联立，求出点的坐标，设出直线的方程，与椭圆方程联立，利用韦达定理表示，再根据，求出
18、直线，即可判断直线与直线的位置关系.【小问1详解】由条件可知，解得：，所以椭圆的方程为；【小问2详解】设直线，联立，得，（*），整理为，解得：或，由题意结合图形可知，所以，当时，代回（*）得，即，所以点的坐标为，所以设直线，联立，得，（*），整理为，解得：，即，解得：（舍去），即，则直线的斜率为，而，所以.【点睛】关键点点睛：本题第二问的关键是利用弦长公式表示两点间的距离，21. 已知集合，对于，定义与之间的距离为（1）已知，写出所有的，使得；（2）已知，若，并且，求的最大值；（3）设集合，中有个元素，若中任意两个元素间的距离的最小值为，求证：【答案】（1）、； （2）； （3）见解析【解析】
19、【分析】（1）根据题中定义可得的所有情形；（2）分、两种情况，利用绝对值三角不等式可求得的最大值； （3）表示出，结合定义，可得，即中任意两元素不相等，可得中至多有个元素，即可得证【小问1详解】已知，且，所以，的所有情形有：、；【小问2详解】设，因，则，同理可得，当时，；当时，.当，时，上式等号成立.综上所述，；【小问3详解】记，我们证明一方面显然有另一方面，且，假设他们满足则由定义有，与中不同元素间距离至少为相矛盾从而这表明中任意两元素不相等从而又中元素有个分量，至多有个元素从而【点睛】方法点睛：解决以集合为背景的新定义问题，要抓住两点：（1）紧扣新定义，首先分析新定义的特点，把定义所叙述的问题的本质弄清楚，并能够应用到具体的解题过程之中，这是新定义型集合问题难点的关键所在；（2）用好集合的性质，解题时要善于从试题中发现可以使用集合性质的一些因素，在关键之外用好集合的运算与性质.
