1、第 1 页，共 24 页 2021 年广东省百校大联考中考物理模拟试卷年广东省百校大联考中考物理模拟试卷 1. 我省积极利用区位优势，大力开发水力发电。下列能源与水能同属于可再生能源的是() A. 核能 B. 天然气 C. 太阳能 D. 石油 2. 为了庆祝中国共产党建党一百周年，师生们在操场用嘹亮的歌声演唱没有共产党就没有新中国。“嘹亮的歌声”说明歌声的() A. 音调高 B. 响度大 C. 传播速度快 D. 振动频率快 3. 如图所示，生活中我们常常使用钢丝钳剪断铁丝，此时钢丝钳属于() A. 省力杠杆 B. 费力杠杆 C. 等臂杠杆 D. 省功机械 4. 如图所示，周末小明在家利用自带投
2、影功能的手机观看电影，下列说法正确的是() A. 我们看到的彩色投影画面是由红、黄、蓝三种色光混合而成 B. 放影时手机镜头成像原理与照相机成像原理相同 C. 为了使墙壁上成的像变大，小明应将手机远离墙壁 D. 小明能在各个方向看见墙壁上的画面是光在墙壁上发生了镜面反射 5. 2021年4月15日是第六个全民国家安全教育日， 我校举行了以“物理知识与安全”为主题的宣传活动。下列宣传标语错误的是() A. 发现他人触电，迅速直接用手将触电者拉离电源 B. 乘坐汽车系好安全带，乘坐公交车要坐稳扶好 C. 在高铁站台等候乘车时应站在安全线以内的位置 D. 严禁高空抛物 6. 如图所示，关于电磁联系的
3、四个实验的装置的说法正确的是() A. 图甲，该装置探究奥斯特发现的电磁感应现象 B. 图乙，将小磁针移去后直导线周围不存在磁场 第 2 页，共 24 页 C. 图丙，该装置是用来探究磁性的强弱与电流大小的关系 D. 图丁，用该原理制成的电动机在工作过程中可将电能转化为机械能 7. 如图所示，用拉力 = 50将重 = 80的物体匀速向上提升 20cm，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是() A. 绳端移动的距离为 60cm B. 动滑轮的重为 30N C. 拉力 F所做的有用功为 20J D. 滑轮组的机械效率为80% 8. 2021年 4 月 9日，我国在太原卫星发射中心用“长征四号乙”运载火
4、箭，成功将“试验六号 03”星发射升空，卫星顺利进入预定轨道。火箭发射时，向下喷出高温高压的火焰，火箭就加速上升，这说明力的作用是_的；火箭加速上升过程中“试验六号 03”星的动能_(选填“增大”、“减小”或“不变“)；助推器的燃料燃烧完后在_的作用下落回地面。 9. 如图所示，太阳能充电宝同时为两部手机充电；充电时，电能转化为_能，两部手机在电路中的连接方式为_；利用手机接收微信消息时是通过_传递信息的。 10. 为了爱护师生的身体健康，我校为每个教室配备了免洗手消毒凝胶。使用时只需用消毒凝胶把双手涂全即可，手上的消毒凝胶很快变干，是发生了_(填物态变化名称)现象，同时双手感觉凉凉的，表明此
5、物态变化过程需要_(选填“吸收”或“放出”)热量。 同时还能闻到淡淡的酒精气味， 是因为分子在做_。 11. 茶是世界三大饮品之一，起源于中国，盛行于世界。2020年 5 月 21日是联合国确定的首个“国际茶日”。如图所示，茶壶利用了_原理，方便倒水饮茶； 用热水冲泡茶叶时， 茶叶随水而动， 说明力可以改变物体的_；茶叶的温度升高，内能增加，这是通过_的方式改变了茶叶的内能。 12. 如图所示，在“探究平面镜的成像特点”的实验时， 图中 M应选择的器材是_(选填“平面镜”、厚玻璃板”或“薄玻璃板”)。选用两根外形完全相同的蜡烛是为了探究平面镜成的像与物的_关系。实验中点燃的蜡烛靠近 M时，所成
6、的像的大小_(选填“变大”、“变小”或“不变”)。 第 3 页，共 24 页 13. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器2的最大阻值与定值电阻1的阻值相等，闭合开关 S，当滑片 P在最左端 a时，电压表示数为 6V，此时电流表示数为1，当滑片 P 在最端 b 时，电流表示数为2= 0.3。则电源电压为_ V，定值电阻1的阻值为_，电流表示数1：2=_。 14. 如图甲所示，重 500N 的小车受到 80N的水平推力，在水平地面上做直线运动，其距离随时间变化的图像如图乙所示，则小车运动的速度为_/；10s内人对小车做的功是_ J；人对小车做功的功率是_ W。 15. 如图所示，这是经
7、平面镜的反射光线，请作出入射光线并标出入射角的大小。 16. 如图所示，足球静止在水平桌面上，请作出足球所受力的示意图(为足球的重心)。 第 4 页，共 24 页 17. 如图所示，小磁针处于静止状态，请根据螺线管的磁极在两虚线框内分别标出小磁针右端极性和电源的正负极。 18. 如图甲所示，温度计读数是_；如乙所示，用刻度尺测得物体的长度是_ cm。 19. 如图甲所示，电流表的示数为_ A；如图乙所示，电子停表的读数是_。 20. 如图所示，这是小东家电能表的表盘示意图，电能表的读数为_ ；小东在家做作业时，只使用了一只标有“220V 5W”的节能灯正常工作24min，电能表的转盘转了_转。
