1、2023年广东省深圳市南山区中考数学二调试卷一、单选题（共10小题，满分30分，每小题3分）1如图所示的空心圆柱，其俯视图是（）ABCD22022年世界杯在卡塔尔举办，为了办好这届世界杯，人口仅有280万的卡塔尔投资2200亿美元修建各项设施数据2200亿用科学记数法表示为（）A221010B2.21010C2.21011D0.2210123下列一元二次方程中，没有实数根的是（）A2x2+x+10Bx（x3）0C3x2x2D（x+2）244如图，函数y2x和ykx+5的图象相交于点A（a，2），则不等式2xkx+5的解集为（）Ax2Bx1Cx1Dx15如图，直线ab，等边ABC的顶点C在直线b
2、上，若142，则2的度数为（）A92B102C112D1146下列说法正确的是（）A某彩票中奖率是1%，买100张彩票一定有一张中奖B从装有10个红球的袋子中摸出一个白球是随机事件C篮球巨星姚明在罚球线投篮一次投中是必然事件D为了解一批日光灯的使用寿命可采用抽样调查7如图，点O为ABC的AB边上的一点，O经过点B且恰好与边AC相切于点C，若B30，AC2，则阴影部分的面积为（）ABCD8大约在两千四五百年前，墨子和他的学生做了世界上第1个小孔成倒像的实验并在墨经中有这样的精彩记录：“景到，在午有端，与景长，说在端”如图所示的小孔成像实验中，若物距为10cm，像距为15cm，蜡烛火焰倒立的像的高
3、度是8cm，则蜡烛火焰的高度是（）cmAB6CD89如图，等边ABC内有一点E，BE4，CE6，当AEB150时，则AE的长为（）A2BC3D10如图，矩形ABCD中，BAC60，点E在AB上，且BE：AB1：3，点F在BC边上运动，以线段EF为斜边在点B的异侧作等腰直角三角形GEF，连接CG，当CG最小时，的值为（）ABCD二、填空题（共5小题，满分15分，每小题3分）11分解因式：3x3+6x2+3x 12有4张背面相同，正面分别印有0，5，2.5的卡片，现将这4张卡片背面朝上，从中随机抽取1张，恰好抽到正面印有整数的卡片的概率为 13如图，在ABC中，ACB90，点D是边AB的中点，过点
4、D作DMBC于点M，延长DM至点E，且ACEM2DM，连接AE交BC于点N，若AC5，AB13，则AE的长为 14如图，在RtOAB中，OBA90，OA在x轴上，AC平分OAB，OD平分AOB，AC与OD相交于点E，且OC，CE，反比例函数的图象经过点E，则k的值为 15如图，点G是ABC内的一点，且BGC120，BCF是等边三角形若BC3，则FG的最大值为 三、解答题（共7小题，满分55分）16化简分式：，并从1，2，3这三个数中取一个合适的数作为x的值代入求值17如图，已知点B（3，6），C（3，0），以坐标原点O为位似中心，在第四象限将OBC缩小为原来的三分之一（即新图形与原图形的相似比
5、为1：3）（1）画出缩小后的图形；（2）写出B点的对应点坐标；（3）如果OBC内部一点M的坐标为（x，y），写出点M经位似变换后的对应点坐标18为了解市民对全市创卫工作的满意程度，某中学数学兴趣小组在全市甲、乙两个区内进行了调查统计，将调查结果分为不满意，一般，满意，非常满意四类，回收、整理好全部问卷后，得到下列不完整的统计图请结合图中信息，解决下列问题：（1）求此次调查中接受调查的人数，并补全条形统计图（2）若本市人口300万人，估算该市对市创卫工作表示满意和非常满意的人数（3）兴趣小组准备从调查结果为不满意的4位市民中随机选择2位进行回访，已知4位市民中有2位来自甲区，另2位来自乙区，请用
6、列表或用画树状图的方法求出选择的市民均来自同区的概率19如图，O的弦AB，CD交于点E，连接AC，BC，延长DC到点P，连结PB，PB与O相切，且PBPE（1）求证：点A是的中点；（2）若AEBE，AC4，求AE的长20铭润超市用5000元购进一批新品种的苹果进行试销，由于销售状况良好，超市又调拨11000元资金购进该品种苹果，但这次的进货价比试销时每千克多了0.5元，购进苹果数量是试销时的2倍（1）试销时该品种苹果的进货价是每千克多少元？两次共购进多少苹果？（2）如果超市将该品种苹果按每千克10元的定价出售，当大部分苹果售出后，余下的500千克按定价的六折售完，那么超市在这两次苹果销售中共盈
