1、下列实例中，属于利用连通器原理工作的是（ ） A抽水机 B密度计 C吸尘器 D液位计 3 （2 分）下列各物理量中，会影响导体电阻大小的是（ ） A电压 B电流 C长度 D电荷量 4 （2 分）在如图所示的实例中，增大压强的是（ ） A 刀刃磨得很薄 B 滑雪用的滑板 C 铁轨下铺枕木 D 书包背带加宽 5 （2 分）下列实验中主要的科学方法相同的是（ ） （1）探究液体内部压强与液体密度的关系 （2）测定物质的密度 （3）探究串联电路中电阻的规律 （4）探究物质质量与体积的关系 A （1）与（3） B （1）与（4） C （2）与（4） D （3）与（4） 6 （2 分）两个电阻 R1，R2
2、并联后的总电阻为 10 欧。则下列判断正确的是（ ） AR1一定小于 10 欧 BR1可能为 10 欧 CR2一定大于 10 欧 DR2可能为 10 欧 7 （2 分）有一个装满水的柱形容器，已知容器中水的重力为 10 牛，现在容器中放入一个 重为 4 牛的物体，溢出水的重力为 1 牛。则此时水对容器底的压力为（ ） A9 牛 B13 牛 C10 牛 D3 牛 8 （2 分）两个相同的柱形容器置于水平地面，容器中分别盛有相等体积的不同液体甲、乙。 取两块相同的橡皮泥，将一块橡皮泥撑开成碗状放入甲液体中，将另一块捏成球形状放 入乙液体中，橡皮泥静止后如图所示。以下判断正确的是（ ） 第 2 页（
3、共 38 页） A液体的密度 甲乙 B液体对容器底部的压强 p液甲p液乙 C橡皮泥受到的浮力 F甲F乙 D容器对地面的压强 p地甲p地乙 9 （2 分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键 S 后，当滑动变阻器 R1的滑 片 P 由中点向右端移动时，变大的的是（ ） A电压表 V 的示数 B电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值 C电流表 A 的示数 D电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积 10 （2 分）完全相同的圆柱体图甲、乙置于水平地面上，将圆柱体 A、B 分别置于它们的 上方，甲、乙上表面受到的压强相等，如图所示。现将 A、B 位置互换，互换前后甲、 乙上表面受到压强变化
4、量大小分别为pA、pB，互换后甲、乙对地面的压强分别为 p 甲、p乙，则（ ） ApApB，p甲p乙 BpApB，p甲p乙 第 3 页（共 38 页） CpApB，p甲p乙 DpApB，p甲p乙 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）分） 11 （3 分）上海市家庭照明电路的电压为 伏；电视机与节能灯之间的连接方式是 的（选填“并联”或“串联” ） ，正常工作时，通过它们的电流是 的（选填“相同” 或“不相同” ） 。 12（3 分） 16 世纪， 实验首先测定了大气压的值； 奥托格里克做了著名的 实 验证明了大气压强的存在且很大。通常海拔越高，大气压强越 。 13 （3 分）某导体两端的电
5、压为 12 伏，通过该导体的电流为 0.6 安，则 5 秒内通过该导体 横截面的电荷量为 库，该导体的电阻为 欧。若通过该导体的电流为 1.2 安，其电阻为 欧。 14（3 分） 一正方体漂浮在水中， 排开水的体积为 110 3 米 3， 它受到的浮力为 牛， 排开水的质量为 千克。若该正方体漂浮在酒精中（酒精0.8103千克/米 3） ，则 排开酒精的质量为 千克。 15 （3 分） 甲、 乙两导体的材料和长度相同， 已知甲的电阻较小， 则甲的横截面积 乙 的横截面积；若将它们并联在电路中，甲两端的电压 乙两端的电压；若将它们串 联在电路中，则甲两端的电压 乙两端的电压。 （均选填“小于”
6、、 “等于”或“大 于” ） 16 （3 分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关 S 从断开到闭合，电压表 V 的 示数 ，电流表 A 的示数 。闭合开关 S，向左移动滑动变阻器滑片 P 的过 程中电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值 。 （均选填 “变大” 、 “变小” 或 “不变” ） 17 （1 分）在如图所示电路中，电源电压为 U0且保持不变。闭合开关 S，电路正常工作。 一段时间后，观察到一个电压表示数变小。在电路中正确连接一个电流表，观察到电流 表有示数。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻 R1、R2上，请根据以上信息写出两 电压表示数及相对应的故障 。 第 4 页（