8、 21. 在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验器材有额定电压为2.5的小灯泡(正常发光时的电阻约为10)、电压恒为 6V 的电源、电流表、电压表、开关和若干导线，最大阻值分别为10和50的滑动变阻器。 (1)根据实验要求设计的电路如图甲所示，图中 a 为_表。 第 5 页，共 24 页 (2)根据电路图，用笔画线代替导线将如图乙的实物电路连接完整，连接电路的过程中开关应该_(选填“闭合”或“断开”)。 (3)连接好电路，移动滑动变阻器的滑片至最_(选填“左”或“右”)端，再闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数，则电路可能的原因是_(填写选项中的字母)。 A.小灯泡短路 B.小灯
9、泡断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路 (4)排除故障后正确进行实验，依次正确读取三组实验数据，并记录在下表中。请你补充表格、位置内容。 实验次数 小灯泡两端电压/ 通过灯丝电流/ _ 小灯泡的亮度 1 2.0 0.26 2 2.5 0.30 _ 3 3.0 0.32 22. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中。 (1)实验装置如图甲所示，在组装时应先确定_(选填“铁夹”或“铁圈”)的位置。 第 6 页，共 24 页 (2)实验时当水温达到90时，每隔1min记录温度计示数，直到水沸腾段时间后停止读数，并将实验数据记录在下表中。请你在如图乙中画出水温随时间变化的图像。 时间/mi
10、n 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 温度/ 90 91 92 93 94 95 96 97 98 98 98 98 98 (3)分析实验数据或图像可知，水的沸点是_。 (4)在实验中观察到水中气泡上升时的变化情况如图丙、丁所示，其中_(选填“丙”或“丁”)图表示水正在沸腾时水中气泡上升的情形。 (5)分析实验过程发现实验所用的时间太长，请你提出一条有效缩短实验时间的措施：_。(合理即可) 23. 如图甲所示，这是某品牌电饭锅简化电路图，1和2均为电热丝(阻值不随温度发生变化)，1为温控自动开关， 使电饭锅处于加热或保温状态， 电饭锅的额定电压为 220V。 某次煮饭时
11、， 该电饭锅正常工作，总功率 P 随时间 t变化的图像如图乙所示。求： (1)电饭锅处在加热状态时的电流； (2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能； (3)电热丝2的阻值。 第 7 页，共 24 页 24. 如图甲所示这是用起重机打捞沉石的简化示意图。正方体石块静止在湖底，粗细、重力不计的绳子在起重机的作用下将该物体从水底以0.1/的速度匀速竖直向上拉，直至完全拉出水面，拉力 F的大小随时间变化的关系图像如图乙所示。(取10/，求： (1)石块在水中受到的最大浮力； (2)石块在露出水面之前，拉力 F 的功率； (3)石块上表面恰好接触水面时，下表面受到水的压强。 25. 在物理实践活
12、动中，小东用大豆、核桃、花生等食材制作营养豆浆，并测量营养豆浆的密度。 (1)把天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，观察到天平的指针指向分度盘中央红线的右侧，应向_(选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使天平横梁水平平衡。 (2)用调好的天平测量烧杯和豆浆的总质量，所加砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示，总质量为第 8 页，共 24 页 _ g。 (3)把烧杯中的豆浆倒入量筒中一部分，如图乙所示。 (4)测出烧杯和剩余豆浆的质量为 30g，计算出豆浆的密度为_/3。 (5)实验后，小东把核桃放入水中，发现核桃漂浮在水面上，他想测量核桃的密度，于是挑选了一个核桃，如图丙所示，却发现无
13、法放入量筒中。思考后，他利用弹簧测力计、小桶、细线、细铁丝、装满水的溢水杯，也测出了核桃的密度。实验方案如下。 用弹簧测力计测出小桶的重为1； 用弹簧测力计测出核桃的重为2； 用细铁丝将核桃压没在水中，用小桶承接溢出的水，用弹簧测力计测出小桶和溢出水的总重为3； (6)核桃的体积为_；核桃的密度为_。(均用1、2、3、和 g 表示) (7)由于核桃吸水而造成所测核桃的密度误差较大，在不改变实验方法的前提下，请你提出一条提高测量精度的有效措施：_。 26. “页岩气”是指附存于有机质泥页岩及其夹层中，以吸附和游离状态为主要存在方式的非常规天然气，其中甲烷的含量为80% 99.9%，是种清洁高效的
