2019-2020学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷(含详细解答)

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资源描述

1、2019-2020 学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷一、选择题(本大题共 60 分,每小题 3 分每题只有一个选项符合题意)分每题只有一个选项符合题意) 1 (3 分)如图为汽油机工作过程中某个冲程的示意图,该冲程是( ) A吸气冲程 B排气冲程 C做功冲程 D压缩冲程 2 (3 分)在同一斜面上先后用相同大小的拉力 F,平行于斜面拉动质量为 m 和 2m 的物体, 使它们在斜面上移动相同的距 s, 如图甲和乙所示。 若拉力 F 在前后两个过程中所做的功 分别为 W甲和 W乙,则 W甲和 W乙的大小关系是( ) AW甲W乙 BW甲W乙 CW甲W乙 D无法确定 3 (3 分)如图所

2、示,钩码 A 的重力大于钩码 B,用手托钩码 A 使两者处于静止状态。若 不计摩擦、绳重和空气阻力,放手后至钩码 B 碰到滑轮前的过程中,下列说法正确的是 ( ) A钩码 A 的机械能保持不变 B钩码 B 的机械能保持不变 C钩码 A 的动能增加,机械能增加 D钩码 B 的动能增加,机械能增加 4 (3 分)如图所示电路,电源电压恒定,定值电阻的阻值为 R1,滑动变阻器的最大阻值为 R2、已知 R2R1,闭合开关 S 后,将滑动变阻滑片从左端向右端移动过程中( ) 第 2 页(共 20 页) A电压表 V1的示数变大,电阻 R1的电功率先变大后变小 B电压表 V2的示数变小,滑动变阻器的电功率

3、一直不变 C电流表 A 的示数变大,电路消耗的总功率一直变大 D电流表 A 的示数变大,电路消耗的总功率先变大后变小 5 (3 分)如图所示,甲滑轮组中动滑轮的总质量为 3m,乙滑轮组中动滑轮的质量为 2m, 物体 A 的质量为 2m,物体 B 的质量为 m。在相同的时间内,分别用甲、乙两滑轮组使 物体 A 和 B 匀速升高相同的高度 h,绳子自由端的拉力分别为 F1、F2若不计绳重和摩 擦,则下列判断正确的是( ) A拉力 F1大于 F2 B拉力 F1拉动绳子自由端的速度小于 F2拉动绳子自由端的速度 C拉力 F1的功率小于拉力 F2的功率 D甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率 二、填

4、空题(本大题共二、填空题(本大题共 26 分)分) 6 (4 分)如图所示,斜面长 5m,高 3m,用大小为 90N 沿斜面向上的拉力 F,将重 120N 的铁块从底端匀速拉到顶端, 斜面的机械效率为 , 物体受到的摩擦力为 N。 7 (6 分)一辆汽油车在高速公路上以 72km/h 的速度匀速行驶 20km 的过程中,汽车发动 第 3 页(共 20 页) 机的输出功率始终为 69kW,发动机的效率为 25%,则此过程中,发动机做的功是 J, 汽油车受到的阻力是 N, 消耗的汽油为 kg(汽油的热值为 4.6107J/kg) 三、实验探究题(本大题共三、实验探究题(本大题共 42 分)分) 8

5、 (6 分)利用斜面探究“动能大小与哪些因素有关”的实验如图所示,实验中质量为 m 和 2m 的小球从图示的高度由静止开始滚下,撞击水平面上的物体 M,并将物体 M 推至虚 线所在位置。 (1)甲组实验探究的问题是 。 (2)根据乙组实验所示的结果,可得出的结论是 。 (3)实验中通过观察比较水平面上的物体 M 移动的距离大小来判断小球动能的大小。 这种方法称为转换法,请写出可以这样转换的原因 。 9 (8 分)在测量小灯泡电功率的实验中,电源电压为 4.5V,小灯泡的额定电压为 2.5V, 小灯泡正常发光时的电阻约为 10。 第 4 页(共 20 页) (1)用笔画代替导线,将图甲中的实物电

