1、湖北省宜昌市 2019 年中考数学试卷( 解析版)一.选择题（下列各小题中，只有一个选项是符合题目要求的，请在答题卡上指定的位置填涂符合要求的选项前的字母代号，每题 3 分，计 45 分）1 （3 分）66 的相反数是（ ）A66 B66 C D【分析】直接利用相反数的定义得出答案【解答】解：66 的相反数是 66故选：B【点评】此题主要考查了相反数，正确把握相反数的定义是解题关键2 （3 分）如下字体的四个汉字中，是轴对称图形的是（ ）A BC D【分析】根据轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解【解答】解：A、不是轴对称图形，故本选项错误；B、不是轴对称图形，故本选项错误；C、不是轴对称
2、图形，故本选项错误；D、是轴对称图形，故本选项正确故选：D【点评】本题考查了轴对称图形的概念轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合3 （3 分）如图，A，B，C，D 是数轴上的四个点，其中最适合表示无理数 的点是（ ）A点 A B点 B C点 C D点 D【分析】能够估算无理数 的范围，结合数轴找到点即可【解答】解：因为无理数 大于 3，在数轴上表示大于 3 的点为点 D；故选：D【点评】本题考查无理数和数轴的关系；能够准确估算无理数 的范围是解题的关键4 （3 分）如图所示的几何体的主视图是（ ）A BC D【分析】根据从正面看得到的图形是主视图，可得答案【解答】解：从正面看易
3、得左边比右边高出一个台阶，故选项 D 符合题意故选：D【点评】本题考查了简单组合体的三视图，主视图是从物体的正面看得到的视图5 （3 分）在纳木错开展的第二次青藏高原综合科学考查研究中，我国自主研发的系留浮空器于 5 月 23 日凌晨达到海拔 7003 米的高度这一高度也是已知的同类型同量级浮空器驻空高度的世界纪录数据 7003 用科学记数法表示为（ ）A0.710 4 B70.0310 2 C7.00310 3 D7.00310 4【分析】科学记数法的表示形式为 a10n 的形式，其中 1|a|10，n 为整数确定 n 的值时，要看把原数变成 a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点
4、移动的位数相同当原数绝对值10 时，n 是正数；当原数的绝对值1 时，n 是负数【解答】解：将 7003 用科学记数法表示为：7.00310 3故选：C【点评】此题考查科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为 a10n 的形式，其中 1|a|10， n 为整数，表示时关键要正确确定 a 的值以及 n 的值6 （3 分）如图，将一块含有 30角的直角三角板的两个顶点分别放在直尺的两条平行对边上，若 135 ，则 等于（ ）A45 B60 C75 D85【分析】直接利用平行线的性质以及三角形的性质进而得出答案【解答】解：由题意可得：135，145，180456075 故选：C【点评】此题主要考查
5、了平行线的性质，正确得出1 的度数是解题关键7 （3 分）下列计算正确的是（ ）A3ab2ab1 B （3a 2） 29a 4 Ca 6a2a 3 D3a 22a6a 2【分析】直接利用合并同类项法则以及同底数幂的乘除运算法则分别化简得出答案【解答】解：A、3ab2abab ，故此选项错误；B、 （3a 2） 29a 4，正确；C、a 6a2a 4，故此选项错误；D、3a 22a6a 3，故此选项错误故选：B【点评】此题主要考查了合并同类项以及同底数幂的乘除运算，正确掌握相关运算法则是解题关键8 （3 分）李大伯前年在驻村扶贫工作队的帮助下种了一片果林，今年收货一批成熟的果子他选取了 5 棵果
6、树，采摘后分别称重每棵果树果子总质量（单位：kg）分别为：90，100，120，110，80这五个数据的中位数是（ ）A120 B110 C100 D90【分析】直接利用中位数的求法进而得出答案【解答】解：90，100，120，110，80，从小到大排列为：80，90，100，110，120，则这五个数据的中位数是：100故选：C【点评】此题主要考查了中位数，正确把握中位数的定义是解题关键9 （3 分）化简（x3） 2x（x 6）的结果为（ ）A6x9 B 12x+9 C9 D3x +9【分析】直接利用完全平方公式以及单项式乘以多项式运算法则化简得出答案【解答】解：原式x 26x+9x2+6x