7、共 38 页） 18 （3 分）为了“探究同一导体的电流与电压关系” ，小李同学连接好电路（如图所示）进 行实验并将数据记录在表中。完成实验后，小李在整理实验器材时发现小灯的玻璃罩变 热了。 实验 序号 电压 （伏） 电流 （安） 1 1.1 0.20 2 1.6 0.22 3 2.1 0.26 欧姆定律 电阻 实验时，他保持某导体的温度不变，改变导体两端的电压 U，导体中的电流 I 也随之变 化，它们之间的关系可以用 UI 图线来表示。实验表明，I 与 U 成正比。 根据表中数据，可得初步结论是 。 小王看了小李的实验数据后，再对照课本上的结论，如上所示，认为小李的实验数据 是错的。你认为小
8、王的判定是否合理，请简要说明理由 。 三、作图题（共三、作图题（共 8 分）分） 19 （2 分）在图中，重为 4 牛的物块静止在水平桌面中央，请根据给定的标度用力的图示 法画出该物块对水平桌面的压力。 第 5 页（共 38 页） 20 （2 分）在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。 21 （2 分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上，补上后要求： 闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯亮度不变，电流表的示数变小。 四、计算题（共四、计算题（共 26 分）分） 22 （6 分）如图所示，重为 19.6 牛的物块 A 静止在水中，此时弹簧测力计的示
9、数为 4.9 牛。 求物块 A 受到的浮力 F浮。 求物块 A 的体积 V物。 23 （8 分）在图（a）所示的电路中，电源电压为 6 伏，滑动变阻器 R2上标有“100 1A” 字样。开关 S 断开时，电流表 A 示数如图（b）所示。 第 6 页（共 38 页） 求电阻 R1的阻值。 不改变电表量程，闭合开关 S，在移动变阻器滑片 P 的过程中，使电流表示数的变化 量最大，求滑动变阻器 R2的最小阻值。 24 （6 分）在图（a）所示的电路中，电源电压为 18 伏不变，电阻 R1的阻值为 10 欧，滑 动变阻器 R2上标有“100 1A”字样，将一个表盘如图（b）所示的电压表并联在电路中。
10、闭合开关S，通过R1的电流为0.6安。 求 R1两端的电压 U1。 求滑动变阻器 R2的阻值。 在移动滑动变阻器滑片 P 过程中，电压表示数的变化量U 为 8 伏。请判断电压表并 联在 两端（选填“R1” 、 “R2”或“电源” ） ，求滑动变阻器 R2的阻值范围。 25 （6 分）如图所示，薄壁轻质柱形容器甲与实心柱体乙放置在水平地面上。容器甲中装 有水，容器甲的底面积是柱体乙的 2 倍。在乙的上部沿水平方向切去一部分，并将切去 部分浸没在容器甲的水中，水不溢出，此时容器中液面高度与剩余柱体乙的高度相同。 表记录的是放入前后水对容器底部的压强以及切去前后乙对地面的压强。 / 放入前 放入后
11、p水（帕） 490 980 / 切去前 切去后 p乙（帕） 3920 p0 求容器中水增加的深度h水。 第 7 页（共 38 页） 求剩余乙对地面的压强 p0。 五、实验题（共五、实验题（共 20 分分） 26 （4 分）在“测定物质的密度”和“探究物质质量与体积的关系”两个实验中，都需要 测量的物理量是 与 。如图所示，在“验证阿基米德原理”的实验中，V2 V1表示 ，物体所受水的浮力的大小为 。 27 （3 分）图（a）所示装置的名称是 。图（b） （c） （d）为“探究液体内部的压强 与哪些因素有关”实验中的一个情景，从情景中可知：本实验探究的是液体内部压强与 的关系。根据实验现象，可得
12、出的结论是 。 （盐水水煤油） 28 （2 分）在“探究并联电路特点”的实验中，班级同学根据如图所示电路进行实验，三 组同学通过实验获得的数据分别填入表中。根据表中数据，可得初步结论是： 。 某同学看了数据后认为第一小组和第二小组的数据是错的， 只有第三小组的数据是对的。 你是否同意该同学的观点，请简要说明理由： 。 实验组号 电源电压 U（伏） L1两端电压 U1（伏） L2两端电压 U2（伏） 第一组 6 5.5 5.5 第二组 2.8 2.4 2.4 第 8 页（共 38 页） 第三组 4.5 4.5 4.5 29 （3 分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为 6 伏
