1、2021 年湖北省中考物理全真模拟试卷（二）年湖北省中考物理全真模拟试卷（二） 一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 13 小题。第小题。第 111 题每小题只有一个选项符合题意；第题每小题只有一个选项符合题意；第 12、13 小题有两个或两个小题有两个或两个 以上的选项符合题意，每小题以上的选项符合题意，每小题 2 分，全部选对得分，全部选对得 2 分，选对但不全得分，选对但不全得 1 分，错选不得分。共分，错选不得分。共 26 分）分） 1下列描述与生活实际相符的是（ ） A一名中学生的正常身高约为 800mm B小明百米短跑的平均速度约为 15m/s C家庭餐桌的高度约为 80cm
2、D九年级物理教科书的重力为 10N 2 “小明，上学啦!“家住一楼的小强大声喊着三楼的小明，邀他一起上学。对这一过程中的声现象的解释， 错误的是（ ） A小强的喊声大，说明他的音调高 B小明能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播 C小明从喊声中听出是小强，他是根据声音的音色来判断的 D小明的妈妈提醒他下楼时脚步要轻些，这是为了减小噪声 3我国建成全球规模最大熔盐塔式光热电站，如图是利用大规模阵列抛物镜面收集太阳能的工作原理图。 下列关于太阳光传播的说法错误的是（ ） A在定日镜面上发生反射 B在定日镜面上发生折射 C经过定日镜后沿直线传播 D经过定日镜后传播速度不变 4如图所示是加热30的
3、冰时温度随时间变化的图象，根据图象下列判断正确的是（ ） ABC 段是冰的熔化过程，温度不变，说明熔化不需要吸热 B水的沸点是 98，说明当地的大气压高于一个标准大气压 C冰熔化时温度保持 0不变，说明冰是晶体 D加热相同时间时，冰升温比水快，说明冰的比热容比水大 5生活处处有物理，留心观察皆学问。下列生活中的现象及其解释正确的是（ ） A啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子 B打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小 C水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而减小 D珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强大 6窗玻璃上趴着一
4、只壁虎（如图） ，当人水平向右推窗时，壁虎随窗玻璃一起向右匀速移动的过程中，壁 虎受到摩擦力的方向是（ ） A竖直向上 B竖直向下 C水平向左 D水平向右 7如图所示，用滑轮组提升重 900N 的物体，使它在 10s 内匀速上升 1m。已知所用的拉力 F 为 400N，则 在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦） ，下列说法正确的是（ ） A拉力做功的功率为 90W B拉力在这 10s 内做的功为 400J C动滑轮的重力为 300N D若用该滑轮组匀速提升更重的物体时，则绳子拉力会变大但机械效率不变 8 （2 分）有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关 S1，托盘旋转，再将
5、温控 开关 S2闭合，开始加热；若只闭合开关 S2，则不能加热。下图中是托盘电动机，R 是加热电阻，对 其内部电路设计合理的是？（ ） A B C D 9如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关 S，将滑动变阻器 R2的滑片 P 从最右端向中 点移动，下列说法正确的是（ ） A电压表 V1与电压表 V2示数始终相等 B电流表 A 示数变大，电压表 V2示数变小 C电压表 V1示数与电流表 A 示数之比变小 D电压表 V1示数与电流表 A 示数之比不变 10如图甲所示电路的电源电压为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，图乙是小灯泡的 IU 图象。闭合开关 S 后，下列判断正确的是（
6、 ） A滑动变阻器的滑片 P 向左滑动时，灯泡变暗 B电流表示数为 0.4A 时，灯泡的电阻是 25 C电压表示数为 2.5V 时，小灯泡的功率是 1.25W D小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是 0.25W 11如图所示，下列关于物理实验表述正确的是（ ） A图甲实验揭示了电流的周围存在磁场，应用电磁铁 B图乙实验揭示了通电导体在磁场中受力运动，应用发电机 C图丙实验是电磁感应现象，应用电动机 D图丁实验电源的左端是正极，小磁针 A 端是 S 极 12如图甲所示，用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出，物体的底面积为 20cm2，杯子 的底面积为 100cm2，拉力随时间的变