7、利多少元？21在初中阶段的函数学习中，我们经历了“确定函数的表达式，利用函数图象研究其性质，运用函数解决问题”的学习过程在画函数图象时，我们通过描点或平移的方法画出了所学的函数图象学习了一次函数之后，现在来解决下面的问题：在ya|x1|+b中，如表是y与x的几组对应值x3210123y7m31n13（1）m ，n ；（2）平面直角坐标系中，画出函数的图象；（3）根据图象，判断下列关于该函数性质的说法是否正确，正确的打，错误的打该函数图象是轴对称图形，对称轴为直线x1 （判断对错）当x1时，y随x的增大而增大，当x1时，y随x的增大而减小 （判断对错）该函数在自变量的取值范围内有最小值，当x1时
8、有最小值1 （判断对错）（4）若方程组有且只有一个公共解，则t的取值范围是 22平行四边形ABCD中，点E在边BC上，连AE，点F在线段AE上，连BF，连AC（1）如图1，已知ABAC，点E为BC中点，BFAE若AE5，BF2，求AF的长度；（2）如图2，已知ABAE，BFEBAC，将射线AE沿AC翻折交CD于H，过点C作CGAC交AH于点G若ACB45，求证：AF+AEAG；（3）如图3，已知ABAC，若ACB30，AB2，直接写出AF+BF+CF的最小值参考答案一、单选题（共10小题，满分30分，每小题3分）1如图所示的空心圆柱，其俯视图是（）ABCD【分析】根据从上边看得到的图形是俯视图
9、，可得答案解：该空心圆柱体的俯视图是故选：D【点评】本题考查了简单几何体的三视图，掌握从上边看得到的图形是俯视图是关键22022年世界杯在卡塔尔举办，为了办好这届世界杯，人口仅有280万的卡塔尔投资2200亿美元修建各项设施数据2200亿用科学记数法表示为（）A221010B2.21010C2.21011D0.221012【分析】用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a10n，其中1|a|10，n为整数，据此判断即可解：2200亿2200000000002.21011故选：C【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a10n，其中1|a|10，确定a与n的值是解题的关键3下列一
10、元二次方程中，没有实数根的是（）A2x2+x+10Bx（x3）0C3x2x2D（x+2）24【分析】利用根的判别式的意义对A选项和C选项进行判断；通过解方程对B选项和D选项进行判断解：A1241130，方程没有实数解，所以A选项符合题意；Bx0或x3，解得x10，x23，所以B选项不符合题意；C方程化为一般式为3x2x20，则（1）243（2）250，方程有两个不相等的实数解，所以C选项不符合题意；Dx+22，解得x10，x24，所以D选项不符合题意故选：A【点评】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c0（a0）的根与b24ac有如下关系：当0时，方程有两个不相等的实数根；当0时，
11、方程有两个相等的实数根；当0时，方程无实数根4如图，函数y2x和ykx+5的图象相交于点A（a，2），则不等式2xkx+5的解集为（）Ax2Bx1Cx1Dx1【分析】先求出a的横坐标，根据图象即可确定不等式2xkx+5的解集解：函数y2x和ykx+5的图象相交于点A（a，2），2a2，解得a1，点A坐标为（1，2），根据图象可知，不等式2xkx+5的解集为x1，故选：B【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式，两条直线相交问题，熟练掌握一次函数图象上点的坐标特征是解题的关键5如图，直线ab，等边ABC的顶点C在直线b上，若142，则2的度数为（）A92B102C112D114【分析】根据等边
