著名机构高二数学理科秋季班讲义第8讲.直线与椭圆的位置关系.初稿

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1、1第 8 讲提高-尖子-目标教师版 满分晋级 新课标剖析 当前当前 形势形势 椭圆在近五年北京卷椭圆在近五年北京卷(理理)考查考查514分分 要求层次 内容 ABC 具体要求 高考 要求 直线与椭圆的位置关系 判别式和韦达定理的应用;直线与椭圆相交截得 的弦长 2009 年 2010 年(新课标) 2011 年(新课标) 2012 年(新课标)2013 年(新课 标) 北京 高考 解读 第 12 题 5 分第 19 题 14 分 第 14 题 5 分 第 19 题 14 分 第 19 题 14 分第 19 题 14 分 考点 1直线与椭圆的交点问题 第 8 讲 直线与椭圆的 位置关系 解析几何

2、 9 级 椭圆基本量问题 解析几何解析几何 1010 级级 直线与椭圆的位置关系直线与椭圆的位置关系 解析几何 11 级 双曲线与抛物线的基 本量问题 2 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 暑假知识回顾 直线 :(、不同时为 0)与椭圆:的位置关系:l0AxByCABC()0f xy , 直线与椭圆的位置关系可分为:相交、相切、相离这三种位置关系的判定条件可归纳为: 设直线 :,椭圆:,由l0AxByCC()0f xy , 0 ()0 AxByC f xy , 消去(或消去)得:yx 2 0axbxc 此时一定有,相交;相离;相切0a 2 4bac 0 0 0 练习 1 若直线和椭圆有两个公共

3、点,则的取值范围为 2ykx 22 99xy k 【解析】 或 3 3 k 3 3 k 由消去整理得, 22 2 99 ykx xy , y 22 (91)36270kxkx 则, 222 ( 36 )427(91)108(31)kkk 当,即或时,直线与椭圆有两个公共点0 3 3 k 3 3 k 经典精讲 【例 1】 若直线与椭圆恒有公共点,求实数的取值范围1()ykxkR 22 1 5 xy m m 已知以,为焦点的椭圆与直线有且仅有一个交点, 1 20F , 2 20F,340xy 则椭圆的长轴长为( ) A B C D3 22 62 74 2 已知一条直线 与椭圆相切于点,求切线 的方

4、程l 22 1 43 xy 3 1 2 P ,l 【解析】 解法一: 由可得, 22 1 1 5 ykx xy m 22 (5)10550km xkxm 2 20510m mk 即 , 且 2 51mk - 2 511k1m5m 解法二:直线恒过一定点(01), 当时,椭圆焦点在轴上,短半轴长,要使直线与椭圆恒有交点则 5m xbm1m 即15m 当时,椭圆焦点在轴上,长半轴长可保证直线与椭圆恒有交点即5m yam5m 综述:且1m5m 解法三:直线恒过一定点(01), 要使直线与椭圆恒有交点,即要保证定点在椭圆内部即(01), 22 01 1 5m 1m 且1m5m 3第 8 讲提高-尖子-

5、目标教师版 C 设椭圆方程为 22 22 10 xy ab ab 由得, 222222 0 340 b xa ya b xy , , 2222222 38 3160abyb yba b 直线与椭圆有且仅有一个交点 422222 19243160babba b 可得, 2 7a 22 7a 设过点的直线 的方程为, 3 1 2 P ,l 3 (1) 2 yk x 将其与椭圆的标准方程联立, 22 1 43 xy 消去参数可得方程,因为该直线与椭圆相切,y 2222 (34)(128)41230kxkkxkk 所以其判别式, 2222 (128)4(34)(4123)0kkkkk 1 2 k 该直

6、线方程为,即 31 (1) 22 yx 1 +2 2 yx 【点评】我们知道当点在圆时,过该点的切线方程为 00 P xy, 222 xyr 00 P xy, 2 00 x xy yr 同样可得,当点在椭圆时,过该点的切线方程为 00 P xy, 22 22 1 xy ab 00 P xy, 00 22 1 x xy y ab 尖子班学案 1 【拓拓 2】 直线与曲线(,且)的公共点的个数为( )2yk 2222 918|k xykxkR0k 11 B2 C3 D4 【解析】 D 将代入得,即,显然 2yk 2222 918|k xykx 2222 9418|k xkkx 2 9|18| 40