7、化关系如图乙所示。则下列说法错误的是（ ） A物体的密度为 2.5g/cm3 Bt1s 时，水对杯底的压力为 24N C物体上升的速度为 8cm/s D当物体有一半露出水面时，受到的浮力为 1N 13 （2 分）如图所示，R16，灯 L 标有“12V，6W” ，R1标有“20，3A” ，电流表量程“03A” 。开 关都闭合时，灯 L 正常发光。电源电压与灯丝电阻均保持不变，下列说法正确的是（ ） A电源电压是 12V B断开开关 S1、S2，闭合开关 S3，当电流表示数为 1.5A 时，R2在 1min 内消耗电能是 270J C开关都闭合，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值是 60 D电路消耗
8、功率的最小值是 4.8W 二、作图题（本大题二、作图题（本大题 1 小题，共小题，共 3 分）分） 14 （3 分）如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，开关闭合后，滑片 P 向右滑动时弹簧伸长。 请标出电磁铁上端的极性及电源正负极。 三、实验探究题（本大题共三、实验探究题（本大题共 4 小题，第小题，第 15 题题 3 分，第分，第 16 题题 6 分，第分，第 17、18 题各题各 8 分，共分，共 25 分分 15 （3 分）在探究凸透镜成像规律时，兴趣小组用某凸透镜完成了一次成像，如图所示，然后，保持蜡烛、 凸透镜的位置不变，将该透镜替换为焦距为 20cm 的凸透镜，那么此时烛
9、焰成的像为 （填“虚” 或“实” ）像，生活中的 （选填“照相机” 、 “投影仪”或“放大镜” ）就是利用这一原理成像的。 16 （6 分）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上并调节它们 的中心在同一高度，如图所示。现进行如下操作： （1）将蜡烛第一次放置在 M 处，第二次放置在 N 处，则蜡烛与所成像的位置关系为 。 A两次都在凸透镜同侧 B两次都在凸透镜两侧 C第一次在凸透镜同侧，第二次在凸透镜两侧 D第一次在凸透镜两侧，第二次在凸透镜同侧 （2） 某次实验中将蜡烛放置在 P 处， 光屏上所成的像在 Q 处， 现将蜡烛放置在 Q 处， 根据 原理， 光屏
10、上所成的像 （选填“在”或“不在” ）P 处。 17 （8 分） （1）如图甲，把杠杆放在支架上并置于水平桌面，静止时发现杠杆左低右高，为了使杠杆在水 平位置平衡，应将右端的平衡螺母向 调节。 （2）如图乙，在已经调节好的杠杆左边 A 处挂 4 个钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，应在杠杆右边 离支点 4 格的 B 处挂 个相同的钩码；之后在 A、B 两点再各增加 1 个钩码，杠杆将 （选 填“不动” “顺时针旋转”或“逆时针旋转” ） （3）如图丙，在杠杆左边离支点 4 格的 C 处，用弹簧测力计与水平方向成 30角斜向上拉，也可使杠 杆在水平位置平衡，则弹簧测力计示数为 N（每个钩码重 0.
11、5N） 。 18 （8 分）有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.5A”的字样，小强为了测量该小灯泡的额定功率，进行了 如下实验： （1）他连接了如图甲所示的电路，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数 始终为零， 电压表的示数接近 3V 保持不变， 为了排除故障， 接下来的操作合理的是 （选填字母） ； A拧紧开关两端的接线柱 B拧紧小灯泡和它两端的接线柱 （2）他测量小灯泡额定功率的实验原理是 （填公式） ，图甲中 （填仪器名称）的量程选 择不合理； （3）排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为 V，小灯泡的 额定功率为 W； （4）小强对实验
12、进行了拓展，利用如图丙所示的电路，测出了另一只已知额定电流为 I1的小灯泡的额 定功率，请完成实验步骤： 闭合开关 S1，开关 S2连接 b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为 ； 保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关 S2连接 a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为 I1，读出电阻 箱的示数为 R0； 则小灯泡的额定功率表达式 P额 （用字母表示） 。 四、综合应用题（本大题四、综合应用题（本大题 2 小题，第小题，第 19 题题 8 分，第分，第 20 题题 8 分，共分，共 16 分）分） 19 （8 分）如图所示，滑轮组在竖直向上的拉力 F50N 作用下，将重力为 120N 的物体匀速提