12、三角形性质求出AACB60，根据平行线的性质求出2的度数解：ABC是等边三角形，AACB60，142，ADE42，AED180604278，AEF180AED18078102，直线a直线b，2AEF，2102，故选：B【点评】本题考查了平行线的性质，等边三角形的性质的应用，解此题的关键掌握两直线平行，同位角相等6下列说法正确的是（）A某彩票中奖率是1%，买100张彩票一定有一张中奖B从装有10个红球的袋子中摸出一个白球是随机事件C篮球巨星姚明在罚球线投篮一次投中是必然事件D为了解一批日光灯的使用寿命可采用抽样调查【分析】根据概率的意义、抽样调查、随机事件的定义解决此题解：A根据概率的定义，某彩
13、票中奖率是1%指该彩票中奖的可能性为1%，并不是指买100张彩票一定有一张中奖，那么A错误，故A不符合题意B从装有10个红球的袋子中摸出一个白球的是不可能事件，那么B错误，故B不符合题意C篮球巨星姚明在罚球线投篮一次投中是随机事件，即有可能投中也有可能投不中，那么C错误，故C不符合题意D为了解一批日光灯的使用寿命，该调查对象的总体数量较大，可以采用抽样调查，以样本的情况估计推断总体的情况，那么D正确，故D符合题意故选：D【点评】本题主要考查概率、抽样调查、随机事件，熟练掌握概率的意义、抽样调查、随机事件是解决本题的关键7如图，点O为ABC的AB边上的一点，O经过点B且恰好与边AC相切于点C，若
14、B30，AC2，则阴影部分的面积为（）ABCD【分析】连接OC，由切线的性质得到OCA90，由等腰三角形的性质，三角形外角的性质求出AOC60，由锐角的正切求出OC长，求出ACB的面积，扇形ODC的面积，即可求出阴影的面积解：连接OC，O与AC相切于C，半径OCAC，OCA90，OBOC，OCBB30，AOCB+OCB30+3060，tanAOC，AC2，OC，ACB的面积ACOC2，扇形ODC的面积，阴影的面积ACB的面积扇形ODC的面积故选：D【点评】本题考查切线的性质，扇形面积的计算，三角形面积的计算，关键是掌握切线的性质，扇形面积公式，8大约在两千四五百年前，墨子和他的学生做了世界上第
15、1个小孔成倒像的实验并在墨经中有这样的精彩记录：“景到，在午有端，与景长，说在端”如图所示的小孔成像实验中，若物距为10cm，像距为15cm，蜡烛火焰倒立的像的高度是8cm，则蜡烛火焰的高度是（）cmAB6CD8【分析】过点O作OECD，垂足为E，延长EO交AB于点F，根据题意可得：OE15cm，CD8cm，OF10cm，ABCD，然后利用平行线的性质可得：AC，BD从而可得ABOCDO，然后利用相似三角形的性质进行计算，即可解答解：如图：过点O作OECD，垂足为E，延长EO交AB于点F，由题意得：OE15cm，CD8cm，ABCD，OFAB，OF10cm，ABCD，AC，BD，ABOCDO，
16、解得：AB，蜡烛火焰的高度是cm，故选：C【点评】本题考查了相似三角形的应用，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题的关键9如图，等边ABC内有一点E，BE4，CE6，当AEB150时，则AE的长为（）A2BC3D【分析】将ABE绕点A逆时针旋转60，使得E的对应点是F，则B的对应点是C，再判定EFC是直角三角形，利用勾股定理求解解：ABC是等边三角形，ABAC，BAC60，将ABE绕点A逆时针旋转60，使得E的对应点是F，则B的对应点是C，AFAE，EAF60，AFCAEB150，CFBE4，AEF为等边三角形，AEEF，AFE60，CFE90，EF2CE2CF220，EF2，故选：B【点评】
17、本题考查了旋转的性质，添加辅助线是解题的关键10如图，矩形ABCD中，BAC60，点E在AB上，且BE：AB1：3，点F在BC边上运动，以线段EF为斜边在点B的异侧作等腰直角三角形GEF，连接CG，当CG最小时，的值为（）ABCD【分析】如图1，取EF的中点O，连接OB，OG，作射线BG，证明B，E，G，F在以O为圆心的圆上，得点G在ABC的平分线上，当CGBG时，CG最小，此时，画出图2，根据BCG是以BC为斜边的等腰直角三角形，证明EGBFGC，可得BECF，设ABm，根据BE：AB1：3，可得CFBEm，根据含30度角的直角三角形可得AD，进而可得结论解：如图1，取EF的中点O，连接OB
