1、2018-2019 学年甘肃省定西市临洮县九年级（上）期末物理试卷一、选择题：本大题共 6 小题，每题 2 分，共 12 分在给出的选项中，只有一项是符合题目要求的（请将答案填入答题卡）1关于温度、内能和热量，下列说法不正确的是（ ）A物体温度降低时内能减少B0的冰变成 0的水，温度不变，内能不变C温度相同的两个物体间不能发生热传递D任何物体都具有内能，通过摩擦可增大冰块的内能2如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片 P 固定在一起，AB 间有可收缩的导线，R 1 为定值电阻。当闭合开关 S，压力 F 增大时，电流表与电压表示数变化情况是（ ）A电流表示数变大，
2、电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表、电压表示数都变大D电流表、电压表示数都变小3甲、乙两只灯泡，其 IU 关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为 2V 时，乙灯消耗的功率是（ ）A1.2 W B0.8 W C2 W D3 W4下列现象中通过热传递的方式改变内能的是（ ）A古代人类钻木取火B用砂轮磨菜刀，菜刀的温度升高C汽车刹车时刹车片发热D放进冰箱冷冻室水变成冰块5从欧姆定律可以导出公式 对电阻的理解。你认为正确的是（ ）A当电压增大时，电阻也增大B当电流增大时，电阻减小C当电压为零时，电阻也为零D电阻由导体本身性质决定，与电流、电压无关6如图所示
3、，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（ ）A甲：磁场能产生电流B乙：闭合开关，小磁针 N 极向右偏转C丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机D丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强二、填空题：本大题共 5 小题，每空 1 分，共 10 分（请将答案填入答题卡）7物体不能无限地被压缩说明分子间存在着相互作用的 ；WiFi 是一种允许电子设备连接到一个无线局域网（WLAN）的技术，是利用 传递信息的。（选填“电磁波”、“超声波”或“红外线”）8水的比热容为 4.2103J/（ kg），将 4kg 的水倒掉一半，剩下水的比热容是 J/（kg）；初温为 30、质量为 2kg 的水吸收 2
4、.1105J 的热量后温度将升高 。9牛肉面是全省人民“舌尖上的美食”。端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，是由于分子的 造成的；端碗时很烫手，是通过 方式增加了手的内能。10有两个电阻 R1 和 R2 串联接在电路中，它们的阻值之比为 7：3，则通过它们的电流之比为 ，它们两端的电压之比为 。11有一小灯泡，正常发光时灯丝的电阻是 10，正常工作时所需电压是 2.5V，如果我们手边只有电压是 6V 的电源，要使小灯泡正常工作，需要 联（填“串”或“并”）一个阻值是 的电阻。三、识图与作图题（共 6 分，每题 2 分）12请将图中的“声控开关”、“光控开关”、灯泡正确连入电路，要求只有在夜间且有声音
5、时灯泡才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座。13请根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的 N 极和电源的正极。14如图所示是四冲程汽油机工作过程的一个冲程，该冲程是将 能转化为 能。四、实验探究题（每空 2 分，共计 16 分）15“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为 4.5V 的电源，额定电压为 2.5V 的待测小灯泡，电阻约为 l0，电流表（00.6A，03A），电压表（03V，015V），开关和导线若干。还有标有 “102A”的滑动变阻器 A 和标有“51A”的滑动变阻器 B（1）若小明设计电路如图甲所示，请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将
6、图甲的实验电路图连接完整（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片 P，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因是 A滑动变阻器断路 B灯断路 C灯短路（3）本实验选择的滑动变阻器是 （选填“A ”或“B”）；（4）当滑动变阻器的滑片 P 移到某一位置时，观察到电压表示数如图乙所示，根据所选正确量程，其示数为 V；（5）为了测量小灯泡额定功率，此时应该将变阻滑的滑片 P 向 （选填“A”或“B”）移动。当电压达到小灯泡额定电压时，小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W。（6）小明综合分析实验数据发现，灯泡越亮时灯丝的电阻越大，说明灯丝的电阻 。五、计算题（共 16 分，务
7、必写出规范的解题过程）16如图所示，小灯泡 L 上标有“6V 3W”字样，闭合开关，小灯泡正常发光，电流表示数为 2A求：（1）小灯泡 L 正常发光时的电阻是多少？（2）通过 R 的电流是多少？（3）10s 内电路消耗的电能是多少？17电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中 R1 和 R2 都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？（2）电阻 R2 的阻值是多少？（3）一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V 10（20）A；3000r/kW h”的电能表 5