13、起在 10s 时 间内绳子自由端移动的距离为 s3m。 （1）计算物体上升的速度； （2）计算滑轮组提升该物体时的机械效率； （3）拉力功率多少？ 20 （8 分）市面上的电热水壶大多具有加热和保温功能。下图是某电热水壶的电路简图，开关 K 接通后， 开关 S 自动与触点 a、b 接通，热水壶开始烧水；当壶内水温达到 100时，温控开关 S 自动与 a、b 断 开，并立即与触点 c 接通，水壶进入保温状态。已知电源电压为 220V，电阻 R150，这种水壶的加热 功率 P加热是保温功率 P保温的 5 倍，水的比热容 c4.2103J/（kg） ，R1、R2电阻不受温度影响。求： （1）将 1k
14、g 初温为 35的水加热到 100需要吸收多少热量？ （2）电阻 R2的阻值。 （3）在晚上用电高峰期将 1kg 初温为 35的水加热到 100需用时 300s，若加热效率为 91%，则晚上 用电高峰期的实际电压为多少？ 2021 年湖北省中考物理全真模拟试卷（二）年湖北省中考物理全真模拟试卷（二） 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 13 小题。第小题。第 111 题每小题只有一个选项符合题意；第题每小题只有一个选项符合题意；第 12、13 小题有两个或两个小题有两个或两个 以上的选项符合题意，每小题以上的选项符合题意，每小题 2 分，全部选对得分
15、，全部选对得 2 分，选对但不全得分，选对但不全得 1 分，错选不得分。共分，错选不得分。共 26 分）分） 1 （2 分）下列描述与生活实际相符的是（ ） A一名中学生的正常身高约为 800mm B小明百米短跑的平均速度约为 15m/s C家庭餐桌的高度约为 80cm D九年级物理教科书的重力为 10N 【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算 或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：A、成年人的身高在 170cm 左右，中学生的身高略小于成年人，在 160cm1600mm 左右。 故 A 不符合实际； B
16、、中学生百米短跑的平均速度在 7m/s 左右。故 B 不符合实际； C、中学生的身高在 160cm 左右，家庭餐桌的高度大约是中学生身高的一半，在 80cm 左右。故 C 符合 实际； D、 九年级物理教科书的质量在 250g0.25kg 左右， 受到的重力在 Gmg0.25kg10N/kg2.5N 左右。 故 D 不符合实际。 故选：C。 【点评】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对 取值范围合理估测的方法。 2 （2 分） “小明，上学啦!“家住一楼的小强大声喊着三楼的小明，邀他一起上学。对这一过程中的声现象 的解释，错误的是（ ） A小强的喊
17、声大，说明他的音调高 B小明能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播 C小明从喊声中听出是小强，他是根据声音的音色来判断的 D小明的妈妈提醒他下楼时脚步要轻些，这是为了减小噪声 【分析】 （1）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都能传播声音； （2）声音的三个特征分别是： 音调、 响度、 音色。音调指声音的高低， 由发声体的频率 （即振动的快慢） 决定；响度指声音的大小，由声源的振幅（即振动的幅度）决定；音色是指声音的品质与特色，与发声 体的材料和结构有关； （3）防止噪声的措施：在声源处、在传播过程中、在人耳处。 【解答】解：A、小强的叫喊声很大，说明他的响度大。故 A 错误； B、
18、小明能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播。故 B 正确； C、每个人在说话时的音色是有区别的，小明从叫喊声中听出是小强，他是根据声音的音色来判断的。 故 C 正确； D、小明的妈妈提醒她下楼时脚步要轻些，这是为了在声源处减弱噪声。故 D 正确。 故选：A。 【点评】本题考查声现象中的一些基本概念，正确区分声音的音调、响度、和音色是解决此题的关键。 属于基础题，难度不大。 3 （2 分）我国建成全球规模最大熔盐塔式光热电站，如图是利用大规模阵列抛物镜面收集太阳能的工作原 理图。下列关于太阳光传播的说法错误的是（ ） A在定日镜面上发生反射 B在定日镜面上发生折射 C经过定日镜后沿直线传播