6、路连接完整(要求:当滑动变阻器的滑片向右 移动时,接入电路的电阻变大;连线不得交叉) 。 (2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障 是 。 (3)排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是 。 (4)继续移动滑片 P,得到多组对应的电压表和电流表示数,并绘制成图丙所示的 IU 关系图象,根据图象信息,判断实验数据是否可靠? ,原因是 。 四、计算题(本大题共四、计算题(本大题共 32 分)分) 10 (7 分)如图,电动机的线圈电阻为 0.5,其转轴上所绕的细线悬挂一个质量为 2kg 的 重物,细绳足够长。当 S 闭合时,标有“6V,3W”的

7、电灯 L 恰好能正常工作;电动机 使重物匀速上升时,电流表读数为 2.5A,取 g10N/kg。计算: (1)通过电灯 L 的电流有多大? (2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率有多大? (3)重物被匀速提升时的速度有多大? 11 (6 分)一根质量分布均匀的细杆 AB,可绕固定点 A 自由转动,杆长为 1.0 米,重力为 160N水平推力 F0推着一个棱长为 0.4 米的立方体,使杆恰好与水平面秤 30夹角而静 止,如图所示。不计一切摩擦力。计算: (结果均保留根式) (1)图示位置时,立方体对细杆的支持力。 (2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从 30到 60的过程中,外力

8、F0所做 的功。 12 (6 分)如图为某品牌家用电速热水龙头。打开水龙头,35 秒就可流出热水。电热速 第 5 页(共 20 页) 水龙头的额定电压是 220V,额定功率是 3300W某次该水龙头在额定电压下工作时,流 入水的初温为 15,在加热的 21s 时间内,得到 0.45 千克、末温 48的热水。 (1)该速热水龙头的电阻为多少?(取整数) (2)该速热水龙头工作效率为多少?c水4.2103J/(kg) 13 (9 分)2019 年 1 月 3 日, “嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面,并通过“鹊桥”中 继星传回了近距离的月背影像图(如图甲所示) ,揭开了月背的神秘面纱。 (1)

9、“嫦娥四号”探测器在着陆过程中逐渐减速,在距月面 100 米处开始悬停,选定相 对平坦区域后开始匀速缓慢垂直下降。在此过程中,若不考虑其质量变化,它的机械能 (选填“増大” “减小”或“不变” ) ;重力做功为 J(已知“嫦娥四号”探测器质 量为 1.0103kg,月球表面的物体重力和质量的比值 g月1.63N/kg) 。 第 6 页(共 20 页) 2019-2020 学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题(本大题共一、选择题(本大题共 60 分,每小题分,每小题 3 分每题只有一个选项符

10、合题意)分每题只有一个选项符合题意) 1 (3 分)如图为汽油机工作过程中某个冲程的示意图,该冲程是( ) A吸气冲程 B排气冲程 C做功冲程 D压缩冲程 【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲 程。 【解答】解:由图可知,进气门和排气门都是关闭的,活塞上行,因此是压缩冲程,压 缩冲程中机械能转化为内能。 故选:D。 【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法,属于基础题目。 2 (3 分)在同一斜面上先后用相同大小的拉力 F,平行于斜面拉动质量为 m 和 2m 的物体, 使它们在斜面上移动相同的距 s, 如图甲和乙所示。 若拉力 F 在前后两个过程中所做的

11、功 分别为 W甲和 W乙,则 W甲和 W乙的大小关系是( ) AW甲W乙 BW甲W乙 CW甲W乙 D无法确定 【分析】物理中,功的大小等于力与在力的方向上通过的距离的乘积,即 WFs,据此 分析。 【解答】解: 在同一斜面上先后用相同大小的拉力 F,平行于斜面拉动质量为 m 和 2m 的物体,使它 们在斜面上移动相同的距 s, 拉力 F 相等,物体在拉力的方向上移动的距离 s 相等, 第 7 页(共 20 页) 根据 WFs 可知,拉力 F 在前后两个过程中所做的功相等,即 W甲W乙。 故选:B。 【点评】深入理解功的大小的计算方法,是解答此题的关键。 3 (3 分)如图所示,钩码 A 的重力