14、能源资源和化工原料，主要用于居民燃气、城市供热、发电、汽车燃料和化工生产等，用途广泛。我国“页岩气”可采储量大，正在大力发展开采技术。“页岩气”生产过程中一般无需排水，生产周期长，一般为 30年 50年，勘探开发成功率高，具有较高的工业经济价值。甲烷的热值取4.2 107/3 (1)“页岩气”的主要成分是_。 (2)日常生活中常对天然气采用的_方式液化成液态后储存在罐中。运输天然气的罐车常常连接一根铁链接地，这样可以将运输过程因摩擦起电而使罐体带上的正电中和掉，防止火灾发生。摩擦起电过程中罐体是_(选填“得到”或“失去”)电子；中和过程中，其电流方向是_(选填“罐体到大地”或“大地到罐体”)。
15、 (3)若“页岩气”中甲烷占80%，则0.53的“页岩气”中甲烷完全燃烧放出的热量，在一标准大气压下，至多可以将质量为_ kg 温度为20的水加热至沸腾。 27. 阅读下列短文，回答问题。 压敏电阻器压敏电阻器是一种具有非线性伏安特性的电阻器件，主要用于在电路承受过压时进行电压钳位，吸收多余的电流以保护敏感器件，其电阻体材料导体性能介于导体和绝缘体之间。 如图甲所示，这是压敏电阻1的阻值随压力 F 变化的关系图像，如图乙所示，这是用压敏电阻1设计的一种“自动限重器”，该装置由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机(实质是电动机)、压敏电阻1和定值电阻2等。当货架承受的压力达
16、到限定值，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。已知控制电路的电源电压 = 6，电磁继电器线圈的阻值 = 10，定值电阻2= 30。 第 9 页，共 24 页 (1)当货架没有装载货物时(货架的质量忽略不计)，压敏电阻1的阻值为_；随着货架装载货物质量的增大，压敏电阻1的阻值将_。 (2)电磁继电器中的电磁铁上端为_(选填“N”或“S”)极。 (3)当电磁继电器线圈中的电流大小为 30mA时衔铁被吸下，则货架能承受的最大压力为_ N。 (4)为了调节货架能承受的最大压力，可将定值电阻2替换为滑动变阻器，若需要控制货架能承受的最大压力为 800N，则替换的滑动变阻器的最大阻值应不小
17、于_。 第 10 页，共 24 页 答案和解析答案和解析 1.【答案】C 【解析】解：太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；天然气、核能和石油不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；故 C符合题意。 故选：C。 人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源。 本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。 2.【答案】B 【解析】解：“嘹亮的歌声”是指声音大，所以描述的是声音的响度大。 故选：B。 声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高
18、低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。 本题考查了学生对声音的三个特性-音调、响度、音色的掌握，属于声学基础知识的考查，比较简单。 3.【答案】A 【解析】解：钢丝钳在剪铁丝时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力但费距离、不省功，故 A正确、BCD 错误。 故选：A。 结合图片和生活经验，判断钢丝钳在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。使用任何机械都不省功。 本题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。 4.【答案】C 【解
19、析】解： A、彩色投影画面是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故 A错误； B、由图可知，手机放映的像是放大的实像，而照相机所成的像是缩小的实像，故 B错误； 第 11 页，共 24 页 C、为了使墙壁上成的像变大，需要增大像距，故小明应将手机远离墙壁，故 C正确； D、墙壁的表明凹凸不平，光照在墙壁上会发生漫反射，反射的光向各个方向传播，故 D 错误。 故选：C。 (1)光的三原色是红、绿、蓝； (2)根据像的大小分析手机镜头的放映原理； (3)凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大； (4)当物质表面粗糙时，光照射到上边会向各个方向发生反射，这就是漫反射现象，镜面反射和漫反射都遵循光的反射