13、保持不变） 、 待测电阻 Rx、电流表、电压表、滑动变阻器有 A、B 两个（A 标有“10 2A”字样、B 标有“50 1.5A”字样） ，开关以及导线若干。小华选取一个滑动变阻器，连接电路，进 行实验，当变阻器滑片 P 在中点附近时，电表指针位置如图（a） 、 （b）所示，小华记录 第一组数据；继续移动滑片 P，使滑动变阻器的电阻减小，两电表指针在图位置均转过 3 小格，记录了第二组数据；最后将滑片移至变阻器的一端，发现电流表满偏了，记录第 三组数据。 根据上述相关信息判断 画出小华同学的实验电路图。 通过计算说明滑动变阻器的规格。 计算待测电阻 Rx的阻值（精确到 0.1 欧） 。 30
14、（14 分）为了研究柱形容器中水对容器底部的压力增加量F水、容器对桌面的压力增 加量F容与哪些因素有关，某小组同学选用六个物块进行实验。他们将物体分别放入盛 有等质量水的相同容器中，待物块静止后，将实验数据及现象记录在表中。 序号 1 2 3 4 5 6 实验现象 第 9 页（共 38 页） 物块重力 G（牛） 2.0 4.0 4.0 4.0 8.0 8.0 物块体积 V（米 3） 110 4 110 4 210 4 310 4 410 4 510 4 F水（牛） 1.0 1.0 2.0 3.0 3.5 3.5 F容（牛） 2.0 4.0 4.0 4.0 7.5 6.5 分析实验序号 14 数
15、据中F容与物块重力 G 的关系，可得出的初步结论：将物块浸 没在装有水的容器中， 。 分析实验序号 24 数据中F水与物块体积 V 的数据及现象，可得出的初步结论：将 物块浸没在装有水的容器中， 。 小红认为：物块浸没在装有水的容器中，若水溢出，水对容器底部的压强会变小。根 据表格中的实验数据及现象，你认为小红的观点是否正确，请写出理由 。 若将重为 6 牛、体积为 510 4 米 3 的物块浸没在上述装有水的容器中静止后，则F 水为 牛，F容为 牛。 第 10 页（共 38 页） 2020 年上海市杨浦区中考物理一模试卷年上海市杨浦区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一
16、、选择题（共一、选择题（共 20 分）分） 1 （2 分）一节新干电池电压为（ ） A220 伏 B24 伏 C3 伏 D1.5 伏 【分析】一节新干电池的电压为 1.5 伏。 【解答】解：一节新干电池的电压是 1.5V，故 ABC 错误，D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查干电池的电压，记住数值就行。 2 （2 分）下列实例中，属于利用连通器原理工作的是（ ） A抽水机 B密度计 C吸尘器 D液位计 【分析】根据连通器的定义和特点进行判断，即上端开口下端连通的容器。连通器里只 有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。 【解答】解： A、抽水机的原理是先使水面
17、上方的大气压强减小（通过提起活塞或叶轮的旋转） ，然后 水就在外界大气压的作用下，把水沿抽水机压上来，故 A 不符合题意； B、密度计是利用物体漂浮时浮力等于重力的原理工作的，故 B 不符合题意。 C、吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大、压强小，灰尘、纸屑等垃圾在周 围较大的大气压的作用下被“吸”入，故 C 不符合题意； D、液位计的上端开口、下端连通，是利用连通器原理工作的，即水位计中的水位与锅炉 水位是相同的，故 D 符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止 时保持相平。生产和生活中利用连通器的例子是很多的，学习时，多举
18、例、多解释。 3 （2 分）下列各物理量中，会影响导体电阻大小的是（ ） A电压 B电流 C长度 D电荷量 【分析】导体电阻大小的影响因素：导体的材料、长度、横截面积和温度。电阻是导体 的一种特性，和导体中的电流、导体两端的电压、导体密度的大小无关。 第 11 页（共 38 页） 【解答】解：导体电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体中的电 流、导体两端的电压、电荷量的大小无关，故 ABD 错误，C 正确。 故选：C。 【点评】此题主要考查的是学生对电阻大小影响因素的理解和掌握，知道电阻是导体的 一种特性是解决此题的关键。 4 （2 分）在如图所示的实例中，增大压强的是（ ）