12、大于钩码 B,用手托钩码 A 使两者处于静止状态。若 不计摩擦、绳重和空气阻力,放手后至钩码 B 碰到滑轮前的过程中,下列说法正确的是 ( ) A钩码 A 的机械能保持不变 B钩码 B 的机械能保持不变 C钩码 A 的动能增加,机械能增加 D钩码 B 的动能增加,机械能增加 【分析】 首先根据力与运动的关系判断钩码 A 离开手指后到与定滑轮接触前的运动状态, 然后根据动能和势能的影响因素分析解答。 【解答】解: 不计摩擦、绳重和空气阻力,用手托钩码 A,钩码 A 和 B 都处于静止状态, 因为钩码 A 的重力大于钩码 B, 所以放手后钩码 A 向下运动,速度不断变大;钩码 B 向上运动,碰到滑

13、轮前的过程中, 速度不断变大。 根据以上分析可知: AC、钩码 A 在下降过程中,质量不变,高度减小,重力势能变小,速度变大,动能变大, 故 A 的重力势能转化为 A 和 B 的动能,所以机械能减小,故 AC 错误。 BD、钩码 B 在上升过程中,质量不变、速度变大,动能变大;同时其高度增加,重力势 能变大,所以机械能增加,故 B 错误,D 正确。 故选:D。 【点评】此题考查动能和势能的大小变化,解答本题一定要先分析清楚钩码所受力的情 况,然后根据力和运动的关系判断其运动状态。 4 (3 分)如图所示电路,电源电压恒定,定值电阻的阻值为 R1,滑动变阻器的最大阻值为 第 8 页(共 20 页

14、) R2、已知 R2R1,闭合开关 S 后,将滑动变阻滑片从左端向右端移动过程中( ) A电压表 V1的示数变大,电阻 R1的电功率先变大后变小 B电压表 V2的示数变小,滑动变阻器的电功率一直不变 C电流表 A 的示数变大,电路消耗的总功率一直变大 D电流表 A 的示数变大,电路消耗的总功率先变大后变小 【分析】由电路图可知,R1与 R2串联,电压表 V1测 R1两端的电压,电压表 V2测 R2 两端的电压,电流表测电路中的电流; 根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化, 根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R1、 R2两端的电压变化,根据 PUI 判断电路消耗总功率的变化,根据 PI2R

15、判断电阻 R1 的功率变化,根据串联电路的电压特点可知电压表 V2示数的变化; 根据 PI2R 表示出滑动变阻器的功率,当滑动变阻器的电阻等于 R1和 R3之和时,滑动 变阻器的电功率最大。 【解答】解:由电路图可知,R1与 R2串联,电压表 V1测 R1两端的电压,电压表 V2测 R2两端的电压,电流表测电路中的电流; 将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻 变小, 由 I可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大; 根据 UIR 可知,R1和 R3两端的电压均增大,则电压表 V1的示数增大, 因为串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以滑动变阻器 R2

16、两端的电压变小,电压表 V2示数变小; 由 PI2R 可知,R1的电功率都变大,故 A 错误; 由 PUI 可知,电源电压一定时,电流变大,总功率变大,故 C 正确,D 错误。 第 9 页(共 20 页) 滑 动 变 阻 器 功 率 为 : P2 R2 , 当 R滑R1+R3时,滑动变阻器的电功率最大,之后又逐渐减小,所以滑动变阻器的电功 率是变化的,故 B 错误。 故选:C。 【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串联电路的特点和滑动变阻器、欧姆定律、 电功率公式的灵活应用,看懂电路图,弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量是解题 的关键。 5 (3 分)如图所示,甲滑轮组中动滑轮的总质量为

17、 3m,乙滑轮组中动滑轮的质量为 2m, 物体 A 的质量为 2m,物体 B 的质量为 m。在相同的时间内,分别用甲、乙两滑轮组使 物体 A 和 B 匀速升高相同的高度 h,绳子自由端的拉力分别为 F1、F2若不计绳重和摩 擦,则下列判断正确的是( ) A拉力 F1大于 F2 B拉力 F1拉动绳子自由端的速度小于 F2拉动绳子自由端的速度 C拉力 F1的功率小于拉力 F2的功率 D甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率 【分析】由图知,n14,n22, (1)不计绳重和摩擦,拉力 F1(G1+G轮1) ,拉力 F2(G2+G轮2) ;据此比较拉 力 F2、F1的大小关系; (2)物体上升的高