19、 D经过定日镜后传播速度不变 【分析】 （1）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、 平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （2）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如 水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 （3）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食 和月食等； （4）一般情况下，光在同种介质中传播速度不变。 【解答】解： AB、太阳发出的光从空气照射到定日镜面上时会发生反射，但没有从一种介质进入另一种介质，不会
20、发 生折射，故 A 正确，B 错误； C、光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，所以经过定日镜后光沿直线传播，故 C 正确； D、一般情况下，光在同种介质中传播速度不变，所以光经过定日镜后传播速度不变。故 D 正确。 故选：B。 【点评】此题通过塔式光热电站考查学生对光的直线传播、光的反射和光的折射的理解，在学习过程中 要注意区分几种光现象，并善于利用所学知识解释有关现象。 4 （2 分）如图所示是加热30的冰时温度随时间变化的图象，根据图象下列判断正确的是（ ） ABC 段是冰的熔化过程，温度不变，说明熔化不需要吸热 B水的沸点是 98，说明当地的大气压高于一个标准大气压 C冰熔化时温度保持
21、 0不变，说明冰是晶体 D加热相同时间时，冰升温比水快，说明冰的比热容比水大 【分析】 （1）熔化前晶体处于固态、熔化过程处于固液共存状态、熔化完成后是液态，熔化过程不断吸 热，温度不变； （2）水的沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低； （3）晶体首先吸收热量，温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是这种 晶体的熔点。晶体完全熔化后，吸收热量，温度不断升高。 （4）水的比热容比冰大，相同质量的冰和水在吸热相同热量的情况下，冰升温快，水升温慢。 【解答】解：A、图象中 BC 段是冰的熔化过程，虽然温度不变，但熔化过程必需吸热，故 A 错误； B、水的沸点随气压的升
22、高而升高，随气压的降低而降低，沸点是 98，说明当地的大气压低于一个标 准大气压，故 B 错误； C、由图象可知，在 BC 段，物质的温度保持 0不变，所以该固体的熔点是 0，此过程中物质正在熔 化，是晶体，故 C 正确； D、冰完全熔化为水时，质量不变；同一个加热器进行加热，加热时间相同时冰和水吸收的热量相同； 冰升温比水快（即冰上升的温度较高） ，由 Qcmt 可知，冰的比热容比水小；故 D 错误。 故选：C。 【点评】对于此类图形题，应明确横、纵坐标轴及各关键点所代表的物理意义，熟练掌握相关知识点是 解题的关键所在。 5 （2 分）生活处处有物理，留心观察皆学问。下列生活中的现象及其解释
23、正确的是（ ） A啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子 B打开高速行驶的大巴车车窗时，窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小 C水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而减小 D珠穆朗玛峰顶的大气压强比兰州市地面的大气压强大 【分析】 （1）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时， 通过增大压力来增大压强。 （2）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。 （3）液体压强随深度的增加而增大。 （4）气压随海拔的升度而减小。 【解答】解：A、啄木鸟的嘴很尖细，是在压力一定的情况下，通过减小受力
24、面积，增大压强，从而凿 开树干，捉到躲藏在深处的虫子，故 A 错误； B、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压 力差，故 B 正确； C、水坝修建为上窄下宽是因为液体压强随深度增加而增大，故 C 错误； D、珠穆朗玛峰顶的高度大于兰州市地面的高度，海拔越高，气压越低，因此珠穆朗玛峰顶的大气压强 比兰州市地面的大气压强小，故 D 错误。 故选：B。 【点评】此题考查了大气压强、流体压强和流速的关系、增大压强的方法、大气压与高度的关系等，是 一道综合性较强的题目。 6 （2 分）窗玻璃上趴着一只壁虎（如图） ，当人水平向右推窗时，壁虎随窗玻璃一起向