19、A 刀刃磨得很薄 B 滑雪用的滑板 C 铁轨下铺枕木 D 书包背带加宽 【分析】 （1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。 （2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时， 增大压力来增大压强。 （3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时， 减小压力来减小压强。 【解答】解： A、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强。符合题意。 B、滑雪用的滑板，是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷入雪中。 不符合题意。 C、铁轨铺在枕木上，是压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基。不符 合题
20、意。 D、 书包背带加宽， 是在压力一定时， 增大受力面积减小书包对肩膀的压强， 不符合题意。 故选：A。 【点评】掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到 生活当中。 5 （2 分）下列实验中主要的科学方法相同的是（ ） （1）探究液体内部压强与液体密度的关系 （2）测定物质的密度 第 12 页（共 38 页） （3）探究串联电路中电阻的规律 （4）探究物质质量与体积的关系 A （1）与（3） B （1）与（4） C （2）与（4） D （3）与（4） 【分析】将每一个实例进行分析，明确采用的研究方法，就能找出属于同一类的选项。 【解答】解： （1）探究液体压强的
21、影响因素时，必须控制液体密度（或深度） ，研究液体 深度（或密度）对压强的影响。采用的是控制变量法； （2）通过测量物体的质量和体积，然后利用公式 得到物质的密度，采用的是转换 法； （3）在串联电路中，两个电阻串联共同作用与一个电阻使用时产生的效果相同。采用的 是等效替代法； （4）探究物质质量与体积的关系时，需要保持密度一定，改变物体体积，比较质量与体 积的变化规律，采用的是控制变量法。 故选：B。 【点评】解决此类问题的关键是熟悉基本的物理研究方法，在实际问题中能够识别和应 用。 6 （2 分）两个电阻 R1，R2并联后的总电阻为 10 欧。则下列判断正确的是（ ） AR1一定小于 10
22、 欧 BR1可能为 10 欧 CR2一定大于 10 欧 DR2可能为 10 欧 【分析】电阻并联时相当于增大了横截面积，故越并越小，并联后的总电阻小于其中最 小的一个。 【解答】解：由于并联后的总电阻小于其中最小的一个，所以将两个电阻 R1，R2并联后 的总电阻为 10，则两个电阻的阻值都大于 10，故 ABD 错误，C 正确。 故选：C。 【点评】知道电阻越并越小，并联后的总电阻小于其中最小的一个是快速准确判断的关 键。 7 （2 分）有一个装满水的柱形容器，已知容器中水的重力为 10 牛，现在容器中放入一个 重为 4 牛的物体，溢出水的重力为 1 牛。则此时水对容器底的压力为（ ） A9
23、牛 B13 牛 C10 牛 D3 牛 【分析】柱形容器中液体对容器底的压力大小等于液体重力，由此可知装满水时水对容 第 13 页（共 38 页） 器底的压力大小； 放入物体后，有水溢出，则水仍是满的，由 FpS水ghS 分析水对容器底压力的变化 从而得到答案。 【解答】解： 由题知，柱形容器装满水时，水的重力为 10N，所以水对容器底压力大小等于 10N； 放入一个重为 4N 的物体，溢出水的重力为 1N，水仍是满的，深度不变， 由 FpS水ghS 可知，水对容器底压力保持不变，仍为 10N。 故选：C。 【点评】本题考查了液体压强公式的应用，要知道柱形容器中液体对容器底压力大小等 于液体重力
24、。 8 （2 分）两个相同的柱形容器置于水平地面，容器中分别盛有相等体积的不同液体甲、乙。 取两块相同的橡皮泥，将一块橡皮泥撑开成碗状放入甲液体中，将另一块捏成球形状放 入乙液体中，橡皮泥静止后如图所示。以下判断正确的是（ ） A液体的密度 甲乙 B液体对容器底部的压强 p液甲p液乙 C橡皮泥受到的浮力 F甲F乙 D容器对地面的压强 p地甲p地乙 【分析】 （1）由图可知，撑开成碗状的橡皮泥在甲中漂浮，捏成球形状的橡皮泥在乙中 悬浮，根据浮沉条件结合相同橡皮泥的重力相等比较受到的浮力关系； （2）由图可知两液体的液面关系，进一步得出两橡皮泥排开液体的体积关系，根据 F浮 gV排比较两液体的密度