7、9故选：C【点评】此题主要考查了完全平方公式以及单项式乘以多项式运算，正确掌握相关运算法则是解题关键10 （3 分）通过如下尺规作图，能确定点 D 是 BC 边中点的是（ ）A BC D【分析】作线段 BC 的垂直平分线可得线段 BC 的中点【解答】解：作线段 BC 的垂直平分线可得线段 BC 的中点由此可知：选项 A 符合条件，故选：A【点评】本题考查作图复杂作图，解题的关键是熟练掌握五种基本作图，属于中考常考题型11 （3 分）如图，在 54 的正方形网格中，每个小正方形的边长都是 1，ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，则 sinBAC 的值为（ ）A B C D【分析】过 C 作
8、CDAB 于 D，首先根据勾股定理求出 AC，然后在 RtACD 中即可求出 sinBAC 的值【解答】解：如图，过 C 作 CDAB 于 D，则ADC90，AC 5sinBAC 故选：D【点评】本题考查了勾股定理的运用以及锐角三角函数，正确作出辅助线是解题的关键12 （3 分）如图，点 A，B，C 均在O 上，当OBC40时，A 的度数是（ ）A50 B55 C60 D65【分析】先利用等腰三角形的性质和三角形内角和计算出BOC 的度数，然后根据圆周角定理可得到A 的度数【解答】解：OBOC，OCBOBC40，BOC180 4040100 ，A BOC50 故选：A【点评】本题考查了圆周角定
9、理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半13 （3 分）在“践行生态文明，你我一起行动”主题有奖竞赛活动中，903 班共设置“生态知识、生态技能、生态习惯、生态文化”四个类别的竞赛内容，如果参赛同学抽到每一类别的可能性相同，那么小宇参赛时抽到“生态知识”的概率是（ ）A B C D【分析】直接利用概率公式计算得出答案【解答】解：共设置“生态知识、生态技能、生态习惯、生态文化 ”四个类别的竞赛内容，参赛同学抽到每一类别的可能性相同，小宇参赛时抽到“生态知识”的概率是： 故选：B【点评】此题主要考查了概率公式，正确掌握概率求法是解题关键14 （3 分）古希腊几
10、何学家海伦和我国宋代数学家秦九韶都曾提出利用三角形的三边求面积的公式，称为海伦秦九韶公式：如果一个三角形的三边长分别是 a，b，c，记 p，那么三角形的面积为 S 如图，在ABC 中，A， B， C 所对的边分别记为 a，b，c，若 a5，b6，c7，则ABC 的面积为（ ）A6 B6 C18 D【分析】利用阅读材料，先计算出 p 的值，然后根据海伦公式计算ABC 的面积；【解答】解：a7，b5，c6p 9，ABC 的面积 S 6 ；故选：A【点评】考查了二次根式的应用，解题的关键是代入后正确的运算，难度不大15 （3 分）如图，平面直角坐标系中，点 B 在第一象限，点 A 在 x 轴的正半轴
11、上，AOB B30 ，OA2，将 AOB 绕点 O 逆时针旋转 90，点 B 的对应点 B的坐标是（ ）A （1， 2+ ） B （ ，3） C （ ，2+ ） D （3， ）【分析】如图，作 BHy 轴于 H解直角三角形求出 BH，OH 即可【解答】解：如图，作 BHy 轴于 H由题意：OA AB 2， BAH60 ，ABH30 ，AH AB1，BH ，OH3 ，B（ ，3） ，故选：B【点评】本题考查坐标与图形变化旋转，解直角三角形等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题二.解答题（本大题共有 9 个小题，共 75 分）16 （6 分）已知：x y，yx+8，求代数式
12、 + 的值【分析】先根据分式加减运算法则化简原式，再将 y x+8 代入计算可得【解答】解：原式 + ，当 xy，yx+8 时，原式x+（ x+8）8【点评】本题主要考查分式的化简求值，分式中的一些特殊求值题并非是一味的化简，代入，求值许多问题还需运用到常见的数学思想，如化归思想（即转化） 、整体思想等，了解这些数学解题思想对于解题技巧的丰富与提高有一定帮助就本节内容而言，分式求值题中比较多的题型主要有三种：转化已知条件后整体代入求值；转化所求问题后将条件整体代入求值；既要转化条件，也要转化问题，然后再代入求值17 （6 分）解不等式组 ，并求此不等式组的整数解【分析】首先求出不等式组中每一个
