2022届山东省高三数学二轮复习专题训练10:解析几何(含答案解析)

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1、专题10:解析几何一、单选题1(2022山东聊城二模)已知点在圆:上,点,满足的点的个数为()A3B2C1D02(2022山东潍坊二模)已知直线,若,则()ABC3D33(2022山东青岛二模)设O为坐标原点,抛物线与双曲线有共同的焦点F,过F与x轴垂直的直线交于A,B两点,与在第一象限内的交点为M,若,则双曲线的离心率为()ABCD4(2022山东烟台市教育科学研究院二模)已知点分别为椭圆的左、右焦点,点P为直线上一个动点若的最大值为,则椭圆C的离心率为()ABCD5(2022山东菏泽二模)已知双曲线的一条渐近线方程为,则下列说法正确的是()AE的焦点到渐近线的距离为2BCE的实轴长为6DE

2、的离心率为6(2022山东德州市教育科学研究院二模)双曲线的一条渐近线方程为,分别为该双曲线的左右焦点,为双曲线上的一点,则的最小值为()ABCD7(2022山东临沂二模)已知双曲线的焦距为,实轴长为4,则C的渐近线方程为()ABCD8(2022山东日照二模)已知曲线,则“”是“曲线C是椭圆”的()A充要条件B充分不必要条件C必要不充分条件D既不充分也不必要条件9(2022山东滨州二模)已知直线,圆,则直线l与圆C的位置关系是()A相离B相切C相交D不确定10(2022山东滨州二模)已知椭圆和双曲线有相同的左、右焦点,若,在第一象限内的交点为P,且满足,设,分别是,的离心率,则,的关系是()A

3、BCD11(2022山东济南二模)“”是“直线与平行”的()A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分又不必要条件12(2022山东泰安二模)已知以F为焦点的抛物线上的两点A,B(点A的横坐标大于点B的横坐标),满足(O为坐标原点),弦AB的中点M的横坐标为,则实数()ABC3D413(2022山东济宁二模)过双曲线C:的左焦点F作圆的切线,设切点为A,直线FA交直线于点B,若,则双曲线C的渐近线方程为()ABCD二、多选题14(2022山东聊城二模)已知抛物线:()的焦点到准线的距离为2,过的直线交抛物线于两点,则()A的准线方程为B若,则C若,则的斜率为D过点作准线的垂线,垂足为

4、,若轴平分,则15(2022山东菏泽二模)已知椭圆的左右焦点分别为,直线与椭圆E交于A,B两点,C,D分别为椭圆的左右顶点,则下列命题正确的有()A若直线CA的斜率为,BD的斜率,则B存在唯一的实数m使得为等腰直角三角形C取值范围为D周长的最大值为16(2022山东临沂二模)如图,已知椭圆,分别为左、右顶点,分别为上、下顶点,分别为左、右焦点,点P在椭圆C上,则下列条件中能使C的离心率为的是()ABC轴,且D四边形的内切圆过焦点,17(2022山东济南二模)过抛物线焦点F的直线交抛物线于A,B两点(A在第一象限),M为线段AB的中点.M在抛物线的准线l上的射影为点N,则下列说法正确的是()A的

5、最小值为4B CNAB面积的最小值为6D若直线AB的斜率为,则18(2022山东泰安二模)已知双曲线C:的离心率为,且其右顶点为,左,右焦点分别为,点P在双曲线C上,则下列结论正确的是()A双曲线C的方程为B点A到双曲线C的渐近线的距离为C若,则D若,则的外接圆半径为19(2022山东济宁二模)设椭圆C:的左右焦点分别为,上下顶点分别为,点P是C上异于的一点,则下列结论正确的是()A若C的离心率为,则直线与的斜率之积为B若,则的面积为C若C上存在四个点P使得,则C的离心率的范围是D若恒成立,则C的离心率的范围是三、填空题20(2022山东潍坊二模)若圆与圆的交点为A,B,则_21(2022山东