8、min 内转了 200 圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？额定电压 220V频率 50Hz加热 880W额定功率保温 44W2018-2019 学年甘肃省定西市临洮县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共 6 小题，每题 2 分，共 12 分在给出的选项中，只有一项是符合题目要求的（请将答案填入答题卡）1关于温度、内能和热量，下列说法不正确的是（ ）A物体温度降低时内能减少B0的冰变成 0的水，温度不变，内能不变C温度相同的两个物体间不能发生热传递D任何物体都具有内能，通过摩擦可增大冰块的内能【分析】（1）内能是指物体内所有做无规则运动的分子具有的动能和分子势能的总
9、和，它的大小和物体的温度高低有关；（2）一块 0的冰变成 0的水的过程中，吸收热量，内能增大，温度不变；（3）热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递；（4）改变内能的方式有两种：做功和热传递。【解答】解：A、物体的温度降低，则它的内能一定减少，故 A 正确；B、0的冰变成 0的水的过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故 B 错误；C、热传递发生的条件是要有温度差，如果温度一样，则就不会发生热传递，故 C 正确；D、摩擦生热，是用克服摩擦做功的方法改变物体内能的，故 D 正确。故选：B。【点评】此题主要考查的知识点有：内能的大小和物体的温度高低有关，物体的温度升高，内能
10、增大；发生热传递的条件； 做功可以改变物体的内能。2如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片 P 固定在一起，AB 间有可收缩的导线，R 1 为定值电阻。当闭合开关 S，压力 F 增大时，电流表与电压表示数变化情况是（ ）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表、电压表示数都变大D电流表、电压表示数都变小【分析】由电路图可知，R 1、 R2 串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑
11、动变阻器两端的电压变化。【解答】解：由电路图可知，R 1、R 2 串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当闭合开关 S，压力 F 增大时，滑片下移，R 2 接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由 I 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故 AC 错误；由 UIR 可知，定值电阻 R1 两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 B 正确，D 错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键。3甲、乙
12、两只灯泡，其 IU 关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为 2V 时，乙灯消耗的功率是（ ）A1.2 W B0.8 W C2 W D3 W【分析】将甲、乙两灯串联在电路中时通过它们的电流相等，根据图象读出甲灯两端的电压为 2V 时通过的电流即为通过乙灯泡的电流，再根据图象读出乙灯泡两端的电压，利用 PUI 求出乙灯消耗的功率。【解答】解：将甲、乙两灯串联在电路中，且甲灯两端的电压为 2V 时，由图象可知通过甲灯泡的电流为 0.4A，因串联电路中各处的电流相等，所以，此时通过乙灯泡的电流 I 乙 I 甲 0.4A，由图象可知，I 乙 0.4A 时，乙灯泡两端的电压 U
13、乙 3V，则乙灯消耗的功率：P 乙 U 乙 I 乙 3V0.4A1.2W。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。4下列现象中通过热传递的方式改变内能的是（ ）A古代人类钻木取火B用砂轮磨菜刀，菜刀的温度升高C汽车刹车时刹车片发热D放进冰箱冷冻室水变成冰块【分析】解决此题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。【解答】解：A、钻木取火，此过程中克服摩擦做功，是通过做功改变物体的内能，A 不符合题意；B、用砂轮磨菜刀，此过程中克服摩擦做功，菜刀的温度升高，是通过做功改变物体的内能，B 不符合题意；C、汽车刹车时刹车片发热，此过程中克服摩擦
14、做功，是通过做功改变物体的内能，C 不符合题意；D、放进冰箱冷冻室水变成冰块，水凝固时放出热量，是通过热传递的方式改变内能，D符合题意；故选：D。【点评】解决此类问题要结合改变物体内能的方式去分析，知道做功是能量的转化，热传递是能量的转移。5从欧姆定律可以导出公式 对电阻的理解。你认为正确的是（ ）A当电压增大时，电阻也增大B当电流增大时，电阻减小C当电压为零时，电阻也为零D电阻由导体本身性质决定，与电流、电压无关【分析】导体的电阻是由电阻自身决定的，与导体的材料，长度，横截面积有关，而与外部的电流、电压大小无关。【解答】解：导体的电阻与导体的材料，长度，横截面积有关，并不随电流、电压的改变而
15、改变。所以 A，B，C 错误，D 正确。故选：D。【点评】本题主要考查学生对导体电阻的理解和运用，导体的电阻是不变的。学习物理公式时，要注意不能像数学公式一样来分析，因为物理公式中的每个字母都代表一个特定的物理量，有其本身的物理意义，如此题中的电阻就不能说与电压成正比，与电流成反比。6如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（ ）A甲：磁场能产生电流B乙：闭合开关，小磁针 N 极向右偏转C丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机D丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强【分析】甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的