18、，OG，作射线BG，四边形ABCD是矩形，ABC90，O是EF的中点，OBOEOF，EGF90，O是EF的中点，OGOEOF，OBOGOEOF，B，E，G，F在以O为圆心的圆上，EBGEFG，EGF90，EGFG，GEFGFE45，EBG45，BG平分ABC，点G在ABC的平分线上，当CGBG时，CG最小，此时，如图2，BG平分ABC，ABGGBCABC45，CGBG，BCG是以BC为斜边的等腰直角三角形，BGC90，BGCG，EGFBGC90，EGFBGFBGCBGF，EGBFGC，在EGB和FGC中，EGBFGC（SAS），BECF，四边形ABCD是矩形，ADBC，设ABm，BE：AB1：
19、3，CFBEm，在RtABC中，BAC60，ACB30，AC2AB2m，BCm，ADm，故选：A【点评】本题属于几何综合题，是中考选择题的压轴题，考查了矩形的性质，四点共圆，全等三角形的判定与性质，勾股定理，等腰直角三角形的判定与性质，垂线段最短，含30度角的直角三角形，解决本题的关键是准确作辅助线综合运用以上知识二、填空题（共5小题，满分15分，每小题3分）11分解因式：3x3+6x2+3x3x（x+1）2【分析】先提取公因式再利用完全平方公式解：原式3x（x2+2x+1）3x（x+1）2故答案为：3x（x+1）2【点评】本题考查了整式的因式分解，掌握因式分解的提取公因式法和完全平方公式是解
20、决本题的关键12有4张背面相同，正面分别印有0，5，2.5的卡片，现将这4张卡片背面朝上，从中随机抽取1张，恰好抽到正面印有整数的卡片的概率为 【分析】直接由概率公式求解即可解：一共有4张卡片，其中整数有2个，故从中随机抽取1张，恰好抽到正面印有整数的卡片的概率为故答案为：【点评】此题考查的是概率公式用到的知识点为：概率所求情况数与总情况数之比13如图，在ABC中，ACB90，点D是边AB的中点，过点D作DMBC于点M，延长DM至点E，且ACEM2DM，连接AE交BC于点N，若AC5，AB13，则AE的长为 2【分析】证明ACNEMN（AAS），得CNMN，ANEN，由勾股定理求得BC，得CN
21、，CM，再运用勾股定理求出AN即可解：DMBC，DMB90，ACB90，DMBACB90，DMAC，AC2DM，点M为BC的中点，ACEM，ANCENM，CNME，ACNEMN（AAS），CNMN，ANEN，AC5，AB13，由勾股定理得BC12，CM6，CNMN3，AN，AE2AN2，故答案为：2【点评】本题主要考查了三角形中位线定理，全等三角形的判定与性质，勾股定理等知识，掌握三角形全等是解题的关键14如图，在RtOAB中，OBA90，OA在x轴上，AC平分OAB，OD平分AOB，AC与OD相交于点E，且OC，CE，反比例函数的图象经过点E，则k的值为 【分析】通过作垂线构造直角三角形，根
22、据直角三角形的两锐角的平分线的夹角为45，求出CEF45，在RtCEF中根据特殊锐角三角函数值可求出CF、EF，在RtCOF中，根据勾股定理求出OF，再根据FOGHOE，得出，进而求出SHOE，最后根据反比例函数系数k的几何意义求出结果即可解：过点C作CFOD，垂足为F，延长CF交OA于点G，过点E作EHOA，垂足为H，AC平分OAB，OD平分AOB，OBA90，EOA+EAO（BOA+BAO）（18090）45CEF，在RtCEF中，CEF45，CE，CFEF1，在RtCOF中，OC，CF1，OF2，在RtOCF和RtOGF中，OFCOFG90，OFOF，COFGOF，RtOCFRtOGF（