6、菏泽二模)已知圆内有一点,AB为过点P且倾斜角为的弦,则_22(2022山东德州市教育科学研究院二模)已知抛物线的焦点为F,O为坐标原点,A(t,1)是抛物线第一象限上的点,直线AF与抛物线的另一个交点为B,则_23(2022山东临沂二模)若圆与圆的公共弦AB的长为1,则直线恒过定点M的坐标为_24(2022山东日照二模)如图1所示,双曲线具有光学性质:从双曲线右焦点发出的光线经过双曲线镜面反射,其反射光线的反向延长线经过双曲线的左焦点.若双曲线的左右焦点分别为,从发出的光线经过图2中的A,B两点反射后,分别经过点C和D,且,则E的离心率为_.25(2022山东济南二模)已知,分别为双曲线的左

7、右焦点,点P在双曲线上,若,则双曲线的离心率为_.26(2022山东济宁二模)已知直线过定点A,直线过定点B,与的交点为C,则的最大值为_.27(2022山东泰安二模)已知以C为圆心的圆若直线(a,b为正实数)平分圆C,则的最小值是_;设点,若在圆C上存在点N,使得CMN45,则的取值范围是_四、解答题28(2022山东聊城二模)如图,点是圆:上的动点,点,线段的垂直平分线交半径于点(1)求点的轨迹的方程;(2)点为轨迹与轴负半轴的交点,不过点且不垂直于坐标轴的直线交椭圆于,两点,直线,分别与轴交于,两点若,的横坐标之积是2,问:直线是否过定点?如果是,求出定点坐标,如果不是,请说明理由29(

8、2022山东潍坊二模)已知M,N为椭圆和双曲线的公共顶点,分别为和的离心率(1)若()求的渐近线方程;()过点的直线l交的右支于A,B两点,直线MA,MB与直线相交于,两点,记A,B,的坐标分别为,求证:;(2)从上的动点引的两条切线,经过两个切点的直线与的两条渐近线围成三角形的面积为S,试判断S是否为定值?若是,请求出该定值;若不是,请说明理由30(2022山东青岛二模)已知点在椭圆上,椭圆C的左右焦点分别为,的面积为.(1)求椭圆C的方程;(2)设点A,B在椭圆C上,直线PA,PB均与圆相切,记直线PA,PB的斜率分别为,.(i)证明:;(ii)证明:直线AB过定点.31(2022山东烟台

9、市教育科学研究院二模)已知双曲线的实轴长为2点是抛物线的准线与C的一个交点(1)求双曲线C和抛物线E的方程;(2)过双曲线C上一点P作抛物线E的切线,切点分别为A,B求面积的取值范围32(2022山东菏泽二模)已知抛物线的焦点为F,O为坐标原点,抛物线E上不同的两点M,N只能同时满足下列三个条件中的两个:;直线MN的方程为(1)问M,N两点只能满足哪两个条件(只写出序号,无需说明理由)?并求出抛物线E的标准方程;(2)如图,过F的直线与抛物线E交于A,B两点,过A点的直线l与抛物线E的另一交点为C,与x轴的交点为D,且,求三角形ABC面积的最小值33(2022山东德州市教育科学研究院二模)已知

10、的两个顶点A,B的坐标分别为,圆E是的内切圆,在边AC,BC,AB上的切点分别为P,Q,R,动点C的轨迹为曲线G(1)求曲线G的方程;(2)设直线l与曲线G交于M、N两点,点D在曲线G上,O是坐标原点,判断四边形OMDN的面积是否为定值?若为定值,求出该定值;如果不是,请说明理由34(2022山东临沂二模)已知抛物线的焦点为F,抛物线H上的一点M的横坐标为5,为坐标原点,(1)求抛物线H的方程;(2)若一直线经过抛物线H的焦点F,与抛物线H交于A,B两点,点C为直线上的动点求证:是否存在这样的点C,使得ABC为正三角形?若存在,求点C的坐标;若不存在,说明理由,35(2022山东日照二模)已知