16、N 极，然后根据磁感线方向判断出小磁针 N 极的指向；丙图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应；丁图：电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强。【解答】解：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项 A 错误；B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是 N 极，磁感线从 N 极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针 N 极将向左偏转，选项 B 错误；C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此
17、时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，选项 C 错误；D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同。在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，选项 D正确。故选：D。【点评】本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机的原理、影响电磁铁磁性强弱的因素。其中选项 C 一定要注意，要能正确识别实验装置属于发电机原理还是属于电动机原理，二者的因果关系是不同的。发电机是“先动后电”，电动机是“先电后动”。二、填空题：本大题共 5 小题，每空 1 分，共 10 分（请将答案填入答题卡）7物体不能
18、无限地被压缩说明分子间存在着相互作用的 斥力 ；WiFi 是一种允许电子设备连接到一个无线局域网（WLAN）的技术，是利用 电磁波 传递信息的。（选填“电磁波”、“超声波”或“红外线”）【分析】物质由分子构成，分子不停地做无规则运动，分子间存在引力和斥力；通过电磁波可以实现无线互联。【解答】解：物体不能无限地被压缩说明分子间存在相互作用的斥力；WiFi 是通过电磁波将个人电脑、手机等终端进行连接的，因电磁波能传递信息，且电磁波的传播不需要介质，所以它是利用电磁波来收发数据的。故答案为：斥力； 电磁波。【点评】本题考查学生对分子之间作用力、wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利
19、用电磁波传输的。8水的比热容为 4.2103J/（ kg），将 4kg 的水倒掉一半，剩下水的比热容是 4.2103 J/（kg ）；初温为 30、质量为 2kg 的水吸收 2.1105J 的热量后温度将升高 25 。【分析】（1）比热容是物质的一种热性。物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关；（2）知道水的质量和比热容，根据 Q 吸 cmt 求出吸热后水升高的温度。【解答】解：（1）将 4kg 的水倒掉一半，虽然水的质量和体积改变了，但比热容与质量和体积无关，所以水的比热容不变，仍然为 4.2103J/（kg）；（2）根据 Q 吸 cmt
20、 可知，吸热后水升高的温度：t 25。故答案为：4.210 3；25。【点评】本题考查了学生对比热容和放热公式的理解与掌握，计算过程要注意水温升高了（温度的变化）和升高到（末温）的区别。9牛肉面是全省人民“舌尖上的美食”。端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，是由于分子的 无规则运动 造成的；端碗时很烫手，是通过 热传递 方式增加了手的内能。【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停的做无规则运动；分子永不停息的做无规则运动；改变物体内能的方式有热传递和做功。【解答】解：端上一碗牛肉面，香味扑鼻而来，这时扩散现象，说明分子在不停做无规则运动；端碗时很烫手，手从碗
21、上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。故答案为：无规则运动；热传递。【点评】本题考查了扩散现象、分子运动及热传递改变物体内能，相对比较简单，属于基础题。10有两个电阻 R1 和 R2 串联接在电路中，它们的阻值之比为 7：3，则通过它们的电流之比为 1：1 ，它们两端的电压之比为 7：3 。【分析】由串联电路电流特点知两电阻的电流比，由 UIR 可得电压比。【解答】解：因为两只电阻串联，所以 I1I 2，则通过它们的电流之比为 I1：I 21：1；由 I 变形 UIR 可得，它们两端电压比： U1：U 2IR 1：IR 2R 1：R 27：3，故答案为：1：1；7：3。【点评】本题考查
22、串联和并联电路特点、欧姆定律以及变形公式的应用，熟练运用公式是关键。11有一小灯泡，正常发光时灯丝的电阻是 10，正常工作时所需电压是 2.5V，如果我们手边只有电压是 6V 的电源，要使小灯泡正常工作，需要 串 联（填“串”或“并”）一个阻值是 14 的电阻。【分析】根据串联电路的分压特点可知，要使小灯泡在 6V 的电源上正常发光时应串联一个电阻；根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律得出等式，即可求出电阻的阻值。【解答】解：根据串联电路的分压特点可知，要使该灯泡在 6V 的电源上正常发光应串联一个电阻，此时小灯泡两端的电压为 2.5V，则灯泡正常工作