13、不等式的解集，再根据大小小大中间找确定不等式组的解集即可【解答】解： ，由得： x ，由得： x4，不等式组的解集为： x4则该不等式组的整数解为：1、2、3【点评】此题主要考查了解一元一次不等式组，关键是掌握解集的规律：同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到18 （7 分）如图，在ABC 中，D 是 BC 边上的一点，ABDB，BE 平分ABC，交 AC 边于点 E，连接 DE（1）求证：ABEDBE ；（2）若A100， C50 ，求 AEB 的度数【分析】 （1）由角平分线定义得出ABE DBE，由 SAS 证明ABE DBE 即可；（2）由三角形内角和定理得出ABC 30
14、，由角平分线定义得出ABEDBE ABC15，在 ABE 中，由三角形内角和定理即可得出答案【解答】 （1）证明：BE 平分ABC ，ABEDBE ，在ABE 和DBE 中， ，ABEDBE（SAS） ；（2）解：A100，C50，ABC30 ，BE 平分ABC，ABEDBE ABC15，在ABE 中，AEB180 AABE180 1001565【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质、角平分线的定义、三角形内角和定理；熟练掌握三角形内角和定理和角平分线定义，证明三角形全等是解题的关键19 （7 分） 人民日报点赞湖北宜昌“智慧停车平台”作为“全国智慧城市”试点，我市通过“互联网”、 “大数据
15、 ”等新科技，打造 “智慧停车平台” ，着力化解城市 “停车难”问题市内某智慧公共停车场的收费标准是：停车不超过 30 分钟，不收费；超过 30 分钟，不超过 60 分钟，计 1 小时，收费 3 元；超过 1 小时后，超过 1 小时的部分按每小时 2 元收费（不足 1 小时，按 1 小时计） （1）填空：若市民张先生某次在该停车场停车 2 小时 10 分钟，应交停车费 7 元若李先生也在该停车场停车，支付停车费 11 元，则停车场按 5 小时（填整数）计时收费（2）当 x 取整数且 x1 时，求该停车场停车费 y（单位：元）关于停车计时 x（单位：小时）的函数解析式【分析】 （1）根据题意可知
16、，停车 2 小时 10 分钟，则超出设计以 2 小时计算；支付停车费 11 元，则超出时间为（113）24（小时） ，所以停车场按 5 小时计时收费；（2）根据题意即可得出停车场停车费 y（单位：元）关于停车计时 x（单位：小时）的函数解析式【解答】解：（1）若市民张先生某次在该停车场停车 2 小时 10 分钟，应交停车费为：3+22 7（元） ；若李先生也在该停车场停车，支付停车费 11 元，则超出时间为（113）24（小时） ，所以停车场按 5 小时计时收费故答案为：7；5；（2）当 x 取整数且 x1 时，该停车场停车费 y（单位：元）关于停车计时 x（单位：小时）的函数解析式为：y3+
17、（2（x 1） ，即 y2x+1【点评】本题考查了一次函数的应用，解决本题的关键是理解公共停车场的收费标准分为规定时间的费用+超过规定时间的费用20 （8 分）某校在参加了宜昌市教育质量综合评价学业素养测试后，随机抽取八年级部分学生，针对发展水平四个维度“阅读素养、数学素养、科学素养、人文素养”，开展了“你最需要提升的学业素养”问卷调查（每名学生必选且只能选择一项） 小明、小颖和小雯在协助老师进行统计后，有这样一段对话：小明：“选科学素养和人文素养的同学分别为 16 人，12 人 ”小颖：“选数学素养的同学比选阅读素养的同学少 4 人 ”小雯：“选科学素养的同学占样本总数的 20% ”（1）这