25、右匀速移动的过程 中，壁虎受到摩擦力的方向是（ ） A竖直向上 B竖直向下 C水平向左 D水平向右 【分析】壁虎随着玻璃一起运动，但是壁虎和玻璃之间相对静止，壁虎受到平衡力的作用，从受到的力 上分析摩擦力方向。 【解答】解：当壁虎随窗玻璃一起向右匀速移动的过程中，壁虎和玻璃之间相对静止的，壁虎受到平衡 力的作用，竖直方向上壁虎受到重力和摩擦力的作用，重力的方向竖直向下，摩擦力的方向竖直向上。 故选：A。 【点评】根据物体受到的力是平衡力，根据其它力的方向判断摩擦力的方向。 7（2 分） 如图所示， 用滑轮组提升重 900N 的物体， 使它在 10s 内匀速上升 1m。 已知所用的拉力 F 为
26、400N， 则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦） ，下列说法正确的是（ ） A拉力做功的功率为 90W B拉力在这 10s 内做的功为 400J C动滑轮的重力为 300N D若用该滑轮组匀速提升更重的物体时，则绳子拉力会变大但机械效率不变 【分析】 （1）不计绳重和摩擦，克服物重和动滑轮重力所做的功为总功，根据 W总Fs（G+G动）h 求出拉力做的总功，利用 P求出拉力 F 的功率； （2）根据 F（G+G动）可求得动滑轮的重力； （3）根据 分析提起更重的物体时滑轮组机械效率的变化。 【解答】解： AB不计绳重和摩擦，克服物重和动滑轮重力所做的功为总功， 则拉力做的总功：W总Fs400N
27、3m1200J， 拉力 F 的功率：P120W，故 AB 错误； C、由图可知，n3，F（G+G动） 即 400N（900N+G动） ， 解得 G动300N，故 C 正确； D不计绳重和摩擦，由 可知，如果提起更重的物体，滑轮组 的机械效率变大，故 D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了做功公式和功率公式、滑轮组机械效率公式式的应用，明确有用功和总功是关键。 8 （2 分）有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关 S1，托盘旋转，再将温控 开关 S2闭合，开始加热；若只闭合开关 S2，则不能加热。下图中是托盘电动机，R 是加热电阻，对 其内部电路设计合理的是？（ ） A
28、 B C D 【分析】由题知，闭合开关 S1，托盘旋转，再将开关 S2闭合，开始加热；只闭合开关 S2，则不能加热。 由此分析解答。 【解答】解： 由题意知，闭合开关 S1，托盘旋转，再将开关 S2闭合，开始加热；只闭合开关 S2，则不能加热；这说 明电动机和加热电阻在工作时互不影响，即两者是并联的，且 S1在干路上，S2在加热电阻的支路上，由 各选项电路图可知，B 符合题意，ACD 不合题意。 故选：B。 【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是正确分析电路的连接方式和开关的位置。 9 （2 分）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，闭合开关 S，将滑动变阻器 R2的滑片 P 从最右
29、端向中点移动，下列说法正确的是（ ） A电压表 V1与电压表 V2示数始终相等 B电流表 A 示数变大，电压表 V2示数变小 C电压表 V1示数与电流表 A 示数之比变小 D电压表 V1示数与电流表 A 示数之比不变 【分析】闭合开关 S 后，R1与 R2串联，电压表 V1测 R1两端的电压，电压表 V2测电源两端的电压，电 流表测电路中的电流， 根据电源的电压可知滑片移动时电压表 V2示数的变化， 根据滑片的移动可知接入 电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R1两端的电压变化，根据欧姆定律结合 R1 的阻值判断电压表 V1示数与电流表 A 示数之比的变化。 【解答】 解：
30、闭合开关 S 后， R1与 R2串联， 电压表 V1测 R1两端的电压， 电压表 V2测电源两端的电压， 电流表测电路中的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 V2的示数不变，故 B 错误； 将滑动变阻器 R2的滑片 P 从最右端向中点移动，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由 I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大， 由 UIR 可知，R1两端的电压变大，即电压表 V1的示数变大，故 A 错误； 由 R可知，电压表 V1示数与电流表 A 示数之比等于 R1的阻值， 所以，电压表 V1示数与电流表 A 示数之比不变，故 C 错误，D 正确。 故选：D。 【点评】本