20、定律。 本题考查了光的反射、光的三原色、凸透镜成像规律的应用，难度不大。 5.【答案】AC 【解析】解：A、发现有人触电后，直接用手把触电者拉离电源，因人体是导体，可能使救助者间接触电事故，故 A 错误； B、乘坐汽车时系安全带，可以防止紧急刹车时由于乘客的惯性使乘客造成伤害；乘坐公交车要坐稳扶好，可以防止公交车加速或减速时造成伤害，故 B正确； C、列车进站，列车速度大造成列车周围空气流速大，列车附近气体的压强小于大气压，若乘客站在安全线以外，人在压强差的作用下被压向列车，造成危险，故 C错误； D、物体在下落过程中，质量不变，高度变小，则重力势能变小，而物体的速度不断增大，所以其动能不断增
21、大，会有危险，故 D 正确。 故选：AC。 (1)当有人触电时，应先切断电源； (2)惯性有时对我们是有害的，我们要学会防止惯性的不利影响； (3)流体流速大的地方，压强小；流体流速小的地方，压强大； (4)动能的大小与物体的质量和速度有关，质量不变时，速度越快，动能就越大。 本题考查安全用电、惯性、流体压强与流速的关系，以及能量的转化，是一道综合题。 6.【答案】D 【解析】解： A、图甲装置说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象，是法拉第首先发现的，故 A错误。 B、图乙装置是奥斯特实验，实验表明电流周围存在磁场，小磁针只是显示磁场的存
22、在，将小磁针移去后直导线周围仍然存在磁场，故 B 错误。 第 12 页，共 24 页 C、图丙装置两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈匝数不同，所以实验探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系，故 C错误。 D、图丁装置是通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，故 D正确。 故选：D。 (1)发电机的工作原理是电磁感应现象。 (2)奥斯特实验表明电流周围存在磁场。 (3)电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯有关，利用控制变量法，探究电磁铁磁性强弱的影响因素。 (4)通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能。 电磁主要包括电流产生磁场、电磁感应、磁场对电流的作用三部分，
23、掌握电磁铁、电动机、发电机的工作原理。 7.【答案】A 【解析】解：A、由图知， = 3，绳子自由端移动的距离： = = 3 20 = 60，故 A 正确； B、不计绳重和摩擦，拉力，则动滑轮重力： ，故 B错误； C、拉力做的有用功：，故 C 错误； D、拉力做的总功：， 滑轮组的机械效率： ，故 D错误。 故选：A。 (1)由图知， = 3，绳子自由端移动的距离 = 3； (2)不计绳重和摩擦，拉力，据此求动滑轮重力； (3)利用 = 求拉力做的有用功； (4)利用 = 求拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。 本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率、动滑轮重力的计算，
24、要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力。 8.【答案】相互 增大 重力 第 13 页，共 24 页 【解析】解：(1)火箭发射时，向下喷出高温高压的火焰，火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，这说明力的作用是相互的； (2)火箭加速上升过程中“试验六号 03”星的质量不变，速度增大，动能增大； (3)助推器的燃料燃烧完后在重力的作用下落回地面。 故答案为：相互；增大；重力。 (1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的； (2)物体由于运动而具有的能量叫做动能；影响动能大小的因素有质量和速度； (3)重力的方向是竖直向下，由于重力的原因，物体总会落回地面。 本题考
25、查了力的相互作用性、影响动能的因素以及力与物体运动的关系，属于综合性题目。 9.【答案】化学 并联 电磁波 【解析】解：在电池充电的过程中，消耗电能，转化为化学能，电池相当于电路中的用电器； 两部手机在充电的过程中，互不影响，所以在电路中的连接方式为并联； 电磁波能在真空中传播，可以传递信息，所以手机接收微信消息时是通过电磁波传递信息的。 故答案为：用电器；并；电磁波。 手机电池在对外供电的过程中是电源，将化学能转化成电能；而在充电过程中，消耗电能转化为化学能，是用电器；串联电路电流的路径只有一条，并联电路的电流的路径有多条；电磁波可以传递信息。 本题考查了能量的转化、电路的连接方式、电磁波的