23、ASA），OGOC，FCFG1，OFG90OHE，FOGHOE，FOGHOE，又SFOG121，SHOE|k|，k（取正值），故答案为：【点评】本题考查反比例函数系数k的几何意义，相似三角形的判定和性质，三角形全等以及解直角三角形，求出HOE的面积是解决问题的前提15如图，点G是ABC内的一点，且BGC120，BCF是等边三角形若BC3，则FG的最大值为 2【分析】如图，作BFC的外接圆O，连接OG，OF，OC，过点O作OHCF于点H说明B，F，C，G四点共圆，求出OF，可得结论解：如图，作BFC的外接圆O，连接OG，OF，OC，过点O作OHCF于点HBCF是等边三角形，BFCFBC60，CB
24、CF3，BGC120，点G在ABC的外接圆上，OGOFOC，OHCF，FHCH，FOC2FBC120，OFCOCF30，OF，FGOF+OG2，FG的最大值为2【点评】本题考查等边三角形的性质，解直角三角形，圆的有关知识等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造辅助圆解决问题，属于中考常考题型三、解答题（共7小题，满分55分）16化简分式：，并从1，2，3这三个数中取一个合适的数作为x的值代入求值【分析】先根据分式混合运算的相关运算法则将原式化简，再在所给的值中选取一个使原式有意义的值代入计算即可解：（）x+2，要使原分式有意义，x的值不能取2、2、3，x可取的值为1，当x1时，原式1+23
25、【点评】本题考查分式的化简求值，解答本题的关键是熟悉分式混合运算的相关运算法则，代值计算时，所选取的值必须使原分式有意义17如图，已知点B（3，6），C（3，0），以坐标原点O为位似中心，在第四象限将OBC缩小为原来的三分之一（即新图形与原图形的相似比为1：3）（1）画出缩小后的图形；（2）写出B点的对应点坐标；（3）如果OBC内部一点M的坐标为（x，y），写出点M经位似变换后的对应点坐标【分析】（1）由以原点O为位似中心，将OBC缩小为原来的一半，根据位似图形性质，可求得其对应点的坐标，继而画出图形；（2）结合（1）可求得B点的对应点坐标；（3）根据位似图形的性质，即可求得点M经位似变换后的
26、对应点坐标解：（1）如图，BOC，BOC为所求，（2）B点的对应点坐标为：（1，2）或（1，2）；（3）OBC内部一点M的坐标为（x，y），则点M经位似变换后的对应点坐标为：（x，y），（x，y）【点评】此题考查了位似图形变换注意掌握关于原点位似的图形的变化特点是关键18为了解市民对全市创卫工作的满意程度，某中学数学兴趣小组在全市甲、乙两个区内进行了调查统计，将调查结果分为不满意，一般，满意，非常满意四类，回收、整理好全部问卷后，得到下列不完整的统计图请结合图中信息，解决下列问题：（1）求此次调查中接受调查的人数，并补全条形统计图（2）若本市人口300万人，估算该市对市创卫工作表示满意和非常满
27、意的人数（3）兴趣小组准备从调查结果为不满意的4位市民中随机选择2位进行回访，已知4位市民中有2位来自甲区，另2位来自乙区，请用列表或用画树状图的方法求出选择的市民均来自同区的概率【分析】（1）由非常满意的有20人，占40%，即可求得此次调查中接受调查的人数，用总人数减去其他几项的人数即为满意的人数，再补全统计图即可（2）根据（1）求得的非常满意的人数和满意人数，用300即可；（3）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与选择的市民均来自同区的情况，再利用概率公式即可求得答案解：（1）非常满意的有20人，占40%，此次调查中接受调查的人数：2040%50（人），此次调查中结果
28、为满意的人数为：50482018（人），补全统计图如下：（2）该市对市创卫工作表示满意的人数108（万），该市对市创卫工作表示非常满意的人数300120（万），答：估算该市对市创卫工作表示满意和非常满意的人数分别为108万，120万；（3）画树状图得：共有12种等可能的结果，选择的市民均来自同区的有4种情况，选择的市民均来自甲区的概率为：【点评】本题考查了列表法或树状图法求概率以及条形与扇形统计图的知识用到的知识点为：概率所求情况数与总情况数之比19如图，O的弦AB，CD交于点E，连接AC，BC，延长DC到点P，连结PB，PB与O相切，且PBPE（1）求证：点A是的中点；（2）若AEBE，AC