31、题考查了电路中的动态分析，涉及到欧姆定律的灵活应用，分清电路的串并联和电压表所测 的电路元件是解题的关键。 10 （2 分）如图甲所示电路的电源电压为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，图乙是小灯泡的 IU 图象。闭 合开关 S 后，下列判断正确的是（ ） A滑动变阻器的滑片 P 向左滑动时，灯泡变暗 B电流表示数为 0.4A 时，灯泡的电阻是 25 C电压表示数为 2.5V 时，小灯泡的功率是 1.25W D小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是 0.25W 【分析】A、由图可知，闭合开关 S 后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电 路中的电流，滑片 P 向左滑动时，分
32、析电路中的电阻变化，由欧姆定律确定电路中的电流变化，根据 P I2R 确定灯的实际功率， 从而得出灯泡亮度变化； B、 由图象知， 当电流为 0.4A 时， 对应的电压为 1V， 由欧姆定律法度出灯的电阻； C、电压表示数为 2.5V 时，由串联电路电压的规律得出灯的电压，由图知，灯的电压为 0.5V 电流大小， 根据 PUI 得出小灯泡的功率； D、小灯泡的电压等于额定电压 2.5V 时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流，根据串联电路电压的 规律求出变阻器的电压为，根据 PUI 求出变阻器的功率。 【解答】解： A、由图可知，闭合开关 S 后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电
33、流表测电路中的电 流， 滑片 P 向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据 PI2R 可知灯泡的 实际功率增大，则灯泡变亮，故 A 错误； B、由灯泡的 IU 图象可知，当电流为 0.4A 时，灯泡的电压为 1V， 由欧姆定律可得，灯的电阻： RL2.5，故 B 错误； C、电压表示数为 2.5V 时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：ULUU滑3V2.5V0.5V， 由图象可知，灯的电压为 0.5V 时电流为 0.3A，则小灯泡的功率： PLULI0.5V0.3A0.15W，故 C 错误； D、小灯泡的电压等于额定电压 2.5V 时，灯正常发光，由图象可知灯的额定
34、电流为 0.5A， 根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑UUL额3V2.5V0.5V， 此时滑动变阻器的功率： P滑U滑I滑0.5V0.5A0.25W，故 D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。 11 （2 分）如图所示，下列关于物理实验表述正确的是（ ） A图甲实验揭示了电流的周围存在磁场，应用电磁铁 B图乙实验揭示了通电导体在磁场中受力运动，应用发电机 C图丙实验是电磁感应现象，应用电动机 D图丁实验电源的左端是正极，小磁针 A 端是 S 极 【分析】 （1）通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应，可以制成电磁铁、电磁继
35、电器、电磁起重机 等。 （2）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。发电机 和动圈式话筒等都是根据电磁感应原理工作的。 （3）扬声器和电动机的工作原理相同，都是根据通电导体在磁场中受力而运动原理工作的。 （4）根据安培定则判断螺线管的磁极，然后再判断小磁针的磁极。 【解答】解： A、如图甲是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，应用在电 磁铁上，故 A 正确。 B、如图乙，电路中有电源、有磁场，是通电导体在磁场中受力而运动，其实际应用是电动机，故 B 错 误。 C、如图丙，电路中没有电源，当闭合电路中的部分导体在磁场中做
36、切割磁感线运动时，导体中便会产 生电流，是电磁感应现象，其实际应用是发电机，故 C 错误。 D、如图丁，螺线管的左端是 N 极，右端是 S 极，根据安培定则可知电源的右端是正极，由磁极间相互 作用规律可知小磁针的 A 端是 S 极，故 D 错误。 故选：A。 【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，重要区别在于电动机电路有电源，发电机电路没有电源， 注意区分，容易混淆。 12（2 分） 如图甲所示， 用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出， 物体的底面积为 20cm2， 杯子的底面积为 100cm2，拉力随时间的变化关系如图乙所示。则下列说法错误的是（ ） A物体的密度为 2.5g