23、时的电流为：IL 0.25A；因串联电路中总电压等于各分电压之和，则电阻两端的电压：UR UU L6V2.5V3.5V ，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律可得该电阻的阻值：R 14 。故答案为：串；14。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等以及串联电路的分压特点。三、识图与作图题（共 6 分，每题 2 分）12请将图中的“声控开关”、“光控开关”、灯泡正确连入电路，要求只有在夜间且有声音时灯泡才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座。【分析】（1）由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故
24、这两个开关与灯串联，且灯接在零线与开关之间。（2）三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。【解答】解：灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再与灯泡串联；三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，作图如下：【点评】本题考查了声、光控灯和三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。13请根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的 N 极和电源的正极。【分析】根据小磁针的指向可以确定螺线管 NS 极，利用图示的线圈绕向和螺线管的 NS极，根据安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而确定电源的正负极。【解答】解：小磁针的 N 极靠近螺线管的左端，根据磁极间的作用规律可以确定
25、螺线管的左端为 S 极，右端为 N 极。根据螺线管的右端为 N 极，结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向是从左端流入右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。如图所示 【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的运用，找准判断的突破口，运用相关知识进行推理即可，难度不大，但较易出错。14如图所示是四冲程汽油机工作过程的一个冲程，该冲程是将 机械 能转化为 内 能。【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；并且只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将
26、机械能转化为内能。【解答】解：由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞向上运动，可以判断是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能。故答案为：机械；内。【点评】本题考查了内燃机的四个冲程，要求学生对每个冲程的特点、能量转化等情况十分熟悉才能顺利解答。四、实验探究题（每空 2 分，共计 16 分）15“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为 4.5V 的电源，额定电压为 2.5V 的待测小灯泡，电阻约为 l0，电流表（00.6A，03A），电压表（03V，015V），开关和导线若干。还有标有 “102A”的滑动变阻器 A 和标有“51A”的滑动变阻器 B（1）若小明设计电路如图甲所示，
27、请选择合适的量程，并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图连接完整（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片 P，发现电压表始终无示数，电流表有示数，其原因是 C A滑动变阻器断路 B灯断路 C灯短路（3）本实验选择的滑动变阻器是 A （选填“A ”或“B”）；（4）当滑动变阻器的滑片 P 移到某一位置时，观察到电压表示数如图乙所示，根据所选正确量程，其示数为 2 V；（5）为了测量小灯泡额定功率，此时应该将变阻滑的滑片 P 向 B （选填“A”或“B”）移动。当电压达到小灯泡额定电压时，小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 0.5 W。（6）小明综合分析实验数据发现，灯泡越亮时
28、灯丝的电阻越大，说明灯丝的电阻 随温度的升高而变大 。【分析】（1）根据待测小灯泡的额定电压为 2.5V 确定电压表选用小量程与灯并联，根据灯的电阻约为 l0，由欧姆定律求出灯的额定电流约确定电流表选用小量程与灯串联；（2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；（3）根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，由欧姆定律求出变阻器连入电路中的电阻，确定故本实验选择的滑动变阻器；（4）根据压表选用小量程确定分度值读数；（5）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度