26、应用，都属于基础知识，要掌握。 10.【答案】汽化 吸热 无规则运动 【解析】解：消毒凝胶很快变干，是液态的消毒凝胶变为气态，这是汽化现象，汽化的过程需要吸收热量； 能闻到酒精气味，是因为酒精分子在不停地做无规则的运动。 故答案为：汽化；吸热；无规则运动。 物质由液态转变为气态的过程叫做汽化，汽化时要吸收热量； 一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。 本题主要考查了汽化现象和汽化的吸热情况以及分子的热运动，是一道基础题。 11.【答案】连通器 运动状态； 热传递 【解析】 解： (1)茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器， 水不流动时， 液面就是相平的，因此对茶壶的设计，应使壶嘴高度做得等于壶盖
27、； (2)热水冲泡茶叶时，水给茶叶力的作用，茶叶由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态； 第 14 页，共 24 页 (3)茶叶吸收热量，温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变了茶叶的内能。 故答案为：连通器；运动状态；热传递。 (1)上端开口、下部相连通的容器叫连通器，生活中常见的连通器：茶壶、锅炉水位计、过路涵洞、船闸等； (2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态； (3)做功和热传递都能改变物体的内能。 本题综合考核了连通器的原理、力的作用效果、 改变物体内能的方式， 体现了物理知识与生活的密切联系，属于基础知识考查，难度不大。 12.【答案】薄玻璃板 大小 不变
28、 【解析】解：(1)因为玻璃板是透明的，能在观察到 A蜡烛像的同时。还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B 蜡烛，便于确定像的位置和大小，故应选择玻璃板； 因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板； (2)实验中，选取两个完全相同的蜡烛 A、B是为了比较像与物的大小关系； (3)因为平面镜成像特点是物像等大，所以将蜡烛 A 靠近玻璃板时，它的像的大小不变。 故答案为：薄玻璃板；大小；不变。 (1)平面镜不能透光，只能反射光，不能确定出像的位置，玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛。 厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像； (2)
29、实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时， 可以确定像的位置， 同时也可以比较物像大小关系； (3)根据平面镜成像特点：物像等大、像与物到平面镜的距离相等分析解答。 本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。 13.【答案】12 20 1：1 【解析】解：电路中1、2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测两端的电压，1= 2，P在 a端时2= 6，则1两端的电压1=221= 6，故电源电压为 = 1+ 2= 6
30、 + 6 = 12； P 在 b 端时， = 2= 0.3，根据欧姆定律 =120.3= 40，定值电阻1= 2=12 =12 40 = 20； 1、2在电路中定值电阻，所以1：2= 1：1。 答案为：12；20；1：1。 首先分析电路图，电路中1、2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测两端的电压，串联电路电流第 15 页，共 24 页 处处相等，电源电压等于各用电器电压之和，最后利用欧姆定律进行求解。 本题主要考查电路分析以及欧姆定律的应用，属于基础题。 14.【答案】1.296096 【解析】解：(1)由图像可知，小车在推力的作用下做匀速直线运动， 当 = 10时，对应的路程 = 12，
31、 则小车的速度为： =1210= 1.2/； (2)由图像可知，10s 内小车通过的路程为 12m， 则推力对小车做的功： = = 80 12 = 960； 人对小车做功的功率： =96010= 96。 故答案为：1.2；960；96。 (1)首先根据图象判断小车的运动状态，然后根据 =求出小车运动的速度； (2)根据 = 求出推力对小车做的功；然后利用 =求出功率。 本题考查了学生对图象的分析能力，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，然后结合相关的计算公式进行计算求解，是中考的热点考题。 15.【答案】 解： 先过入射点垂直于平面镜作出法线， 再根据反射角等于入射角在法线的上侧画出入射