25、关系； （3）根据 mV 比较相同体积的甲乙质量关系，物体漂浮或悬浮时排开液体的重力等 于自身的重力， 液体对容器底部的压力等于液体和橡皮泥的重力之和， 根据 p比较液 第 14 页（共 38 页） 体对容器底部的压强关系； （4）水平面上物体的压力和自身的重力相等，比较两容器的总重力关系，根据 p比 较容器对地面的压强关系。 【解答】解： （1）由图可知，撑开成碗状的橡皮泥在甲中漂浮，捏成球形状的橡皮泥在乙中悬浮， 因物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且相同橡皮泥的重力相等， 所以，两橡皮泥受到的浮力关系为 F甲F乙，故 C 错误； （2）由题意可知，两相同柱形容器中分别盛有相等体
26、积的不同液体甲、乙， 而由图可知，盛液体甲的容器液面较高，则碗状橡皮泥排开甲液体的体积大于球形橡皮 泥排开乙液体的体积， 由 F浮gV排的变形式 可知，两液体的密度关系为 甲乙，故 A 错误； （3）由 的变形式 mV 可知，相同体积的甲乙两液体的质量关系为 m甲m乙， 且相同橡皮泥的重力相等，所以，乙液体和橡皮泥的总重力较大， 因橡皮泥漂浮或悬浮时，液体对容器底部的压力等于液体和橡皮泥的重力之和， 所以，乙液体对容器底部的压力较大， 由 p可知，液体对容器底部的压强关系为 p液甲p液乙，故 B 正确； （4）因水平面上物体的压力和自身的重力相等， 所以，乙液体、橡皮泥和柱形容器的总重力较大，
27、对地面的压力较大， 由 p可知，容器对地面的压强 p地甲p地乙，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、压强定义式的应用，从图中得出排 开液体的体积关系是关键。 9 （2 分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键 S 后，当滑动变阻器 R1的滑 片 P 由中点向右端移动时，变大的的是（ ） 第 15 页（共 38 页） A电压表 V 的示数 B电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值 C电流表 A 的示数 D电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积 【分析】由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源电压，电流表 A 测干路电流；根 据电源电压保持不变
28、可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工 作、互不影响可知滑片移动时通过 R2电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻 的变化，从而判定通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流 的变化，进一步得出电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值、电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积变化。 【解答】解：由电路图可知，R1与 R2并联，电压表测电源电压，电流表 A 测干路电流； 因电源电压保持不变， 所以，滑片移动时，电压表 V 的示数不变，故 A 错误； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，滑片移动时，通过 R2的电流不变； 当滑动变阻器 R1的滑
29、片 P 由中点向右端移动时，变阻器接入电路中的电阻变大， 由 I可知，通过 R2的电流变小， 由并联电路的电流特点可知，干路电流变小，即电流表 A 的示数变小，故 C 错误； 因为电压表 V 的示数不变，电流表 A 的示数变小，所以电压表 V 示数与电流表 A 示数 的比值变大，故 B 正确； 因电压表 V 的示数不变，电流表 A 示数减小，则电压表 V 示数与电流表 A 示数的乘积 变小，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用 好并联电路中各支路独立工作、互不影响较为关键。 第 16 页（共 38 页） 10 （2 分）完全相
30、同的圆柱体图甲、乙置于水平地面上，将圆柱体 A、B 分别置于它们的 上方，甲、乙上表面受到的压强相等，如图所示。现将 A、B 位置互换，互换前后甲、 乙上表面受到压强变化量大小分别为pA、pB，互换后甲、乙对地面的压强分别为 p 甲、p乙，则（ ） ApApB，p甲p乙 BpApB，p甲p乙 CpApB，p甲p乙 DpApB，p甲p乙 【分析】 （1）将 A、B 位置互换，根据已知条件分析； （2）由 A、B 对支持面的压力等于其重力，根据受力面积的含义，可知 SAS乙，结合 p分析得出两物体的重力大小关系，根据 p求出互换后甲、乙对地面的压强的大 小关系。 【解答】解： （1）设上图中，A