29、值读数，根据 PUI 得出小灯泡的额定功率；（6）明灯丝的电阻随温度的升高而变大。【解答】解：（1）待测小灯泡的额定电压为 2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，灯的电阻约为 l0，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I 0.25A，故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：（2）A若滑动变阻器断路，两表都没有示数，不符合题意；B若灯断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；C若灯短路，电压表没有示数，电流表有示数，符合题意；故选 C；（3）灯正常发光时，变阻器分得的电压：U 滑 4.5V2.5V2V，由欧姆定律：变阻器连入电路中的电阻：R 滑 8 ，故本实验选择的滑动变阻
30、器是 A；（4）当滑动变阻器的滑片 P 移到某一位置时，观察到电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为 0.1V，其示数为 2V；（5）灯在额定电压下正常发光，示数为 2V 小于灯的额定电压 2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向 B 移动，直到电压表示数为额定电压；当电压达到小灯泡额定电压时，小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值值 0.02A，则小灯泡的额定功率为：PUI2.5V0.2A0.5W ；（6）灯泡越亮，灯的功率越大，灯丝温度越高，灯丝的电阻越大，说明灯丝的电阻
31、随温度的升高而变大。故答案为：（1）如上；（2）C；（3）A；（4）2； （5）B；0.5；（6）随温度升高而增大。【点评】本题测小灯泡额定电功率，考查电路连接、器材的选择、故障分析、操作过程、电流表读数及功率的计算和影响电阻大小的因素。五、计算题（共 16 分，务必写出规范的解题过程）16如图所示，小灯泡 L 上标有“6V 3W”字样，闭合开关，小灯泡正常发光，电流表示数为 2A求：（1）小灯泡 L 正常发光时的电阻是多少？（2）通过 R 的电流是多少？（3）10s 内电路消耗的电能是多少？【分析】由电路图可知，灯泡 L 与电阻 R 并联，电流表测干路电流。（1）灯泡正常发光时的电压和额定电
32、压相等，根据 P 求出灯泡正常发光时的电阻；（2）根据 PUI 求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电流特点求出通过 R 的电流；（3）根据并联电路的电压特点可知电源的电压，利用 WUIt 求出通电 10s 整个电路所消耗的电能。【解答】解：由电路图可知，灯泡 L 与电阻 R 并联，电流表测干路电流。（1）由 P 可得，灯泡正常发光时的电阻：RL 12；（2）由题知，闭合开关，小灯泡正常发光，则由 PUI 可得，通过灯泡的电流：IL 0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过 R 的电流：IRII L2A0.5A1.5A；（3）因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，
33、所以，电源的电压：UU L 6V，通电 1min 整个电路所消耗的电能：WUIt 6V 2A10s120J。答：（1）小灯泡 L 正常发光的电阻是 12；（2）通过 R 的电流是 1.5A；（3）通电 1min，整个电路所消耗的电能是 120J。【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。17电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中 R1 和 R2 都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？（2）电阻 R2 的阻值是多少？（3）一天，小宇断开
34、家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V 10（20）A；3000r/kW h”的电能表 5min 内转了 200 圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？额定电压 220V频率 50Hz加热 880W额定功率保温 44W【分析】（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用 PUI 求电路总电流；（2）分析 S、S 0 闭合和 S 闭合、 S0 断开时的电路组成、电阻大小关系，利用 P 可知什么情况为保温档，再利用 P 求 R2 的阻值；（3）3000r/kW h 表示电饭锅每消耗 1kWh 的电能，电能表的转盘转 3000r，据此求电能表转盘转 200r 消耗的电
35、能，再利用 P 求电饭锅此时的实际加热功率。【解答】解：（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率 P880W，由 PUI 可得总电流：I 4A；（2）当 S、S 0 闭合时，R 1 和 R2 并联，电路总电阻较小；当 S 闭合、S 0 断开时，电路中只有 R2，电路总电阻较大；由 P 可知，当 S、S 0 闭合时，电功率较大，为加热档；当 S 闭合、S 0 断开时，电功率较小，为保温档；P 保温 44W，由 P 可得：R2 1100；（3）3000r/kW h 表示电饭锅每消耗 1kWh 的电能，电能表的转盘转 3000r，则电能表转盘转 200r 消耗的电能：W kWh kWh，电饭锅此时的实际加热功率：P 实 0.8kW800W。答：（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是 4A；（2）电阻 R2 的阻值是 1100；（3）电饭锅此时的实际加热功率是 800W。【点评】本题考查了电能和电功率的计算，分析电路图得出高低温档的电路组成是关键。