7、xx 该关于的方程有两正解,即有四解,所以交点有 4 个 |x x 目标班学案 1 【拓拓 3】 若椭圆和连结,两点的线段恒有公共点,则实数的取 2 22( 0) 2 y xaa(1 1)A ,(23)B,a 值范围为( ) ABCD 6 6 , 6 2 , 634 22 , 634 62 , 【解析】C 线段与椭圆有公共点,其等价条件是点在椭圆内或边界上,点在椭圆外或边界上,ABAB 4 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 由此得解之得,故选 C 2 22 2 22 1 1 2 3 2. 2 a a , 634 22 a 【错因分析】误区:过点,的直线方程为椭圆与线段(1 1)A ,(23)B

8、,21yx 2 22( 0) 2 y xaa AB 恒有公共点,方程组恒有解,消去得,方程有 2 22 21 2 yx y xa , y 22 64120( ) * xxa ( ) * 实数根,由此得,因此选 A0 6 6 a 【例 2】已知中心在坐标原点的椭圆经过点,且点为其右焦点OC(23)A,(20)F, 求椭圆的方程;C 是否存在平行于的直线 ,使得直线 与椭圆有公共点,且直线与 的距离等于OAllCOAl 4?若存在,求出直线 的方程;若不存在,请说明理由l 【解析】 依题意,可设椭圆的方程为,且可知左焦点为,C 22 22 1(0) xy ab ab ( 2 0)F , 从而有,解

9、得, 2 2| 358 c aAFAF 2 4 c a 又,所以,故椭圆的方程为 222 abc 2 12b C 22 1 1612 xy 假设存在符合题意的直线 ,其方程为,l 3 2 yxt 由得 22 3 2 1 1612 yxt xy 22 33120xtxt 因为直线 与椭圆有公共点,所以有,l 22 (3 )43(12)0tt 解得,4 34 3t 另一方面,由直线与 的距离 4 可得:,从而,OAl | | 4 9 1 4 t 2 13t 由于,所以符合题意的直线 不存在2 134 34 3 ,l 【备选】已知椭圆,是过点,且相互垂直的两条直线,问实数在什么范围 22 1 169

10、 xy 1 l 2 l(0)m,m 时,直线,都与椭圆有公共点 1 l 2 l 【解析】设:,则:,与椭圆有公共点有实根 1 lykxm 2 l 1 yxm k 1 l 2 2 1 169 kxmx ,即同理与椭圆有公共点 2 22 16916161440kmkm 2 2 9 16 m k 2 l 5第 8 讲提高-尖子-目标教师版 ,于是,即由于时,而与 2 2 19 16 m k 2 9 1 16 m 5m 5m 2 9259 1 1616 m 2 k 必有一个不超过 1,这时,不可能都与椭圆有公共点综上所述,时,过点 2 1 k 1 l 2 l5m 存在两条相互垂直的直线,都与椭圆有公共

11、点,又与与与椭(0)m, 1 l 2 lyxmyxm 圆都有公共点55m , 考点 2:椭圆中的弦长问题 暑假知识回顾 1两根差公式: 如果满足一元二次方程:, 12 xx, 2 0axbxc 则() 2 2 2 121212 4 ()44 bcbac xxxxx x aaaa 0 连结椭圆上两个点的线段称为椭圆的弦 求弦长的一种求法是将直线方程与椭圆的方程联立,求出两交点的坐标,然后运用两点间的距离 公式来求; 另外一种求法是如果直线的斜率为,被椭圆截得弦两端点坐标分别为,则kAB 1122 () ()xyxy, 弦长公式为 2 22 1212 1 |111ABkxxkyy ak 2涉及到直