32、光线，反射光线与平面镜的夹角为50 ，所以反射角为90 50 = 40 ，则入射角也为40 ，光路图如图所示； 【解析】光发生反射时，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；法线与平面镜垂直，入射光线与法线间的夹角是入射角；根据反射定律作图。 此题考查光的反射光路图的画法，反射定律作图一般分三种：作出反射光线、作出入射光线、作出平面镜，都要按光的反射定律作图，因此掌握光的折射定律是关键。 16.【答案】解：从足球的重心，分别沿竖直向下和竖直向上画有向线段，并分别用 G 和表示，即为其所受重力和支持力的示意图，因为这两个力是一对平衡力，大小相等，
33、所以，作图时两条线段的长度要相第 16 页，共 24 页 等。如图所示： 。 【解析】足球静止在水平桌面上，足球受到的重力和支持力是一对平衡力，据此分析解答。 作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。 17.【答案】解：由图可知，螺线管的左端为 N 极，则右端为 S 极，根据磁极间的相互作用判断出小磁针的右侧为 N极； 根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端 N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的右端为负极，左端为正极；如图所示： 【解析】知道通电螺线管的磁极，根据磁极间的相互作
34、用判断出小磁针的 N极。 根据右手螺旋定则(安培定则)判断出电流的方向，确定电源的正负极。 本题考查了磁极间的相互作用规律以及利用手安培定则判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用。 18.【答案】142.45 【解析】解：(1)图甲中温度计的分度值是1，液面处越向下所标刻度值越大，是零下，水银柱在10以下 4格处，是14； (2)由图乙可知， 刻度尺的分度值是1mm， 被测物体的起始端所对应的刻度值为1.00， 末端在3.4与3.5之间，估读为3.45，所以物体的长度为：3.45 1.00 = 2.45。 第 17 页，共 24 页 故答案为：(1) 14；(2)2.45。 (1
35、)先弄清楚温度计的分度值再去读数，知道其一个大格和一个小格分别表示多少，再根据液面的位置去读数； (2)在用刻度尺测量物体的长度时，首先要看清刻度尺的量程和分度值，然后再读数，并估读到分度值的下一位；起始端没有从零开始的，要用末端所对刻度值减去起始端所对应的刻度值即得物体的长度。 刻度尺温度计等是初中物理的基本测量工具，要从它们的使用注意事项、 测量方法、 读数等方面掌握扎实。 19.【答案】1.457.90 【解析】解：(1)电流表的是0 3量程，一大格表示 1A，分度值为0.1，示数为1.4； (2)由图可知表上的示数为 0：57 90，其中 0 表示的是分钟，57表示的是 57秒，90
36、表示的是0.90秒，因此电子停表读数为：057.90。 故答案为：1.4；57.90。 (1)电流表的读数：首先要观察量程和分度值，然后再根据指针所指示的刻度来读数； (2)电子停表第一个数字表示分钟，中间的两个数表示秒，最后两位表示秒的下两位数字。 本题主要考查的是对电流表和电子停表的正确读数方法，尤其是电子停表，要知道其不同的数字所对应的单位。 20.【答案】857.16 【解析】解： (1)由图可知，电能表的读数为857.1 ； (2)节能灯正常工作24min消耗的电能： = = 5 103 2460 = 2 103 ， 3000/( )表示电路中每消耗1 的电能，电能表转盘转过 300
37、0 转， 则这段时间内电能表转盘转过的转数： = 3000/( ) 2 103 = 6。 故答案为：857.1；6。 (1)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为 ； (2)利用 = 求出节能灯正常工作24min消耗的电能；3000/( )表示电路中每消耗1 的电能，电能表转盘转过 3000转，据此求电能表转盘转过的转数。 本题考查了电能的计算以及电能表的读数，明白电能表相关参数的含义是解题的关键。 第 18 页，共 24 页 21.【答案】电压 断开 右 D 小灯泡的电功率/0.75 【解析】解：(1)因为 a 表与小灯泡并联，所以 a 表应为电压表； (2)表串联在电路中，因此 b表为电