18、次抽样调查了多少名学生？（2）样本总数中，选“阅读素养”、 “数学素养”的学生各多少人？（3）如图是调查结果整理后绘制成的扇形图请直接在横线上补全相关百分比；（4）该校八年级有学生 400 人，请根据调查结果估计全年级选择“阅读素养”的学生有多少人？【分析】 （1）用选科学素养的人数除以它所占的百分比得到调查的总人数；（2）设样本中选数学素养的同学数为 x 人，则选阅读素养的同学数为（x+4）人，列方程 x+x+4+16+1280，然后解方程即可；（3）分别计算出选数学素养、选阅读素养和选人文素养的百分比，然后补全扇形统计图；（4）用 400 乘以样本中选择“阅读素养”的学生所占的百分比即可【
19、解答】解：（1）1620%80，所以这次抽样调查了 80 名学生；（2）设样本中选数学素养的同学数为 x 人，则选阅读素养的同学数为（x+4）人，x+x+4+16+1280，解得 x 24，则 x+428，所以本总数中，选“阅读素养”的学生数为 28 人，选“ 数学素养 ”的学生数为 24 人；（3）选数学素养的学生数所占的百分比为 100%30%；选阅读素养的学生数所占的百分比为 100%35%；选人文素养的学生数所占的百分比为 100%15%；如图，（4）40035%140，所以估计全年级选择“阅读素养”的学生有 140 人【点评】本题考查了条形统计图：条形统计图是用线段长度表示数据，根据
20、数量的多少画成长短不同的矩形直条，然后按顺序把这些直条排列起来从条形图可以很容易看出数据的大小，便于比较也考查了扇形统计图21 （8 分）如图，点 O 是线段 AH 上一点，AH3，以点 O 为圆心，OA 的长为半径作O，过点 H 作 AH 的垂线交O 于 C，N 两点，点 B 在线段 CN 的延长线上，连接 AB交O 于点 M，以 AB，BC 为边作ABCD（1）求证：AD 是O 的切线；（2）若 OH AH，求四边形 AHCD 与O 重叠部分的面积；（3）若 NH AH，BN ，连接 MN，求 OH 和 MN 的长【分析】 （1）根据平行四边形的性质可知 ADBC，证明 OAAD，又因为
21、OA 为半径，即可证明结论；（2）利用锐角三角函数先求出OCH30，再求出扇形 OAC 的面积，最后求出 OHC的面积，两部分面积相加即为重叠部分面积；（3）设O 半径 OArOC，OH3 r，在 RtOHC 中，利用勾股定理求出半径r ，推出 OH ，再在 RtABH 和 RtACH 中利用勾股定理分别求出 AB，AC 的长，最后证BMNBCA，利用相似三角形对应边的比相等即可求出 MN 的长【解答】解：（1）证明：四边形 ABCD 是平行四边形，ADBC，AHC90，HAD90，即 OAAD，又 OA 为半径，AD 是O 的切线；（2）解：如右图，连接 OC，OH OA，AH3，OH1 ，
22、OA2，在 RtOHC 中， OHC90 ，OH OC，OCH30，AOCOHC+OCH120，S 扇形 OAC ，CH ，SOHC 1 ，四边形 ABCD 与 O 重叠部分的面积S 扇形 OAC+SOHC + ；（3）设O 半径 OArOC，OH3 r，在 RtOHC 中，OH 2+HC2OC 2，（ 3r） 2+12r 2，r ，则 OH ，在 RtABH 中，AH3，BH +1 ，则 AB ，在 RtACH 中，AH3，CHNH1，得 AC ，在BMN 和BCA 中，BB，BMNBCA，BMNBCA， 即 ，MN ，OH ，MN 【点评】本题考查了切线的判定定理，解直角三角形，扇形的面积
23、与三角形的面积，勾股定理，相似三角形的判定与性质等，综合性较强，解题关键是要熟练各部分的内容，对学生的综合能力要求较高，一定要注意将所学知识贯穿起来22 （10 分）HW 公司 2018 年使用自主研发生产的 “QL”系列甲、乙、丙三类芯片共 2800万块，生产了 2800 万部手机，其中乙类芯片的产量是甲类芯片的 2 倍，丙类芯片的产量比甲、乙两类芯片产量的和还多 400 万块这些“QL”芯片解决了该公司 2018 年生产的全部手机所需芯片的 10%（1）求 2018 年甲类芯片的产量；（2）HW 公司计划 2020 年生产的手机全部使用自主研发的“QL”系列芯片从 2019 年起逐年扩大“