12、线被椭圆截得的弦的中点问题时,常用一元二次方程根与系数的关系(韦达定理) ,这样 可直接得到两交点的坐标之和,也可用作差方法(“点差法”)找到两交点坐标之和,直接与中点 建立联系 练习 2 已知椭圆, 2 2 :1 4 x Cy 若斜率为 1 的直线过椭圆的右焦点,交椭圆于,两点,求弦的长?ABAB 若直线为,问当为何值时,直线 被椭圆所截得的弦长为?2yxmmlC 20 17 【解析】 设,由椭圆方程得, 11 ()A xy, 22 ()B xy, 2 4a 2 1b 2 3c 右焦点,直线方程为, 30F, 3yx 代入中整理得:, 22 44xy 2 58 380xx , 64320 8

13、32 2 328 |12 55 ABk a 由方程组消去得:, 2 2 2 1 4 yxm x y , , y 22 1716440xmxm 222 (16 )4 17(44)16(17)mmm 当,即时,方程组有两个解,直线与椭圆相交;0 1717m 6 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 ,解之,得 2 2 4 1720 15 1717 m ABk a 2 3m 即当时,直线 被椭圆所截得的弦长为2 3m lC 20 17 所以直线 的倾斜角为或l 4 3 4 经典精讲 【例 3】已知椭圆,为坐标原点为椭圆的右顶点,点(异于点)为椭圆:C 2 2 1 4 x yOAPA 上一个动点,过作线段

14、的垂线 交椭圆于点,求的取值范围COAPlC,E D DE AP 【解析】显然直线的斜率存在,可设直线:,APAP2yk x 当时,直线:0k DE 1 yx k 联立直线与椭圆方程化简得:,AP 2222 41161640kxk xk 22222 2 22 ( 16)4(164)(41)4 1 1 4141 kkkk APk kk 联立直线与椭圆方程,有,DE 2 2 4 140x k 2 2 2 2 124 1 12 4 4 1 k DE k k k 于是由、得,设, 2 2 41 4 DE k AP k 2 4tk2t 则; 2 41515 4 DE t t APtt 1 , 2 当时,

15、0k 4AP 2DE 1 2 DE AP 综上,的取值范围是 DE AP 1 , 2 【备选】 (2013 北京朝阳二模) 已知椭圆()的右焦点为,短轴的端点分别为,且 22 22 :1 xy C ab 0ab10F, 1 B 2 B 12 FBFBa 求椭圆的方程;C 过点且斜率为()的直线 交椭圆于,两点,弦的垂直平分线与轴Fk0k lMNMNx 相交于点设弦的中点为,试求的取值范围DMNP DP MN 7第 8 讲提高-尖子-目标教师版 【解析】 ,解得, 22 11 1 bba ab ,2 3 a b 椭圆的标准方程为 22 1 43 xy 设,直线,其中, 11 M xy, 22 N

16、 xy, 1212 22 xxyy P ,:1l xmy 1 m k 则直线 的垂直平分线的方程为:,l 1212 1 22 yyxx xy m 则, 1212 0 22 yyxx D m , 由消去得, 22 1 1 43 xmy xy x 22 34690mymy , 12 2 6 34 m yy m 1212 2 8 2 34 xxm yy m , 2 2 2 2 22 636 34121 1 3434 mmm MNm mm ,则, 22 43 3434 m P mm , 2 1 0 34 D m , 2 2 31 34 m PD m , 2 2 2 11 41 41 DP m MNm

17、m , 1 0m k 1 0 4 DP MN 即的取值范围为 DP MN 1 0 4 , 尖子班学案 2 【拓拓 2】 已知椭圆与直线交于、两点,的中点 22 22 1(0) xy ab ab 1xyAB 4 2 | 3 AB ABM 与椭圆中心连线的斜率为,求椭圆的方程 1 2 【解析】设, 11 ()A xy, 22 ()B xy, 00 ()M xy, 由,消去整理得, 22 22 1 1 xy ab xy y 2222222 ()20abxa xaa b 所以 2 12 22 2a xx ab 所以, 2 12 0 22 2 xxa x ab 2 00 22 1 b yx ab 因为,