18、度相同,所用的时间相同,根据连接动滑轮绳子的段数判定自由端的 第 10 页(共 20 页) 速度; (3)根据 PFv 判定拉力功率的大小; (4)不计绳重和轴摩擦,滑轮组的机械效率 ,据此得出 甲、乙两个滑轮组的机械效率大小关系。 【解答】解: 由图知,n14,n22, A、不计绳重和摩擦擦,两滑轮组绳端的拉力分别为: F1(G1+G轮1)(2mg+3mg)1.25mg; F2(G2+G轮2)(mg+2mg)1.5mg, 所以拉力 F1小于 F2;故 A 错误; B、在相同时间内,分别用甲、乙两滑轮组使物体 A 和 B 匀速升高相同的高度 h,则物 体上升的速度 v 是相同的;由图知,n14

19、,n22,则绳端的速度 v14v,v22v2,即 拉力 F1拉动绳子自由端的速度大于 F2拉动绳子自由端的速度,故 B 错误; C、拉力 F1所做功的功率为:P1F1v11.25mg4v5mgv; 拉力 F2所做功的功率为:P2F2v21.5mg2v3mgv; 所以拉力 F1的功率大于拉力 F2的功率,故 C 错误; (4)不计绳重和摩擦,甲滑轮组的机械效率:140%; 乙滑轮组的机械效率:233.3%; 所以,甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率,故 D 正确。 故选:D。 【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力、拉力做功、功率、机械效率的计算,要细心, 防止因颠倒而出错!有一定的难度。 二

20、、填空题(本大题共二、填空题(本大题共 26 分)分) 6 (4 分)如图所示,斜面长 5m,高 3m,用大小为 90N 沿斜面向上的拉力 F,将重 120N 的铁块从底端匀速拉到顶端, 斜面的机械效率为 80% , 物体受到的摩擦力为 18 N。 第 11 页(共 20 页) 【分析】 (1)知道拉力的大小和斜面长,利用 WFs 求出拉力做的总功;知道铁块重力、 斜面高,利用 WGh 求出拉力做的有用功,斜面的机械效率等于有用功与总功之比; (2)因为总功等于有用功+额外功,可求出额外功;由于使用斜面时克服摩擦力做的功 为额外功,利用 W额fs 求出物体受到的摩擦力。 【解答】解: (1)拉

21、力做的总功: W总Fs90N5m450J, 拉力做的有用功: W有用Gh120N3m360J, 斜面的机械效率: 100%100%80%。 (2)因为 W总W有用+W额, 所以额外功:W额W总W有用450J360J90J, 由 W额fs 得,物体受到的摩擦力: f18N。 故答案为:80%;18。 【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算,知道使用斜面时克服 摩擦力做的功为额外功是关键。 7 (6 分)一辆汽油车在高速公路上以 72km/h 的速度匀速行驶 20km 的过程中,汽车发动 机的输出功率始终为 69kW,发动机的效率为 25%,则此过程中,发动机做的功是 6.9 1

22、07 J,汽油车受到的阻力是 3.45103 N,消耗的汽油为 6 kg (汽油的热值为 4.6107J/kg) 【分析】 (1)利用 v求汽车行驶的时间,利用 P求发动机做的功; (2)利用 WFs 求牵引力,汽车匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一 对平衡力,大小相等,据此求阻力; 第 12 页(共 20 页) (3)根据 100%求出消耗汽油完全燃烧释放的热量,再利用 Q放mq 求出消 耗汽油的质量。 【解答】解: (1)v72km/h20m/s, 由 v得汽车行驶的时间: t1000s, 根据 P得发动机做的功: WPt69103W1000s6.9107J; (2)由 WFs