11、抛物线过点,O为坐标原点.(1)求抛物线的方程;(2)直线l经过抛物线的焦点,且与抛物线相交于A,B两点,若弦AB的长等于6,求的面积;(3)抛物线上是否存在异于O,M的点N,使得经过O,M,N三点的圆C和抛物线在点N处有相同的切线,若存在,求出点N的坐标,若不存在,请说明理由.36(2022山东滨州二模)已知抛物线在点处的切线斜率为(1)求抛物线C的方程;(2)若抛物线C上存在不同的两点关于直线对称,求实数m的取值范围37(2022山东济南二模)已知椭圆C的焦点坐标为和,且椭圆经过点.(1)求椭圆C的方程;(2)若,椭圆C上四点M,N,P,Q满足,求直线MN的斜率.38(2022山东泰安二模

12、)已知椭圆C:过点,过其右焦点且垂直于x轴的直线交椭圆C于A,B两点,且(1)求椭圆C的方程;(2)若直线l:与椭圆C交于E,F两点,线段EF的中点为Q,在y轴上是否存在定点P,使得EQP2EFP恒成立?若存在,求出点P的坐标;若不存在,请说明理由39(2022山东济宁二模)已知抛物线E:的焦点为F,点在抛物线E上,且的面积为(O为坐标原点).(1)求抛物线E的方程;(2)过焦点F的直线l与抛物线E交于AB两点,过AB分别作垂直于l的直线ACBD,分别交抛物线于CD两点,求的最小值.参考答案1B【分析】设,轨迹可得点P的轨迹方程,即可判断该轨迹与圆的交点个数.【详解】设点,则,且,由,得,即,

13、故点P的轨迹为一个圆心为、半径为的圆,则两圆的圆心距为,半径和为,半径差为,有,所以两圆相交,满足这样的点P有2个.故选:B.2A【分析】两直线斜率均存在时,两直线垂直,斜率相乘等于1,据此即可列式求出a的值【详解】,故选:A3C【分析】利用向量的运算建立方程,转化为离心率e的方程求解.【详解】因为抛物线的焦点,由题可知,即抛物线方程为,令代入抛物线方程,可得,代入双曲线方程,可得,可设,由有 两边平方相减可得, ,由有:,又即,由有:由,解得.故A,B,D错误.故选:C.4D【分析】根据对称性,不妨设点在第一象限且坐标为,设,则,进而结合正切的差角公式和基本不等式可得,进而根据齐次式求离心率

14、即可.【详解】解:根据对称性,不妨设点在第一象限且坐标为,如图,记直线与轴的交点为,设,则,由于,故,所以,所以,因为,当且仅当时等号成立,即时等号成立,所以,整理得,所以,解得,所以,即椭圆C的离心率为.故选:D5D【分析】根据双曲线的几何性质可求出结果.【详解】依题意可得,得,故B不正确;,所以E的焦点到渐近线的距离为,故A不正确;因为,所以E的实轴长为,故C不正确;E的离心率为,故D正确.故选:D6B【分析】求最小值,则要尽可能小,要尽可能大,所以在双曲线的右支上,则,所以,消元转化为对勾函数求最值【详解】若求最小值,则要尽可能小,要尽可能大所以在双曲线的右支上 渐近线 又因为所以 由双

15、曲线定义,当在双曲线的右支上,当且仅当,即时取等号因为右支上的顶点到最小,最小为所以不到等号,当时,取最小值最小值为:故选:B7C【分析】由焦距和实轴长分别算出和的值,再利用可求出值,渐近线方程即可求解.【详解】由已知得,双曲线的焦点在轴上,双曲线的焦距,解得,双曲线的是实轴长为,解得,则,即双曲线C的渐近线方程为,故选:.8C【分析】求出曲线表示椭圆时a的范围,根据充分条件和必要条件的概念即可得答案【详解】若曲线表示椭圆,则,故“”是“曲线C是椭圆”的必要不充分条件故选:C9D【分析】求出直线l过的定点,再判断此定点与圆C的位置关系即可作答.【详解】直线,即,由解得,因此,直线恒过定点,又圆