24、QL” 芯片的产量，2019 年、2020 年这两年，甲类芯片每年的产量都比前一年增长一个相同的百分数 m%，乙类芯片的产量平均每年增长的百分数比 m%小 1，丙类芯片的产量每年按相同的数量递增.2018 年到 2020 年，丙类芯片三年的总产量达到1.44 亿块这样，2020 年的 HW 公司的手机产量比 2018 年全年的手机产量多 10%，求丙类芯片 2020 年的产量及 m 的值【分析】 （1）设 2018 年甲类芯片的产量为 x 万块，由题意列出方程，解方程即可；（2）2018 年万块丙类芯片的产量为 3x+4001600 万块，设丙类芯片的产量每年增加的熟练为 y 万块，则 160
25、0+1600+y+1600+2y14400，解得： y3200，得出丙类芯片2020 年的产量为 1600+232008000 万块，2018 年 HW 公司手机产量为280010%28000 万部，由题意得出 400（1+m%） 2+2400（1+m% 1）2+800028000（1+10%） ，设 m%t，化简得：3t 2+2t560，解得：t4，或t （舍去） ，即可得出答案【解答】解：（1）设 2018 年甲类芯片的产量为 x 万块，由题意得：x+2x +（x +2x）+4002800，解得：x400；答：2018 年甲类芯片的产量为 400 万块；（2）2018 年万块丙类芯片的产量
26、为 3x+4001600 万块，设丙类芯片的产量每年增加的数量为 y 万块，则 1600+1600+y+1600+2y14400，解得：y3200，丙类芯片 2020 年的产量为 1600+232008000 万块，2018 年 HW 公司手机产量为 280010%28000 万部，400（1+m%） 2+2400（1+m%1） 2+800028000（1+10%） ，设 m%t，化简得：3t 2+2t560，解得：t4，或 t （舍去） ，t4，m%4，m 400；答：丙类芯片 2020 年的产量为 8000 万块，m 400【点评】本题考查了一元二次方程的应用、一元一次方程的应用以及一元二
27、次方程和一元一次方程的解法；弄清数量关系列出方程是解题的关键23 （11 分）已知：在矩形 ABCD 中，E，F 分别是边 AB，AD 上的点，过点 F 作 EF 的垂线交 DC 于点 H，以 EF 为直径作半圆 O（1）填空：点 A 在 （填“在” 或“不在”）O 上；当 时，tanAEF 的值是；（2）如图 1，在EFH 中，当 FEFH 时，求证：AD AE+DH；（3）如图 2，当EFH 的顶点 F 是边 AD 的中点时，求证：EH AE+DH ；（4）如图 3，点 M 在线段 FH 的延长线上，若 FMFE ，连接 EM 交 DC 于点 N，连接FN，当 AEAD 时，FN4，HN3
28、，求 tanAEF 的值【分析】 （1）连接 AO， EAF90，O 为 EF 中点，所以 AO EF，因此点 A 在O上，当 时，AEF45，tanAEF tan451；（2）证明AEFDFH，得到 AFDH，AEDF，所以 ADAF+DFAE+DH；（3）延长 EF 交 HD 的延长线于点 G，先证明AEFDGF（ASA） ，所以AEDG，EFFG，因为 EFFG，所以 EHGH，GHDH+DG DH +AE，即EHAE+DH ；（4）过点 M 作 MQAD 于点 Q设 AFx，AEa，所以 EFM 为等腰直角三角形，FEMFMN45 ，因此 AEFQFM（ASA ） ，AEEQ a，AF
29、QM，AE AD ，AF DQQM 由 FEN HMN，得到，所以 【解答】解：（1）连接 AO，EAF90 ， O 为 EF 中点，AO EF，点 A 在O 上，当 时，AEF45 ，tanAEFtan451，故答案为：在，1；（2）EFFH，EFH90，在矩形 ABCD 中， AD90，AEF+AFE90，AFE+DFH 90，AEFDFH，又 FEFH ，AEFDFH（AAS） ，AFDH，AEDF ，ADAF+ DFAE+DH；（3）延长 EF 交 HD 的延长线于点 G，F 分别是边 AD 上的中点，AFDF，AFDG90，AFEDFG ，AEFDGF（ASA） ，AEDG，EFFG
30、 ，EFFG，EHGH，GHDH +DGDH+AE，EHAE+ DH；（4）过点 M 作 MQAD 于点 Q设 AFx，AEa，FMFEEFFH，EFM 为等腰直角三角形，FEMFMN45，FMFE，AMQF90，AEFMFQ，AEFQFM（ASA） ，AEEQa，AF QM，AEAD，AFDQQMx，DCQM， ，DCABQM， ， ，FEFM， ，FEMFMN45 ，FENHMN， ， 【点评】本题考查了圆的综合知识，熟练运用相似三角形的判定与性质是解题的关键24 （12 分）在平面直角坐标系中，正方形 ABCD 的四个顶点坐标分别为 A（2，4） ，B（2， 2） ，C （4，2） ，D