38、流表， 根据欧姆定律知： =2.510= 0.25 0.6，所以电流表选用0 0.6的量程与灯泡串联； 因为小灯泡的额定电压为2.5，所以电压表选用0 3的量程与灯泡并联，滑动变阻器一上一下的串联在电路中，如图所示： 为了保护电路，连接电路的过程中开关应断开； (3)为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大处，即最右端； 再闭合开关，小明发现小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路断路，电压表没有示数，说明电压表与电源连接不相连，电压表并联电路之外电路存在断路，所以电路故障可能是滑动变阻器断路，故选 D； (4)测定小灯泡的额定功率时，应分别测出灯泡两端的电压和通过的电流，并根据
39、 = 求出实际功率，因此处应为小灯泡的电功率/， 第 2次实验中，小灯泡两端的电压为2.5，通过小灯泡的电流为0.30，因此小灯泡的电功率： = =2.5 0.30 = 0.75。 故答案为：(1)电压；(2)如图所示；断开；(3)右；D；(4)小灯泡的电功率/；0.75。 (1)根据 a 表与小灯泡并联确定 a表为电压表； (2)根据欧姆定律算出小灯泡的电流，从而确定出电流表的量程，电流表与灯泡串联，根据小灯泡的规格确定电压表的量程，电压表与灯泡并联，滑动变阻器一上一下的串联在电路中；为了保护电路，连接电路的过程中开关应断开； (3)为了保护电路，闭合开关前滑片在阻值最大处；灯泡不亮，电流表
40、无示数，说明电路断路；电压表没有示数，说明电压表与电源连接不相连，电压表并联电路之外电路存在断路； (4)测定小灯泡的额定功率时，应分别测出灯泡两端的电压和通过的电流，并根据 = 求出实际功率。 本题测量小灯泡的电功率，考查了电路连接、故障分析、注意事项、电功率的计算、表格设计等知识，涉及的知识点多。 第 19 页，共 24 页 22.【答案】铁圈 98丙 采用酒精喷灯加热 【解析】解：(1)实验时要用酒精灯外焰加热，故先固定铁圈的高度，再调节温度计的高度，组装实验装置要按自下而上的顺序； (2)如图： (3)由图象可知，水的沸点为98； (4)图丁气泡上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现
41、象，图丙气泡上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象； (5)可采用酒精喷灯加热，温度高，可以缩短实验时间 答案为：(1)铁圈；(2)如图所示， (3)98；(4)丙；(5)采用酒精喷灯加热。 (1)在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中组装实验器材时要先放好酒精灯，在固定铁圈高度，再调节温度计的高度，组装实验装置要按自下而上的顺序； 第 20 页，共 24 页 (2)根据实验数据描点，连线； (3)水加热达到沸点是，温度保持不变，继续吸热； (4)水沸腾时，由于整个容器内温度保持不变，气泡不断升高，深度不断减小。水压不断减小，气泡逐渐变大； (5)为了缩短实验时间，可以采用温度较高的酒精
42、喷灯。 本题主要考查了探究水沸腾实验的实验装置组装要求以及沸腾的特点，属于基础题型。 23.【答案】解：(1)从图乙可知电饭锅处在加热状态时的功率为 660W， 根据 = 得出电饭锅处在加热状态时的电流； (2)从图乙可知电饭锅处在保温状态时的功率为 220W， 保温时间2= (15min 10min) + (30min 20min) = 15min， 加热时间1= 2= 30min 15min = 15min， 根据 =可知次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能 = 7.92 105； (3)从图甲可知，只闭合 S时，电路为1的简单电路，总电阻较大，根据 =2可知总功率较小，电饭锅处于保温状
43、态；S、1都闭合时，两电阻并联，总电阻较小，根据 =2可知总功率较大，电饭锅处于加热状态，故此时电热丝2的功率， 电热丝2的阻值2=22=(220)2440= 110。 答：(1)电饭锅处在加热状态时的电流为 3A； (2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能为7.92 105； (3)电热丝2的阻值为110。 【解析】解：(1)从图乙可知电饭锅处在加热状态时的功率为 660W，根据 = 得出电饭锅处在加热状态时的电流； (2)从图乙可知电饭锅处在保温状态时的功率为 220W，分别得出保温时间和加热时间，根据 =可知次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能； (3)从图甲可知，只闭合 S时，