16、,即,显然点A在圆C外,所以直线与圆C可能相离,可能相切,也可能相交,A,B,C都不正确,D正确.故选:D10D【分析】由结合外角定理可得,然后可得,再结合椭圆和双曲线定义、勾股定理列式整理可得.【详解】因为,所以,所以所以,记椭圆长半轴长为,双曲线实半轴长为,则由椭圆和双曲线定义可得:2+2可得由勾股定理知,代入上式可得整理得,即所以故选:D11A【分析】利用定义法,分充分性和必要性分别判断.【详解】充分性:当时,直线与即为:与,所以两直线平行.故充分性满足;必要性:直线与平行,则有:,解得:或.当时,直线与即为:与,所以两直线平行,不重合;当时,直线与即为:与,所以两直线平行,不重合;所以

17、或.故必要性不满足.故“”是“直线与平行”的充分不必要条件.故选:A12D【分析】根据已知及抛物线的几何性质求出,再由已知求出的值.【详解】由题意可得抛物线的焦点.弦AB的中点M的横坐标为,由已知条件可知直线AB的斜率存在.设直线AB的方程为,则联立,消去y得,又因为弦AB的中点M的横坐标为,点A到准线的距离为,点B到准线的距离为,所以,又,故.故选:D13B【分析】根据题意得到直线的方程,和直线联立求出点的横坐标,再利用等面积得到点的纵坐标,由求得点的纵坐标,利用点的纵坐标相等即可计算【详解】因为直线FA交直线于点B,直线与圆切于点,所以,因为,所以,在中,所以直线的方程为,由,得即点的横坐

18、标为,在中,根据等面积可得,因为,所以,因为所以,所以,所以,所以,所以,所以,所以渐近线方程为,故选:B14BCD【分析】根据抛物线的几何意义求出,即可得到抛物线的方程,再根据抛物线的定义判断A、B、D,设,直线的方程为,联立直线与抛物线方程,消元列出韦达定理,根据焦半径公式计算即可判断C;【详解】解:因为抛物线:()的焦点到准线的距离为2,所以,所以抛物线方程为,则焦点,准线为,故A错误;若,则,所以,所以,故B正确;可设,直线的方程为,与抛物线联立,消去,可得,可得,由抛物线的定义可得即,即,解得,则直线的斜率为,故C正确;对于D,若轴平分,则,又轴,所以,所以,所以,即,所以,故D正确

19、;故选:BCD15BD【分析】A选项,求出A,B两点坐标,表达出;B选项,验证出,是直角顶点时,不满足等腰性,故不成立,当A是直角顶点时满足题意,得出结论;C选项,设出,求出;D选项,作出辅助线,利用椭圆定义得到直线经过焦点时,此时的周长最大.【详解】将代入椭圆方程,求出,其中,则,A错误;由题意得:,当时,此时,所以当,是直角顶点时,不满足等腰性,故不成立,当点A是直角顶点时,由对称性可知:此时A在上顶点或下顶点,由于,故满足题意,所以存在唯一的实数m使得为等腰直角三角形,B正确;不妨设,则,因为,所以,C错误;如图,当直线经过焦点时,此时的周长最大,等于,其他位置都比小,例如当直线与椭圆相