31、（4，4） （1）填空：正方形的面积为 36 ；当双曲线 y （k0）与正方形 ABCD 有四个交点时，k 的取值范围是： 0k4 或 8k0 ；（2）已知抛物线 L：ya（x m） 2+n（a0）顶点 P 在边 BC 上，与边 AB，DC 分别相交于点 E，F ，过点 B 的双曲线 y （k0）与边 DC 交于点 N点 Q（m，m 22m+3）是平面内一动点，在抛物线 L 的运动过程中，点 Q 随 m 运动，分别切运动过程中点 Q 在最高位置和最低位置时的坐标；当点 F 在点 N 下方，AE NF，点 P 不与 B，C 两点重合时，求 的值；求证：抛物线 L 与直线 x1 的交点 M 始终位
32、于 x 轴下方【分析】 （1）求出正方形边长，数形结合求出 k 的范围；（2） 由题意可知， 2m4，y Q m22m+3（m+1 ） 2+4，分 m1，m 1 和 m 1分别讨论 Q 点符合条件的坐标；点 B（2， 2）代入双曲线，可求 k4，N（4，1） ，由顶点 P（m，n）在边 BC 上，求 n2 ，进而求出 E（2，a（2m） 22） ，F（4，a（4 m） 22） ，由 BEa（2m）2，CFa（4m ） 2， ，可求 a（m1） ，所以 ；由题意得，M （1，a（1 m） 22） ，y Ma（m 1） 22（2m4） ，当 m1 时，y M 最小2 ，当 m 2 或 4 时，y
33、M 最大9a2，当 m4 时，y a（x4） 22，求出 F（4，2） ，E（ 2，36a2）进而确定 0a ，y M ；同理 m2 时，yya（x +2）22， E（2，2） ，F（4，36a 2） ，解得 0a ，y M 【解答】解：（1）由点 A（2，4） ，B （2，2）可知正方形的边长为 6，正方形面积为 36；有四个交点时 0k4 或8k0；故答案为 36，0k4 或8k0；（2） 由题意可知， 2m4，y Q m22m+3（m+1 ） 2+4，当 m1，y Q 最大4，在运动过程中点 Q 在最高位置时的坐标为（ 1，4） ，当 m1 时，y Q 随 m 的增大而增大，当 m2 时
34、，y Q 最小3，当 m1 时，y Q 随 m 的增大而减小，当 m4 时，y Q 最小21，3 21，yQ 最小 21，点 Q 在最低位置时的坐标（ 4， 21） ，在运动过程中点 Q 在最高位置时的坐标为（ 1，4） ，最低位置时的坐标为（ 4，21） ；当双曲线 y 经过点 B（2， 2）时，k4，N（4，1） ，顶点 P（m，n）在边 BC 上，n 2，BPm+2，CP4 m，抛物线 ya（x m） 22（a0）与边 AB、DC 分别交于点 E、F，E（ 2，a（2m） 22） ，F （4，a（4m ） 22） ，BEa（2 m） 2，CFa（4m） 2， ，a（ m+2）a（4m）2
35、am 2a2a（m 1） ，AENF，点 F 在点 N 下方，6a（2m） 2 3a（4m） 2，12a（ m1） 3，a（ m1） ， ；由题意得，M （1，a（1 m） 22） ，yMa （1m） 22（ 2m4） ，即 yM a（m 1） 22（2m4 ） ，a 0，对应每一个 a（a0）值，当 m1 时，y M 最小2，当 m2 或 4 时，y M 最大9a 2，当 m4 时，ya（x4） 22，F（ 4，2） ，E（ 2，36a2） ，点 E 在边 AB 上，且此时不与 B 重合，236 a24，0 a ，29a 2 ，yM ，同理 m2 时，yy a（x +2） 22，E（ 2，2） ，F（4，36a2） ，点 F 在边 CD 上，且此时不与 C 重合，236 a24，解得 0a ，29a 2 ，yM ，综上所述，抛物线 L 与直线 x1 的交点 M 始终位于 x 轴下方；【点评】本题考查二次函数的图象及性质，反比例函数的图象及性质，是综合性较强的题；熟练掌握二次函数的图象及性质，反比例函数的图象及性质，数形结合，分类讨论是解题的关键