23、 得汽车的牵引力: F3.45103N, 因为汽车匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一对平衡力, 所以阻力: fF3.45103N; (3)由 100%可得消耗汽油完全燃烧释放的热量为: Q放2.76108J, 由 Q放mq 得消耗汽油的质量: m6kg。 故答案为:6.9107;3.45103;6。 【点评】本题考查了速度公式、功率公式、功的公式、燃料完全放热公式、效率公式和 二力平衡条件的应用,涉及到的知识点较多、综合性强,熟练运用相关公式就可以解答。 三、实验探究题(本大题共三、实验探究题(本大题共 42 分)分) 8 (6 分)利用斜面探究“动能大小与哪些因素有关”的实验如图

24、所示,实验中质量为 m 和 2m 的小球从图示的高度由静止开始滚下,撞击水平面上的物体 M,并将物体 M 推至虚 线所在位置。 第 13 页(共 20 页) (1)甲组实验探究的问题是 动能的大小与速度的关系 。 (2)根据乙组实验所示的结果,可得出的结论是 在速度相等且不为零的情况下,物体 的质量越大,动能越大 。 (3)实验中通过观察比较水平面上的物体 M 移动的距离大小来判断小球动能的大小。 这种方法称为转换法,请写出可以这样转换的原因 小球的动能全部转化为小球与物体 M 的内能,等于摩擦力做功 fL所以 L 越大,代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的 动能越大 。 【分析】 (1) (

25、2)动能的大小与质量和速度有关,实验中,应该用控制变量法分析; (3)转换法是物理研究中常用的方法之一,是将不易观察或测量的量通转换为容易观察 或测量的量来进行研究的方法,这里就是通过观察木块来判断动能的 【解答】解: (1)由图甲可知,小球的质量相同,从不同的高度滚下,到达水平面时的速度不同,推 动木块移动的距离不同,所以是探究动能的大小与速度的关系; (2)由图乙可知,球滚下的高度相同,速度相同,质量不同,质量大的,推动木块移动 的距离大,则结论为:在速度相等且不为零的情况下,物体的质量越大,动能越大; (3)小球的动能全部转化为小球与物体 M 的内能,等于摩擦力做功 fL所以 L 越大,

26、 代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。 故答案为: (1)动能的大小与速度的关系; (2)在速度相等且不为零的情况下,物体的 质量越大,动能越大; (3)小球的动能全部转化为小球与物体 M 的内能,等于摩擦力做功 fL所以 L 越大, 第 14 页(共 20 页) 代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。 【点评】在该题的实验中,重点考查了我们对两种实验方法的理解和运用,一是转换法, 二是控制变量法,都是物理研究中常用的方法,值得我们研究和掌握。 9 (8 分)在测量小灯泡电功率的实验中,电源电压为 4.5V,小灯泡的额定电压为 2.5V, 小灯泡正常发光时的电阻约为 10。

27、(1)用笔画代替导线,将图甲中的实物电路连接完整(要求:当滑动变阻器的滑片向右 移动时,接入电路的电阻变大;连线不得交叉) 。 (2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是 电 压表正负接线柱接反 。 (3)排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是 向左移动 滑动变阻器的滑片 P,直至电压表的示数为 2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算 。 (4)继续移动滑片 P,得到多组对应的电压表和电流表示数,并绘制成图丙所示的 IU 关系图象,根据图象信息,判断实验数据是否可靠? 不可靠 ,原因是 小灯泡的阻 值随着温度的升高而降低了,而实验室所用

28、灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高 而增大 。 【分析】 (1)根据当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大确定变阻器左 下接线柱连入电路中与灯串联,根据灯泡的额定电压确定电压表选用小量程与灯并联; (2)测量电压时,电流要从电压表正接线柱流入,从负接线柱流出,否则电压表指针会 反向偏转; (3)为保护电路,连接电路时,变阻器连入电路电阻应最大,根据灯在额定电压下正常 发光分析回答; (4)根据绘制成图丙所示的 IU 关系图象可知电压分别为 1.5V、2V、2.5V 时的电流大 第 15 页(共 20 页) 小,由欧姆定律求出采对应的电阻,结合灯丝的电阻随温度的升高而增大分析。 【