20、交于,与x轴交于C点时,连接,由椭圆定义可知:,显然,同理可知:,故周长的最大值为,D正确故选:BD16ABD【分析】由椭圆方程依次写出顶点及焦点坐标,A选项直接计算即可判断;B选项由即可判断;C选项由即可判断;D选项由即可判断.【详解】由题意知:,设椭圆离心率为,对于A,即,同除整理得,解得,又,故,A正确;对于B,即,即,即,由上知,B正确;对于C,轴,由,解得,故,即,即,解得,则,故离心率,C错误;对于D,易得内切圆半径为斜边上的高,即,若内切圆过焦点,则,整理得,同除得,解得,又,则,故,D正确.故选:ABD.17ABD【分析】设直线AB方程为 , ,根据弦长公式表示出,可判断A;求

21、出点N的坐标,根据斜率之间的关系,可判断B;表示出点点N到直线AB的距离,继而求得,可判断C; 直线AB的斜率为,结合可求得,即可判断D.【详解】由题意知 ,设直线AB方程为 , ,联立 ,可得 , ,故,则,故当 时,的最小值为4,故A正确;又 ,即M点纵坐标为2m,故 ,当时,轴,NF在x轴上,此时 ;当时, , ,故,综合可知,,故B正确;又点N到直线AB的距离为 ,故 ,当 时,取最小值4,故C错误;若直线AB的斜率为,则直线AB方程为,即 ,则,由于A在第一象限,故解得 ,故 ,由于同向,故,故D正确,故选:ABD18ABD【分析】由离心率为,右顶点为求出双曲线方程,再利用点到直线的

22、距离,双曲线的定义及性质依次判断4个选项即可.【详解】由离心率为,右顶点为可得,故双曲线C的方程为,A正确;双曲线的渐近线为,故点A到双曲线C的渐近线的距离为,B正确;由双曲线的定义,则或10,C错误;,则,的外接圆半径为,D正确.故选:ABD.19BD【分析】A. 设,所以该选项错误;B. 求出的面积为所以该选项正确;C. 求出,所以该选项错误;D. 若恒成立,所以,所以该选项正确.【详解】解:A. 设,所以,因为,所以.所以,所以该选项错误;B. 若,则所以则的面积为所以该选项正确;C. 若C上存在四个点P使得,即C上存在四个点P使得的面积为,所以,所以该选项错误;D. 若恒成立,所以,所

23、以,所以该选项正确.故选:BD20【分析】根据题目条件画出图象,利用勾股定理得到AOC是直角三角形,且OCA=30,进一步得出答案.【详解】由题可知:,满足勾股定理: 所以AOC是直角三角形,且OCA=30.故答案为:.21【分析】求出直线的方程后,利用点到直线的距离求出弦心距,再根据勾股定理可得结果.【详解】依题意可得直线的斜率为,所以直线的方程为:,即,由圆心到直线的距离可得弦心距,所以.故答案为:2240【分析】根据题意可得,联立直线AF与抛物线的方程可求得点B的坐标,进而可求以及O到直线的距离【详解】,则抛物线方程为把A(t,1)代入抛物线方程得:且,则,则直线AF的斜率直线AF的方程

24、:即联立方程,解得或即,则O到直线的距离故答案为:4023【分析】先求出公共弦所在直线方程,由公共弦AB的长为1结合圆中弦长公式求得,将直线转化为,解方程组即可求得定点坐标.【详解】由和可得公共弦所在直线方程为,即,由公共弦AB的长为1可得直线与圆相交弦长即为1,又圆心到直线的距离,故,即,故直线可化为,整理得,由,解得,故定点M的坐标为.故答案为:.24【分析】连接,设,则,根据诱导公式及同角三角函数的基本关系求出,再根据锐角三角函数得到、,从而得到方程求出,再在利用勾股定理计算可得;【详解】解:如图,连接,则,和,都三点共线,设,则.由,所以所以,又,所以,即,即,又,因此,即,在中,即.