37、/cm3 Bt1s 时，水对杯底的压力为 24N C物体上升的速度为 8cm/s D当物体有一半露出水面时，受到的浮力为 1N 【分析】 （1）根据物体的重力计算出其质量，根据排开水的体积得知物体的体积，由公式 计算出 物体的密度。 （2）根据阿基米德原理 F浮水gV排计算长方体物体的体积，再根据杯子的底面积求出由 于长方体物体拉出后水面下降的高度，继而得出长方体物体从上表面到达水面到下表面离开水面时升高 的距离，然后利用 v求出物体上升的速度； 再根据上升的时间计算据液面的深度，利用 pgh 计算水对容器底的压强，再利用 Fps 可求得水对容 器底的压力。 （3）当物体有一半露出水面时已知长
38、方体物体的体积，根据阿基米德原理 F浮水gV排计算物体受到 的浮力。 【解答】解：A、由图象可知，露出水面后绳子的拉力即物体的重力 G5N，未露出水面时，物体受到 的拉力 F3N，所以浸没时物体受到的浮力：F浮GF5N3N2N； 由 F浮水gV排得物体的体积：VV排210 4m3； 物体的质量 m0.5kg 所以物体的密度：2.5103kg/m32.5g/cm3故 A 正确； B 和 C、根据图象可得下图： t0s 时长方体物体沉在杯底， t2s时长方体物体上表面到达水面， t3s 时长方体物体下表面离开水面； 由图象可知，物体露出水面的整个过程用时 t3s2s1s， 由于长方体物体体积 V2
39、10 4m3200cm3；则长方体物体的高度 h 10cm； 此时，由于长方体物体离开水面，水面下降高度为h2cm， 以物体上表面为标准，物体露出水面的整个过程升高的距离为 shh10cm2cm8cm； 所以物体的运动速度：v8cm/s，故 C 正确； 则物体从杯底到上表面到达水面时运动的距离 svt28cm/s2s16cm， 则最初水的深度 hs+h16cm+10cm26cm0.26m， 由图象可知，当 t1s 时，长方体物体处于浸没状态，水的深度不变， 所以水对容器底的压强：pgh1.0103kg/m310N/kg0.26m2.6103Pa； 由 p可得，水对容器底的压力：FpS2.610
40、3Pa10010 4m226N故 B 错误； D、当物体有一半露出水面时，物体受到的浮力： F浮水gV排1.0103kg/m310N/kg210 4m31N；故 D 正确。 故选：B。 【点评】此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式；准确分析图象中 的信息得出长方体物体从上表面到达水面到下表面离开水面时的这 1s 的时间内升高的距离是关键。 13 （2 分）如图所示，R16，灯 L 标有“12V，6W” ，R1标有“20，3A” ，电流表量程“03A” 。开 关都闭合时，灯 L 正常发光。电源电压与灯丝电阻均保持不变，下列说法正确的是（ ） A电源电压是 12V B
41、断开开关 S1、S2，闭合开关 S3，当电流表示数为 1.5A 时，R2在 1min 内消耗电能是 270J C开关都闭合，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值是 60 D电路消耗功率的最小值是 4.8W 【分析】 （1）开关都闭合时，R1被短路，灯泡 L 与滑动变阻器并联，由于灯 L 正常发光，根据灯泡的额 定电压可知电源电压； （2）断开开关 S1、S2，闭合开关 S3，R1与滑动变阻器串联，当电流表示数为 1.5A 时，根据欧姆定律求 出 R1两端的电压，根据串联电路的特点求出滑动变阻器两端的电压，利用 WUIt 求出 R2在 1min 内消 耗的电能； （3）开关都闭合，R1被短路，灯泡
42、L 与滑动变阻器并联，根据电流表的量程和灯泡的额定电流值求出 滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律即可求出滑动变阻器允许连入电路的最小阻值； （4）根据 PUI可知当电路中电阻最大，电流最小时总功率最小，根据电阻的串并联特点即可判 断出电阻最大时电路的连入状态并求出最大总电阻，最后根据 P求出最小功率。 【解答】解：A、开关都闭合时，R1被短路，灯泡 L 与滑动变阻器并联，灯 L 正常发光，因并联电路各 支路两端的电压相等，所以电源电压 UU额12V，故 A 正确； B、断开开关 S1、S2，闭合开关 S3，R1与滑动变阻器串联，当电流表示数为 1.5A 时，根据 I可知 R1两端的电压为：U1