44、电路为1的简单电路，总电阻较大，根据 =2可知总功率较小，电饭锅处于保温状态；S、1都闭合时，两电阻并联，总电阻较小，根据 =2可知总功率较大，电饭锅处于加热状态，根据得出此时电热丝2的功率，根据 =2可得出电热丝2的阻值。 第 21 页，共 24 页 本题考查电路分析和电功率、电能的有关计算，关键是从图中得出有用信息。 24.【答案】解：(1)从图乙可知石块的重力 = 1= 3 104， 石块全部浸没水中时所受的拉力2= 2 104， 石块在水中受到的最大浮力； (2)石块在露出水面之前， 根据 = 可知拉力 F的功率 = 2 = 2 104 0.1/ = 2000； (3)石块全部浸没时排
45、开水的体积， 正方体石块的边长 = 3= 133= 1， 石块上表面恰好接触水面时，下表面所处的水的深度 = = 1， 下表面受到水的压强。 答：(1)石块在水中受到的最大浮力为1 104； (2)石块在露出水面之前，拉力 F 的功率为 2000W； (3)石块上表面恰好接触水面时，下表面受到水的压强为1 104。 【解析】(1)从图乙可知石块的重力 = 1= 3 104，石块全部浸没水中时所受的拉力2= 2 104，根据得出石块在水中受到的最大浮力； (2)石块在露出水面之前，根据 = 可知拉力 F 的功率； (3)根据阿基米德原理得出石块全部浸没时排开水的体积，进而得出石块的体积，再得出正
46、方体石块的边长L，石块上表面恰好接触水面时，下表面所处的水的深度 = ，根据得出下表面受到水的压强。 本题考查浮力、功率、压强的有关知识，关键是从图中得出有用信息。 25.【答案】左 71.61.04 103 将核桃放入装满水的溢水杯之前将核桃吸足水分。 【解析】解：(1)天平的指针指向分度盘中央红线的右侧，横梁左端上翘，平衡螺母应向高的那端调节，即平衡螺母向左调节； (2)烧杯和豆浆的总质量为： 1= 50 + 20 + 1.6 = 71.6； (4)量筒中液面位置如图乙所示，则量筒中豆浆的体积为： = 40 = 403， 量筒内豆浆的质量为： = 1 2= 71.6 30 = 41.6，
47、豆浆的密度为： 第 22 页，共 24 页 =41.6403= 1.04/3= 1.04 103/3； (6)核桃全部浸没时，溢出水的重力 ，核桃的体积为： ， 核桃的密度为： 。 (7)用排水法测核桃的体积时， 核桃吸水造成所测核桃的体积产生误差， 为避免用排水法测体积时核桃吸水，将核桃放入装满水的溢水杯之前将核桃吸足水分。 故答案为：(1)左；(2)71.6；(4)1.04 103；，；(7)将核桃放入装满水的溢水杯之前将核桃吸足水分。 (1)天平的指针指向分度盘中央红线的右侧，此时横梁左高右低，说明横梁左端轻右端重，为让横梁水平，将平衡螺母向轻的那端调节。 (2)天平称量物体的质量数为砝
48、码质量数和游码所对刻度值的和，依据图甲求解； (4)从图乙中读出豆浆的体积，根据实验步骤(2)和实验步骤(4)算出倒入到量筒中的豆浆的质量，根据密度公式算出豆浆的密度； (6)核桃的体积与溢出水的体积相等，根据实验和实验得出溢出水的重力，根据重力与质量的关系算出溢出水的质量，利用密度公式算出溢出水的体积即为核桃的体积；利用 = 将实验步骤测得的核桃的重力算出核桃的质量，然后根据密度公式算出核桃的密度； (7)由于核桃吸水而造成所测核桃的密度误差较大，在不改变实验方法的前提下，将核桃放入装满水的溢水杯之前将核桃吸足水分。 本题考查液体密度和固体密度的测量实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分
49、析即可。 26.【答案】甲烷 压缩体积 失去 罐体到大地 50 【解析】解：(1)由“其中甲烷的含量为80% 99.9%”知，页岩气的主要成分是甲烷； (2)日常生活中常对天然气采用压缩体积的方式液化成液态后储存在罐中； 已知摩擦起电过程中罐体带上的是正电，说明罐体失去了部分电子； 物理学规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，已知罐体带正电，中和过程中，电子从大地到罐体，所以电流方向是罐体到大地； (3)0.53的页岩气包含的甲烷为80% 0.53= 0.43， 第 23 页，共 24 页 甲烷完全燃烧放出的热量： ， 水吸收的热量与甲烷完全燃烧放出的热量相等，即； 在标准大气压下沸水的温度是
50、100， 根据 = 得水的质量为： 。 故答案为：(1)甲烷；(2)压缩体积；失去；罐体到大地；(3)50。 (1)根据材料内容确定页岩气主要成分； (2)使气体液化的方法是降低温度和压缩体积； 摩擦起电的实质是：电荷(电子)的转移，失去电子带正电，得到电子带负电； 物理学规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反； (3)已知页岩气中甲烷所占比例及页岩气的体积，可以得到其中甲烷的体积；已知甲烷的体积和热值，可以得到甲烷完全燃烧放出的热量；在标准大气压下水的沸点是100，假设甲烷放出的热量完全被水吸收，已知热量、水的比热容、初温度和末温度，利用 =得到水的质量。 此