29、4，求AE的长【分析】（1）连接OB，OA，OA交CD于F点，如图，根据切线的性质得到OBP90，再证明AFE90，则根据垂径定理得到；（2）根据圆周角定理，由得到ACDABC，则可证明ACEABC，然后利用相似三角形的性质得到AC：ABAE：AC，从而根据比例的性质可计算出AE的长【解答】（1）证明：连接OB，OA，OA交CD于F点，如图，PB与O相切，OBPB，OBP90，即OBA+PBE90，PBPE，PBEPEB，PEBAEF，OBA+AEF90，OAOB，OBAOAB，OAB+AEF90，AFE90，OACD，即点A是的中点；（2）解：，ACDABC，CABEAC，ACEABC，AC
30、：ABAE：AC，AC4，AEBE，4：2AEAE：4，解得AE2，即AE的长为2【点评】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径也考查了垂径定理和相似三角形的判定与性质20铭润超市用5000元购进一批新品种的苹果进行试销，由于销售状况良好，超市又调拨11000元资金购进该品种苹果，但这次的进货价比试销时每千克多了0.5元，购进苹果数量是试销时的2倍（1）试销时该品种苹果的进货价是每千克多少元？两次共购进多少苹果？（2）如果超市将该品种苹果按每千克10元的定价出售，当大部分苹果售出后，余下的500千克按定价的六折售完，那么超市在这两次苹果销售中共盈利多少元？【分析】（1）设试销时该品
31、种苹果的进价是每千克x元，则第二次购进该品种苹果的进价是每千克（x+0.5）元，根据数量总价单价结合第二次购进苹果数量是试销的2倍，即可得出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论；（2）根据数量总价单价即可求出两次购进苹果的数量，再利用利用销售收入成本即可求出结论解：（1）设试销时该品种苹果的进价是每千克x元，则第二次购进该品种苹果的进价是每千克（x+0.5）元，根据题意得：2，解得：x5，经检验，x5是原方程的根，且符合题意则两次共购进苹果33000（千克），答：试销时该品种苹果的进价是每千克5元，两次共购进苹果3000千克（2）10（3000500）+100.6500500011000
32、12000（元）答：超市在这两次苹果销售中共盈利12000元【点评】本题考查了分式方程的应用，解题的关键是：（1）找准等量关系，正确列出分式方程；（2）根据数量关系，列式计算21在初中阶段的函数学习中，我们经历了“确定函数的表达式，利用函数图象研究其性质，运用函数解决问题”的学习过程在画函数图象时，我们通过描点或平移的方法画出了所学的函数图象学习了一次函数之后，现在来解决下面的问题：在ya|x1|+b中，如表是y与x的几组对应值x3210123y7m31n13（1）m5，n1；（2）平面直角坐标系中，画出函数的图象；（3）根据图象，判断下列关于该函数性质的说法是否正确，正确的打，错误的打该函数
33、图象是轴对称图形，对称轴为直线x1 （判断对错）当x1时，y随x的增大而增大，当x1时，y随x的增大而减小 （判断对错）该函数在自变量的取值范围内有最小值，当x1时有最小值1 （判断对错）（4）若方程组有且只有一个公共解，则t的取值范围是 t3【分析】（1）观察表格，函数图象经过点（1，3），（0，1），将这两点的坐标分别代入ya|x|+b，利用待定系数法即可求出这个函数的表达式；把x2代入即可求出m，将x1代入即可求出n；（2）根据表格数据，描点连线即可画出该函数的图象；（3）根据图象判断即可；（4）根据图象得出当t3时，直线y2x+t与函数y2|x1|1的图象只有一个交点，即可得出方程组有