25、故.故答案为:25【分析】不妨假设点P在双曲线右支上,可根据双曲线定义结合条件求得,再结合,即可求得答案.【详解】不妨假设点P在双曲线右支上,则 ,由于,故,故,而 ,故 ,故答案为:26【分析】由已知直线方程可得、且、相互垂直,进而可知的轨迹是以为直径的圆,令则且,利用基本不等式求的最大值,注意等号成立条件,即可知的最大值.【详解】由,则过定点,由,则过定点,显然,即、相互垂直,而与的交点为C,所以的轨迹是以为直径的圆,且圆心为、半径为,令,则,且,所以,当且仅当,即时等号成立,所以的最大为.故答案为:27 # 【分析】先由直线经过圆心求得,再由结合基本不等式即可求解;当时,设直线与圆切于点

26、,由解得的取值范围,当时,存在使CMN45即可求解.【详解】由题意知:直线经过圆心,又化为标准方程为,故,即,故,当且仅当,即时取等,故的最小值是;易知圆与直线相切,在直线上,当时,设直线与圆切于点,如图所示,要使圆C上存在点N,使得CMN45,则,则,即,解得,故且;当时,即为切点,此时圆上存在使CMN45,符合题意;综上:.故答案为:;.28(1);(2)直线过定点.【分析】(1)利用定义法求点的轨迹的方程;(2)直线的方程为,联立直线和椭圆的方程得到韦达定理,再根据得,即得解.(1)解:由题得,所以点的轨迹是以为焦点,长轴为4的椭圆.所以,所以椭圆的方程为.所以点的轨迹的方程为.(2)解

27、:由题得点,设直线的方程为,联立直线和椭圆的方程为得,所以.设,所以.所以直线方程为,令得,同理,因为,所以,所以,所以,因为,所以,所以,所以,所以直线的方程为,所以直线过定点.29(1)();()证明见解析(2)是定值,【分析】(1)()根据椭圆和双曲线的离心率公式求得,即可求出双曲线的渐近线方程;()直线AB的方程为,与双曲线方程联立,利用韦达定理求得,从而可求出,再根据直线的方程可求出,从而可求得,整理即可得证;(2)设两个切点,直线的方程为,与椭圆方程联立,根据求出,同理可求得直线的斜率,求出直线的方程,然后可求出直线与两条渐近线的交点坐标,计算整理即可得出结论.(1)解:由题意得,

28、所以,又,解得,()故双曲线的渐近线方程为,()设直线AB的方程为,则消元得,且,所以,故,又直线的方程为,所以,同理,所以,故;(2)解:设两个切点,由题意知,斜率存在,直线的方程为,联立由得,所以,同理直线方程为,由,过P点可得可得直线的方程为,不妨设,直线与双曲线两渐近线交于两点,则围成三角形的面积,因P在双曲线上,则为定值.【点睛】本题考查了椭圆与双曲线的综合问题,考查了椭圆和双曲线的性质,考查了椭圆和双曲线中的定值问题,及椭圆中三角形的面积问题,计算量很大,对数据分析处理能力要求很高,属于难题.30(1)(2)(i)证明见解析;(ii)证明见解析【分析】(1)利用,结合三角形的面积公

29、式,求出,即可求椭圆的方程.(2) (i)设直线的方程为,直线的方程为,由题意可知,可得是方程的两根,利用韦达定理即可证明.(ii)设直线的方程为,代入椭圆方程,利用韦达定理,结合,可得与的关系式,即可证明直线过定点.(1)解:由题知,的面积等于,所以,解得,所以,椭圆C的方程为.(2)(i)设直线PA的方程为,直线PB的方程为,由题知,所以,所以,同理,所以,是方程的两根,所以.(ii)设,设直线AB的方程为,将代入得,所以,所以,又因为,将代入,化简得,所以,所以,若,则直线,此时AB过点P,舍去.若,则直线,此时AB恒过点,所以直线AB过定点.31(1),(2)【分析】(1)代入点结合双