31、对甲的压强为 pA，B 对乙的压强为 pB； 现将 A、B 位置互换，如下图所示： 因甲、乙两圆柱体完全相同，故交换后，甲受到压强为 pB；乙受到的压强为 pA； 所以，互换前后甲、乙上表面受到压强变化量大小分别为pApB； （2）全相同的圆柱体图甲、乙置于水平地面上，将圆柱体 A、B 分别置于它们的上方， 甲、乙上表面受到的压强相等，因 A、B 对支持面的压力等于其重力， 根据 p（受力面积为两物体实验接触的面积） ，故有： ， 由原图知，SAS乙； 第 17 页（共 38 页） 故 GAGB 设甲乙圆柱体的重力为 G，底面积为 S，互换后甲、乙对地面的压强分别为： p甲 p乙 由得：p甲p
32、乙，只有 A 正确。 故选：A。 【点评】本题考查 p公式的运用，关键是明确受力面积的含义，找出上面圆柱体重力 的大小关系即可正确解题。 二、填空题（共二、填空题（共 26 分）分） 11（3 分） 上海市家庭照明电路的电压为 220 伏； 电视机与节能灯之间的连接方式是 并 联 的（选填“并联”或“串联” ） ，正常工作时，通过它们的电流是 不相同 的（选 填“相同”或“不相同” ） 。 【分析】 （1）我国家庭照明电路的电压是 220V； （2）照明电路中各用电器之间是并联的； （3）并联电路中，各支路两端的电压相同，但电流一般不同。 【解答】解： （1）我国家庭照明电路的电压是 220
33、伏； （2）电视机与节能灯在工作时互不影响，所以它们的连接方式是并联； （3）电视机与节能灯的规格不同（电功率不同） ，则正常工作时通过它们的电流是不相 同的。 故答案为：220；并联；不相同。 【点评】 （1） 常见的电压： 我国家庭照明电路的电压为 220V； 一节干电池的电压为 1.5V； 一节铅蓄电池的电压为 2V；手机电池的电压为 3.7V；人体的安全电压不高于 36V。 （2）家庭电路中不同的用电器之间并联；用电器和开关串联。 （3）并联电路中，各支路两端的电压相同，但电流一般不同。 12（3 分） 16 世纪， 托里拆利 实验首先测定了大气压的值； 奥托格里克做了著名的 马 德堡
34、半球 实验证明了大气压强的存在且很大。通常海拔越高，大气压强越 小 。 【分析】意大利科学家托里拆利首次测出了大气压值，马德堡半球试验有力的证明了大 气压的存在，且很大，大气压强随海拔高度的增加而降低。 【解答】解： （1）首先测出大气压值的是意大利的科学家托里拆利，由实验测量可知， 第 18 页（共 38 页） 一个标准大气压支持的水银柱的高度在 760mm 左右； （2）奥托格里克做的马德堡半球实验最早证明大气压存在且很大； （3）大气压强随海拔高度的增加而减小。 故答案为：托里拆利；马德堡半球；小。 【点评】两个著名的有关大气压强的实验，一个证明了大气压的存在，一个测出了大气 压的值，我
35、们应了解并分清它们的意义；知道大气压与海拔高度的关系。 13 （3 分）某导体两端的电压为 12 伏，通过该导体的电流为 0.6 安，则 5 秒内通过该导体 横截面的电荷量为 3 库，该导体的电阻为 20 欧。若通过该导体的电流为 1.2 安， 其电阻为 20 欧。 【分析】 （1）已知电流和通电时间，根据 QIt 可求出电荷量； （2）已知电压和电流，根据欧姆定律的变形公式即可求出电阻； （3）电阻是导体本身的一种性质，不随着导体两端的电压改变而改变。 【解答】解：通过该导体横截面的电荷量：QIt0.6A5s3C； 由 I得 导体的电阻：R20； 电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度和横截
36、面积有关，与导体两端的电压和通过 的电流无关，因此当通过它的电流为 0.3 安时，导体的电阻仍为 20。 故答案为：3；20；20。 【点评】本题考查了电量和电阻的计算，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的 电流无关，是一道基础题目。 14 （3 分）一正方体漂浮在水中，排开水的体积为 110 3 米 3，它受到的浮力为 10 牛， 排开水的质量为 1 千克。若该正方体漂浮在酒精中（酒精0.8103千克/米 3） ，则排 开酒精的质量为 1 千克。 【分析】 （1）根据阿基米德原理，利用公式 F浮水gV排可计算所受浮力的大小；根据 浮力等于排开水的重力，可计算排开水的质量； （2）木块漂浮