29、解答】解: (1)当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大,故变阻器左下接线柱连入 电路中与灯串联, 小灯泡的额定电压为 2.5V,则电压表选用小量程与灯并联,如下所示: (2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是:电 压表正负接线柱接反了; (3)为保护电路,连接电路时,变阻器连入电路电阻应最大,因灯在额定电压下正常发 光, 排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是向左移动滑动变 阻器的滑片 P,直至电压表的示数为 2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算; (4)根据绘制成图丙所示的 IU 关系图象知,电压分别为 1.5V、2V

30、、2.5V 时的电流分 别为 0.1A、0.15A、0.25A, 由欧姆定律 I, 电压为 1.5V 时灯的电阻 R115, 同理电压为 2V、 2.5V 时灯的电阻分别为 13.3、10, 故根据图象信息,判断实验数据不可靠,原因是:小灯泡的阻值随着温度的升高而降低 了,而实验室所用灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高而增大。 故答案为: (1)如上所示; (2)电压表正负接线柱接反; (3)向左移动滑动变阻器的滑片 P,直至电压表的示数为 2.5V,并记录此时电流表的示 第 16 页(共 20 页) 数进行计算; (4)不可靠;小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了,而实验室所用灯泡灯丝一般

31、都是 钨丝,电阻随温度的升高而增大。 【点评】本题测量小灯泡电功率的实验,考查电路连接、注意事项、操作过程、电阻计 算及影响电阻大小的因素,知道灯泡电阻与温度的关系是关键。 四、计算题(本大题共四、计算题(本大题共 32 分)分) 10 (7 分)如图,电动机的线圈电阻为 0.5,其转轴上所绕的细线悬挂一个质量为 2kg 的 重物,细绳足够长。当 S 闭合时,标有“6V,3W”的电灯 L 恰好能正常工作;电动机 使重物匀速上升时,电流表读数为 2.5A,取 g10N/kg。计算: (1)通过电灯 L 的电流有多大? (2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率有多大? (3)重物被匀速提升时的

32、速度有多大? 【分析】 (1)由于灯泡正常工作,根据灯泡的额定电压和额定功率利用 PUI 即可求出 灯泡的电流; (2)由图可知:灯泡与电动机并联,电流表测总电流,根据并联电路的电流特点求出通 过电动机的电流;然后根据 PUI 求出电动机的总功率,再由 PI2R 求出电动机线圈的 发热功率,最后求出它们的差即为电动机输出的机械功率; (3)由 P机械Fvmgv 即可求出重物匀速上升的速度。 【解答】解: (1)由于电灯 L 恰好能正常工作,所以电源电压 UU额6V, 由 PUI 可得通过电灯 L 的电流:ILI额0.5A; (2)由图可知灯泡与电动机并联,电流表测总电流, 因并联电路中干路电流

33、等于各支路电流之和, 所以,通过电动机的电流:IMIIL2.5A0.5A2A, 第 17 页(共 20 页) 电动机的总功率:P总UI6V2A12W, 电动机线圈的发热功率:P热IM2R(2A)20.52W, 电动机输出的机械功率:P机械P总P热12W2W10W; (3)重物被匀速提升,则由 P机械Fvmgv 可得重物匀速上升的速度: v0.5m/s。 答: (1)通过电灯 L 的电流为 0.5A; (2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率为 10W; (3)重物被匀速提升时的速度为 0.5m/s。 【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律及能量关系;要注意明确灯泡的额定值,同时明 确电动机不是

34、纯电阻电路,不能用欧姆定律求解。 11 (6 分)一根质量分布均匀的细杆 AB,可绕固定点 A 自由转动,杆长为 1.0 米,重力为 160N水平推力 F0推着一个棱长为 0.4 米的立方体,使杆恰好与水平面秤 30夹角而静 止,如图所示。不计一切摩擦力。计算: (结果均保留根式) (1)图示位置时,立方体对细杆的支持力。 (2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从 30到 60的过程中,外力 F0所做 的功。 【分析】 (1)根据图示情景画出力和力臂,根据杠杆的平衡条件求出支持力的大小; (2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从 30到 60的过程中,重物的重心 升高,克服重力所做