30、曲线的实轴长为2可得双曲线方程,根据抛物线的准线方程可得抛物线方程;(2)设直线方程为,根据导数的几何意义求得切线的方程,联立可得的坐标,再代入双曲线方程,结合面积表达式求解范围即可(1)由题,又点在双曲线上,故,解得,故双曲线方程为;又点过抛物线的准线,故,即,故(2)显然直线斜率存在,故设直线方程为,联立有,故,又,故切线 ,结合整理得,同理切线,联立解得,即,故.又,且,即,故,又在双曲线上故,故,故面积的取值范围为【点睛】本题主要考查了双曲线和抛物线方程的求解,同时也考查了联立直线与圆锥曲线,利用韦达定理化简并表达面积的问题,同时也考查了求导求切线方程的方法与面积的范围问题等,属于难题

31、32(1),;(2)16.【分析】(1)分析3个条件,选择,再由求出点M,N的坐标,结合求出p值作答.(2)设出直线AB的方程,与抛物线E的方程联立,由点A的横坐标表示点D,求出直线AC方程,进而求得点C的坐标,建立三角形面积的函数关系,求其最小值作答.(1)抛物线的焦点,由知,点F在线段MN上,由知,为正三角形,由知,直线MN过点,显然矛盾,若是,令,则,由得:,即,有,又,于是有,整理得,此等式不成立,即矛盾,依题意,同时满足的条件为,因直线MN的方程为,则不妨令,则,即有,而,则有,此时,即成立,所以.(2)显然直线AB不垂直于y轴,设,由消去x并整理得:,设,由抛物线的对称性,不妨令A

32、点在x轴上方,即,由得:,则直线,由消去x并整理得:,则有点C的纵坐标为,于是得点,又, 点C到AB距离,当且仅当,即时取“=”,所以三角形ABC面积的最小值是16【点睛】思路点睛:圆锥曲线中的几何图形面积范围或最值问题,可以以直线的斜率、横(纵)截距、图形上动点的横(纵)坐标为变量,建立函数关系求解作答.33(1)(2)四边形OMDN的面积是定值,其定值为【分析】(1)由题意得,根据椭圆的定义,即可得a,c的值,根据a,b,c的关系,可得b值,即可得答案.(2)由题意得直线l的斜率存在,设直线l方程是,与椭圆联立,根据韦达定理,可得,表达式,代入弦长公式,可得表达式,再求得O到直线MN的距离

33、d,根据题意,求得D点坐标,代入椭圆,可得k、m的关系,求得以OMDN的面积为S的表达式,整理计算,即可得答案.(1)因为圆E为的内切圆,所以,所以点C的轨迹为以点A和点B为焦点的椭圆,所以,则,所以曲线G的方程为(2)由可知直线l的斜率存在,设直线l方程是,由平面图形OMDN是四边形,可知,代入到,得所以,所以,所以,又点O到直线MN的距离,由,得,因为点D在曲线C上,所以将D点坐标代入椭圆方程得由题意四边形OMDN为平行四边形,所以OMDN的面积为,由,代入得,故四边形OMDN的面积是定值,其定值为34(1)抛物线H的方程为;(2)证明见解析;存在点,使得为正三角形,理由见解析.【分析】(

34、1) 由条件列方程求参数,由此可得抛物线H的方程; (2)设直线,联立方程得关于的表达式,结合韦达定理和向量的表示方法,即可求证;可假设存在点,设的中点为,由直线和垂直关系求出点,由韦达定理和弦长公式求得弦,结合即可求解具体的的值,进而求解点;(1)因为抛物线的方程为,M 抛物线上且的横坐标为5,所以M的纵坐标为,当点的坐标为时,过点作,垂足为,因为,所以,所以又,所以,所以,所以,又所以,同理当点的坐标为时,所以抛物线的方程为;(2)设直线,,由,得,则.,所以,所以假设存在这样的点,设的中点为,由知;,则,则,则,而,由得,所以存在点.【点睛】本题主要考查抛物线轨迹方程的求法,韦达定理,向