37、在水和酒精中时，根据漂浮条件确定受到的浮力关系，进一步计算出排开 酒精的质量。 【解答】解： （1）根据阿基米德原理可得，正方体所受浮力： 第 19 页（共 38 页） F浮水水gV排1.0103kg/m310N/kg110 3m310N； 因为正方体漂浮在水中，所以由漂浮条件和阿基米德原理可得 F浮水G排水G木10N， 由 Gmg 得，排开水的质量： m排水1kg； （2）若该木块漂浮在酒精中，根据漂浮条件可得木块受到的浮力：F浮酒精G木， 所以 F浮酒精F浮水， 根据阿基米德原理可知，排开酒精的重力等于排开水的重力， 所以排开酒精的质量等于排开水的质量，等于 1kg。 故答案为：10；1；
38、1。 【点评】本题考查阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，关键知道物体漂浮时浮力等于 自身重力等于排开水的重力。 15 （3 分）甲、乙两导体的材料和长度相同，已知甲的电阻较小，则甲的横截面积 大于 乙的横截面积；若将它们并联在电路中，甲两端的电压 等于 乙两端的电压；若将它 们串联在电路中，则甲两端的电压 小于 乙两端的电压。 （均选填“小于” 、 “等于”或 “大于” ） 【分析】影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积，根据控制变量法分析 解答； 并联电路中各支路两端电压与电源电压都相等，由此可知并联后两电阻的电压关系； 串联电路中各处电流都相等，由此根据欧姆定律分析两电阻串联后的
39、电压关系。 【解答】解： 由题知，甲、乙两导线材料相同和长度相同，甲的电阻较小，则甲的横截面积大于乙的 横截面积； 因为并联电路中各支路两端电压都相等，所以将它们并联在电路中，甲两端的电压等于 乙两端的电压； 若将它们串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，甲的电阻较小，由 UIR 可知甲的 两端电压小于乙两端电压。 故答案为：大于；等于；小于。 【点评】本题考查电阻影响因素的理解、并联电路电压、串联电路电流特点以及欧姆定 律的应用，考查知识点多，但难度不大。 第 20 页（共 38 页） 16 （3 分）在图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关 S 从断开到闭合，电压表 V 的 示数 变小
40、，电流表 A 的示数 变大 。闭合开关 S，向左移动滑动变阻器滑片 P 的 过程中电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值 不变 。 （均选填“变大” 、 “变小”或“不 变” ） 【分析】 （1）开关 S 断开时，电压表由于与电源相连通，示数为电源电压；当闭合 S 后， R1、R2串联，电压表测量 R1两端电压，结合串联电路的电压特点判断电压表变化； （2）开关 S 闭合后，当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，电路中的总电阻变小，结合欧 姆定律将电压表和电流表的比值转化为 R1的阻值进行分析。 【解答】解： （1）开关 S 断开时，电压表由于与电源相连通，示数为电源电压，此时电流表的示数为
41、0， 当闭合 S 后，R1、R2串联，电压表测量 R1两端电压， 根据串联电路的电压特点可知：R1两端的电压小于电源电压， 所以，当开关 S 从断开到闭合，电压表 V 的示数变小；由于电路是接通的，电流表示数 由 0 变到有了示数，故电流表示数变大； （2）当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电压表 V 示数与电流表 A 示数的比值为定值电阻 R1的阻值，保持不变。 故答案为：变小；变大；不变。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时对电路影响 和各表示数的变化分析。 17 （1 分）在如图所示电路中，电源电压为 U0且保持不变。闭合开
42、关 S，电路正常工作。 一段时间后，观察到一个电压表示数变小。在电路中正确连接一个电流表，观察到电流 表有示数。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻 R1、R2上，请根据以上信息写出两 电压表示数及相对应的故障 若电压表 V1示数减小，大小为零，电压表 V2示数增大， 大小为电源电压 U0，则 R1短路；若电压表 V1示数增大，大小为电源电压 U0，电压表 V2示数减小，大小为零，则 R2短路 。 第 21 页（共 38 页） 【分析】根据电路图可知，两电阻串联，电压表 V1测量电阻 R1两端的电压，电压表 V2 测量电阻 R2两端的电压，根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。 【解答