43、IR11.5A69V， 根据串联电路总电压等于各分电阻两端的电压之和可知滑动变阻器两端电压为：U2UU112V9V 3V， R2在 1min 内消耗的电能 W2U2It3V1.5A60s270J；故 B 正确； C、 开关都闭合， R1被短路，灯泡 L 与滑动变阻器并联， 根据 PUI 可知： 灯泡的额定电流为：I额 0.5A， 由于电流表的量程为“03A” ，则干路最大电流 I最大3A， 根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，通过滑动变阻器的最大电流为：I滑最大I最大I额3A 0.5A2.5A， 根据 I可得滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为：R滑最小4.8；故 C 错误； D、根据
44、PUI可知电源电压不变的情况下，当电路中电阻最大，电流最小时总功率最小， 根据 P可得灯泡的电阻：RL2420， 即灯泡电阻大于滑动变阻器的最大阻值，所以根据电阻的串并联特点可知： 当 R1与灯泡串联时电路中的总电阻最大，最大阻值为：RR1+RL6+2430， 则电路最小功率为：P最小4.8W，故 D 正确。 故选：ABD。 【点评】本题考查串并联电路的特点和电功率公式、欧姆定律、电功公式的应用，正确判断电路的连接 状态是解题的关键。 二、作图题（本大题二、作图题（本大题 1 小题，共小题，共 3 分）分） 14 （3 分）如图所示，在电磁铁上方用弹簧挂着一个条形磁体，开关闭合后，滑片 P 向
45、右滑动时弹簧伸长。 请标出电磁铁上端的极性及电源正负极。 【分析】滑动变阻器向右移动时，电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，弹簧伸长说明受到的拉力 增大，所以电磁铁的上端应该和上面的磁极是异名磁极，根据磁极判断电流方向，判断电源正负极。 【解答】解：滑动变阻器向右移动时，电阻变小，电流变大，电磁铁的磁性增强，弹簧伸长说明受到的 拉力增大，所以电磁铁的上端应该和上面的磁极是异名磁极，所以电磁铁的上端是 S 极，根据安培定则 可以判断从电磁铁的下端入电流，所以可以判断电源的左端是负极，右端是正极。如图所示： 【点评】根据电流增强磁性增强判断电磁铁的磁极，然后根据磁极判断电源，这是本题思路。 三、
46、实验探究题（本大题共三、实验探究题（本大题共 4 小题，第小题，第 15 题题 3 分，第分，第 16 题题 6 分，第分，第 17、18 题各题各 8 分，共分，共 25 分分 15 （3 分）在探究凸透镜成像规律时，兴趣小组用某凸透镜完成了一次成像，如图所示，然后，保持蜡烛、 凸透镜的位置不变，将该透镜替换为焦距为 20cm 的凸透镜，那么此时烛焰成的像为 虚 （填“虚” 或“实” ）像，生活中的 放大镜 （选填“照相机” 、 “投影仪”或“放大镜” ）就是利用这一原理成像 的。 【分析】凸透镜成像的三种情况及其应用：u2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。 2fuf，成倒立、放大
47、的实像，应用于投影仪或幻灯机。 uf，成正立、放大的虚像。应用于放大镜。 【解答】解：由图可知，此时的物距为 15.0cm，将透镜替换为焦距为 20cm 的凸透镜，此时的物距要小 于焦距，成正立、放大的虚像，其应用是放大镜。 故答案为：虚；放大镜。 【点评】此题考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于 总结规律。 16 （6 分）在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上并调节它们 的中心在同一高度，如图所示。现进行如下操作： （1）将蜡烛第一次放置在 M 处，第二次放置在 N 处，则蜡烛与所成像的位置关系为 C 。 A两次都
48、在凸透镜同侧 B两次都在凸透镜两侧 C第一次在凸透镜同侧，第二次在凸透镜两侧 D第一次在凸透镜两侧，第二次在凸透镜同侧 （2）某次实验中将蜡烛放置在 P 处，光屏上所成的像在 Q 处，现将蜡烛放置在 Q 处，根据 光路可逆 原理，光屏上所成的像 在 （选填“在”或“不在” ）P 处。 【分析】 （1）当物距小于 1 倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像，像与物体在凸透镜的同侧；当物距 大于 1 倍焦距时，凸透镜成倒立的实像，像与物体在凸透镜的两侧； （2）根据光路的可逆性进行分析。 【解答】解： （1）蜡烛在 M 处时，物距小于 1 倍焦距，此时成虚像，所以像与蜡烛在凸透镜的同侧；蜡 烛在 N 处时，物距大于 2f，此时成倒立缩小的实像，像与物体在凸透镜的两侧，故 ABD 错误，C 正确； （2）将蜡烛放置在 P 处，光屏上所成的像在 Q 处，说明蜡烛发出的光经过凸透镜折射后会聚到 Q 点， 根据光路可逆原理，现将蜡烛放置在 Q 处，光屏上所成的像 在 P 处。 故答案为： （1）C； （2）光路可逆