34、且只有一个公共解，则t的取值范围是t3解：（1）函数ya|x1|+b的图象经过点（1，3），（0，1），解得，y2|x1|1，当x2时，m2|21|15，当x1时，n2|11|11故答案为：5，1；（2）函数y2|x1|1的图象如图所示：（3）根据图象可知，该函数图象是轴对称图形，对称轴为直线x1正确；当x1时，y随x的增大而增大，当x1时，y随x的增大而减小错误；该函数在自变量的取值范围内有最小值，当x1时有最小值1正确；故答案为：；（4）把（1，1）代入y2x+t得，t3，当t3时，直线y2x+t与函数y2|x1|1的图象只有一个交点，方程组有且只有一个公共解，则t的取值范围是t3故答案为
35、：t3【点评】本题考查了两条直线的交点问题：两条直线的交点坐标，就是由这两条直线相对应的一次函数表达式所组成的二元一次方程组的解也考查了用待定系数法求一次函数的解析式，一次函数图象上点的坐标特征，一次函数的图象与性质，综合性较强，难度适中画出函数的图象利用数形结合是解题的关键22平行四边形ABCD中，点E在边BC上，连AE，点F在线段AE上，连BF，连AC（1）如图1，已知ABAC，点E为BC中点，BFAE若AE5，BF2，求AF的长度；（2）如图2，已知ABAE，BFEBAC，将射线AE沿AC翻折交CD于H，过点C作CGAC交AH于点G若ACB45，求证：AF+AEAG；（3）如图3，已知A
36、BAC，若ACB30，AB2，直接写出AF+BF+CF的最小值【分析】（1）根据“直角三角形的中线等于斜边长一半”，可以得到AEBECE5，再在直角BEF中，利用勾股定理求出EF，则AFAEEF，即可求解；（2）由题意可得，AC是GCE的角平分线，且CGAC，故延长AE，GC交于点M，可证AGAM，要证AGAE+AF，而AMAE+EM，即证明AFEM即可，延长BF交AC于N，过E作EPAC于P，先证明ABNEAP，可以得到ANEP，再证明四边形EQCP是正方形，得到EQEPAN，接着证明ANFEQM即可解决；（3）如图3，分别以AF和AC为边构造等边三角形，构造“手拉手”模型，即可得到AFCA
37、MN，所以CFMN，FMAF，则AF+BF+CFBF+FM+MN，当B，F，M，N四点共线时，所求线段和的值最小，利用BAN150，AB2，ACAN，解ABN即可解决【解答】（1）解：ABAC，如图1，BAC90，E为BC的中点，AE5，AEBEEC5，BFAE，BFE90，在RtBEF中，EF1，AFAEEF4；（2）证明：如图2，设射线AE与射线CG交于点M，由题可设CAMCAG，ACCG，ACMACG90，AMGAGM90，AMAG，BFEBAC，ABF+BAECAM+BAE，ABFCAM，ABAE，ABEAEB，ABF+FBEACB+CAM，ABFCAM，ACB45，FBEACB45，
38、延长BF交AC于N，BNCN，BNCANF90，过E作EPAC于P，则APEBNA90，在ABN与EAP中，ABNEAP（AAS），ANEP，过E作EQCM于Q，EQCACMEPC90，四边形EQCP为矩形，BCM90ACB45，BCMACB，EPEQAN，矩形EQCP为正方形，EQAC，MEQFAN，在MEQ与FAN中，EQMANF（ASA），AFEM，AMAE+EM，AGAE+AF；（3）解：如图3，以AC为边构等边ACN，以AF为边构造等边AFM，AFAMFM，ACANCN，FAMCAN60，FAMMACCANMAC，CAFNAM，在AFC与AMN中，AFCAMN（SAS），CFCM，A
39、F+BF+CFBF+FM+MN，当B，F，M，N四点共线时，AF+BF+CF最小，即为线段BN的长度，如图4，过N作NTBA交其延长线于T，BTN90，ABAC，BAC90，AB2，ACB30，BC2AB4，AC，ANAC，BANBAC+CAN150，TAN180BAN30，在RtTAN中，TN，3，TBTA+AB3+25，BN，AF+BF+CF的最小值为【点评】本题是一道四边形综合题，考查了线段的“截长补短”在证明三角形全等中的应用，同时要注意基本辅助线构造方法，比如第2问中的线段AC即是角平分线，又是垂线段，延长相交构等腰就是本题的突破口，再结合线段的截长补短来构造全等，还考查了多条线段和的最值问题，利用旋转变换来转化线段是解决此问的关键