43、】解：根据电路图可知，两电阻串联，电压表 V1测量电阻 R1两端的电压，电压 表 V2测量电阻 R2两端的电压； 已知工作一段时间后，一个电压表的示数变小，再串联一个电流表，观察到电流表有示 数，说明电路故障不可能是断路，应该为短路； 若 R1短路，电压表 V1示数减小，大小为零，电压表 V2示数增大，大小为电源电压 U0； 若 R2短路，电压表 V1示数增大，大小为电源电压 U0，电压表 V2示数减小，大小为零。 故答案为：若电压表 V1示数减小，大小为零，电压表 V2示数增大，大小为电源电压 U0， 则 R1短路；若电压表 V1示数增大，大小为电源电压 U0，电压表 V2示数减小，大小为
44、零，则 R2短路。 【点评】此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特 点进行分析。 18 （3 分）为了“探究同一导体的电流与电压关系” ，小李同学连接好电路（如图所示）进 行实验并将数据记录在表中。完成实验后，小李在整理实验器材时发现小灯的玻璃罩变 热了。 实验 序号 电压 （伏） 电流 （安） 1 1.1 0.20 2 1.6 0.22 3 2.1 0.26 欧姆定律 电阻 实验时，他保持某导体的温度不变，改变导体两端的电压 U，导体中的电流 I 也随之变 化，它们之间的关系可以用 UI 图线来表示。实验表明，I 与 U 成正比。 根据表中数据， 可得初步结论是
45、 同一导体， 导体两端的电压越大， 通过的电流越大 。 第 22 页（共 38 页） 小王看了小李的实验数据后，再对照课本上的结论，如上所示，认为小李的实验数据 是错的。你认为小王的判定是否合理，请简要说明理由 不合理，材料中欧姆定律的前 提条件是温度保持不变，而小李的实验温度在变大 。 【分析】 （1）根据表中数据得出结论； （2）实验器材时发现小灯的玻璃罩变热了，可知导体的温度升高了，结合欧姆定律的前 提条件是温度保持不变分析。 【解答】解： （1）根据表中数据，得出的结论是：同一导体，导体两端的电压越大，通过的电流越大； （2）小王的判定不合理； 实验器材时发现小灯的玻璃罩变热了，可知导
46、体的温度升高了，因材料中欧姆定律的前 提条件是温度保持不变，而小李的实验温度在变大。 故答案为： （1）同一导体，导体两端的电压越大，通过的电流越大； （2）不合理，材料 中欧姆定律的前提条件是温度保持不变，而小李的实验温度在变大。 【点评】本题探究同一导体的电流与电压关系，考查数据分析和欧姆定律的适用条件， 关键是从题中获取有效的信息。 三、作图题（共三、作图题（共 8 分）分） 19 （2 分）在图中，重为 4 牛的物块静止在水平桌面中央，请根据给定的标度用力的图示 法画出该物块对水平桌面的压力。 【分析】力的大小、方向和作用点叫力的三要素。力的图示就是用一条线段表示出力的 三要素。 第
47、23 页（共 38 页） 【解答】解： 物块静止在水平桌面中央，对桌面的压力 FG4N，方向垂直于桌面向下，作用点在接 触面上，取图中 2N 为标度，压力的图示如图所示： 【点评】画力的图示，关键是描述清楚力的三要素，用箭头的起点（少数时候也用终点） 作力的作用点，箭头方向表示力的方向，线段的长度结合标度表示力的大小。 20 （2 分）在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。 【分析】在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器 并联。据此分析确定。 【解答】解：由图可知，最下面的圈与电源并联，所以一定是电压表； 中间的圈串联在干路中，所以一定是电流表； 上
48、面的圈与电阻 R1串联，所以也是电流表，如图所示： 【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，知道电流表与被测电路串联，电压表与被 测电路并联即可解答。 21 （2 分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上，补上后要求： 闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯亮度不变，电流表的示数变小。 第 24 页（共 38 页） 【分析】向左移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，确定灯与变阻器的连接， 且电流表的示数变小，即变阻器的电阻变大，确定变阻器的连接并与与电流表小量程串 联。 【解答】解：由题知，向左移动滑动变阻器的滑片 P，小灯泡 L 亮度不变，即变阻器与 灯泡互不影响，所以