35、的功为 F0所做的功,根据 WGh 求出 F0所做的功。 【解答】解: (1)如图所示: 第 18 页(共 20 页) ; 杆恰好与水平面成 30夹角,D 为杆的中点,即重心的位置,则 ADL杆0.5m; 立方体的棱长为 0.4m,则 CE 的长度为 0.4m, 因CAE30,则由直角三角形的知识可知,F 的力臂 LF2CE20.4m0.8m; 重力的力臂为:LGADcos300.5m0.25m; 根据杠杆平衡的条件可得 FLFGLG, 所以:F50N; (2) 上图中, 当杆与水平面的夹角为 30时, 细杆重心离地的高度为 BDADsin30 0.5m0.25m; 当杆与水平面的夹角为 60

36、时,如下图所示: ; 此时细杆重心离地的高度为:BDADsin600.5m0.25m; 所以使杆与水平面的夹角从 30到 60的过程中,重心上升的高度为:h0.25m 0.25m; 克服重力所做的功为:WGh160N(0.25m0.25m)40(1)J; 不考虑一切摩擦, 外力 F0做功全部用于克服杆的重力做功, 则外力 F0所做的功为 40 ( 1)J。 第 19 页(共 20 页) 答: (1)图示位置时,立方体对细杆的支持力为 50N; (2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从 30到 60的过程中,外力 F0所做 的功为 40(1)J。 【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用、功

37、的计算公式的应用,本题的难点是利用 数学知识求出杠的重心上升的高度。 12 (6 分)如图为某品牌家用电速热水龙头。打开水龙头,35 秒就可流出热水。电热速 水龙头的额定电压是 220V,额定功率是 3300W某次该水龙头在额定电压下工作时,流 入水的初温为 15,在加热的 21s 时间内,得到 0.45 千克、末温 48的热水。 (1)该速热水龙头的电阻为多少?(取整数) (2)该速热水龙头工作效率为多少?c水4.2103J/(kg) 【分析】 (1)知道的额定功率,利用 P求正常工作时的电阻; (2)知道水的质量、水的比热容、初温和末温,利用吸热公式 Q吸cm(tt0)求出水 吸收的热量,

38、利用 WPt 求出消耗的电能,最后根据 100%求出水龙头的工作 效率。 【解答】解: (1)由 P可得,速热水龙头的电阻: R15。 (2)水吸收的热量: Qc水m(tt0)4.2103J/(kg)0.45kg(4815)62370J, 速热水龙头工作 21s 消耗的电能: WPt3300W21s69300J, 速热水龙头的工作效率: 100%100%90%。 答: (1)该速热水龙头的电阻为 15; 第 20 页(共 20 页) (2)该速热水龙头工作效率为 90%。 【点评】本题考查了电功、电功率公式的应用和热量公式的应用计算,关键会对公式进 行灵活变形。 13 (9 分)2019 年

39、1 月 3 日, “嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面,并通过“鹊桥”中 继星传回了近距离的月背影像图(如图甲所示) ,揭开了月背的神秘面纱。 (1) “嫦娥四号”探测器在着陆过程中逐渐减速,在距月面 100 米处开始悬停,选定相 对平坦区域后开始匀速缓慢垂直下降。在此过程中,若不考虑其质量变化,它的机械能 减小 (选填“増大” “减小”或“不变” ) ;重力做功为 1.63105 J(已知“嫦娥四 号”探测器质量为 1.0103kg,月球表面的物体重力和质量的比值 g月1.63N/kg) 。 【分析】 (1)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度,影响重力势能的因 素是物体的质量和物体的高度,其中动能和势能统称为机械能;又知道探测器的质量和 下落的高度,根据 WGhmgh 求出重力做的功; 【解答】解: (1)探测器匀速缓慢垂直下降时,质量不变,速度不变,高度降低,则其 动能不变,重力势能减小,因动能和势能统称为机械能,所以其机械能减小; 该过程中重力做功:WG月hmg月h1.0103kg1.63N/kg100m1.63105J; 故答案为: (1)减小;1.63105; 【点评】本题考查了影响动能大小因素和重力公式的计算,是一道较为简单的应用题。

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