35、量法在解析几何中的具体应用,由特殊三角形的关系求解参数值,运算推理能力,综合性强,属于难题35(1)(2)(3)存在,坐标为【分析】(1)点坐标代入抛物线方程可得答案;(2)设直线l的方程,与抛物线方程联立,韦达定理代入,得到解得,求出原点O到直线l距离,可得的面积;(3)假设抛物线上存在点,设经过O,M,N三点的圆的方程为,代入三点坐标可得,求出抛物线在点处的切线的斜率,直线NC的斜率,根据乘积为可得,由消去E可得答案.(1)抛物线过点,抛物线方程.(2)设直线l的斜率为k,则,由,得,直线l与抛物线有两个交点A,B,所以,设,则可得,于是,由,由解得,直线l的方程为,原点O到直线l距离,的

36、面积为.(3)已知O,M的坐标分别为,抛物线方程,假设抛物线上存在点(且),使得经过O,M,N三点的圆C和抛物线在点N处有相同的切线.设经过O,M,N三点的圆的方程为,则,整理得,函数的导数为,抛物线在点处的切线的斜率为,经过O,M,N三点的圆C在点处的切线斜率为,直线NC的斜率存在.圆心的坐标为,即,由消去E,得,即.,故满足题设的点N存在,其坐标为.36(1);(2).【分析】(1)根据给定条件,求出切线方程,再与抛物线C的方程联立,借助判别式计算作答.(2)设出抛物线C上关于l对称的两点A,B的坐标,并设出直线AB的方程,再与抛物线C的方程联立,借助判别式及韦达定理计算作答.(1)点,则

37、切线方程为:,由消去y并整理得:,依题意,解得,所以抛物线C的方程是.(2)设抛物线C上关于l对称的两点为,则设直线AB方程为:,由消去y并整理得:,则有,解得,显然线段的中点在直线l上,于是得,即有,而,因此,解得,所以实数m的取值范围是.【点睛】结论点睛:抛物线在点处的切线斜率;抛物线在点处的切线斜率.37(1)(2)【分析】(1)根据题意得到c=1,再将点代入椭圆方程求解;(2)设,由得到,根据,都在椭圆上,得到,同理得,两式相减求解.(1)解:由题意可知,c=1,设椭圆方程为,将点代入椭圆方程,得,解得(舍),所以椭圆方程为.(2)设,因为,所以,即,又,都在椭圆上,所以,即,-得,即

38、,又,同理得-得,所以.38(1)(2)存在定点,【分析】(1)直接由椭圆C过点和解方程即可;(2)先联立直线和椭圆,通过EQP2EFP得到点P在以EF为直径的圆上,即PEPF,表示出,由解出点P的坐标即可.(1)由题知,椭圆C过点和,所以,解得所以椭圆C的方程为(2)假设在y轴上存在定点P,使得EQP2EFP恒成立,设,由,得,EQP2EFP,EFPFPQ,QEQFQP点P在以EF为直径的圆上,即PEPF,恒成立,解得存在定点,使得EQP2EFP恒成立【点睛】本题关键点在于利用EQP2EFP得到点P在以EF为直径的圆上,进而得到,表示出,联立直线和椭圆后,由韦达定理及建立方程解出点P的坐标即可.39(1)(2)【分析】(1)根据面积及抛物线上的点可求解;(2)利用直线与抛物线的位置关系分别求得、,再通过导数求最值即可.(1)由题意可得解得p=2.故抛物线E的方程为.(2)由题意直线l的斜率一定存在且不为0,设直线l的方程为,设,由消去x得.所以,.由AC垂直于l,直线AC的方程为由消去x得.所以,.同理可得,所以,令,则,所以当时,单调递减;当时,单调递增.所以当x=2时,取得最小值,即当时,最小值为.

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