18、所以,即 1 2 OM k 2 0 2 0 OM yb k xa 2 2 1 2 b a 22 2ab 8 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 代入化简整理,得 22 34220xxb 222 ( 4)43 (22)2480bb 2 2 2 2314 2 |12 33 b ABk a 解得,代入检验满足条件,所以 2 1b 2 2a 故所求椭圆的方程为 2 2 1 2 x y 提高班学案 1 【铺铺 1】已知椭圆的左右焦点分别为,若过点及的直线交椭圆于, 22 1 21 xy 1 F 2 F(02)P, 1 FA 两点,求 的面积B 2 ABF 【解析】解法一:设,则由题可知:直线方程为, 11

19、 A xy, 22 B xy, AB l220xy 由可得, 22 22 1 21 yx xy 2 9440yy , 2 121212 4 10 ()4 9 yyyyy y 1212 14 10 29 SFFyy 解法二:到直线的距离, 2 FAB 4 5 5 h 由可得,又, 22 22 1 21 yx xy 2 91660xx 2 12 10 2 1 9 ABkxx 14 10 29 SAB h 【例 4】已知椭圆方程为,射线与椭圆的交点为,过作倾斜角互补 22 1 28 xy 2 (0)yx xMM 的两条直线,分别与椭圆交于、两点(异于) ABM 求证: 直线的斜率;AB2 AB k

20、求面积的最大值AMB 【解析】 斜率存在,不妨设,求出k0k ( 12)M , 直线方程为,直线方程MA2(1)yk xMB2(1)yk x 分别与椭圆方程联立,可解出, 2 2 44 4 A kk x k 2 2 44 4 B kk x k , (2) 2 ABAB ABAB yyk xx xxxx 2 AB k 设直线方程为,与联立,AB2yxm 22 1 28 xy 消去得y 22 84(8)0xmxm 由得,且, 222 1632816 160mmm 44m 0m y x A B O 9第 8 讲提高-尖子-目标教师版 点到的距离为MAB 5 m d 2 22 4 165 |1516

21、82 m ABkm a 设的面积为MABS 2 22222 11116 |(16)4 416162 SABdmm 当时,得2 2m max 2S 尖子班学案 3 【拓拓 2】 如图,直线与椭圆交于、两点,记的面积为ykxb 2 2 1 4 x yABAOBS 求在,的条件下,的最大值;0k 01bS 当,时,求直线的方程| 2AB 1S AB 【解析】 设点的坐标为,点的坐标为,A 1 ()xb,B 2 ()xb, 由,解得 2 2 1 4 x y 2 1,2 2 1xb 所以 222 12 1 | 2111 2 Sb xxbbbb 当且仅当时,取到最大值 1 2 2 b S 由得 2 2 1

22、 4 ykxb x y 222 (41)8440kxkbxb 22 16(41)kb 22 22 2 16(41) |112 41 kb ABkk ak 又因为到的距离,所以 OAB 2 |2 1 | 1 bS d AB k 22 1bk 代入并整理,得 42 4410kk 解得,代入式检验,故直线的方程是 22 13 , 22 kb0 AB 或或或 26 22 yx 26 22 yx 26 22 yx 26 22 yx 目标班学案 2 【拓拓 3】 如图,椭圆上的点与椭圆右焦点的连线与轴垂直,且(是坐 22 22 1 xy ab M 2 F 2 MFxOMO 标原点)与椭圆长轴和短轴端点的连

23、线平行AB 求椭圆的离心率; 过且与垂直的直线交椭圆于、,若 2 FABPQ 1 PFQ 的面积是,求此时椭圆的方程及的长20 3PQ y x A B O Q M P A B F2F1 O y x 10 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 【解析】 易得, 2 b M c a , 2 OM b k ac AB b k a , 2 2 bb bcac aca 2 2 c e a 设直线的方程为,即PQ() a yxc b 2()yxc 代入椭圆方程消去得:,x 2 2 22 1 2 1 cy y ab 整理得:, 22 52 220ycyc , 2 1212 2 22 55 cc yyyy , 2

24、 22 2 12 2 2848 () 5525 ccc yy 1 2 2 12 14 3 220 325 25 PFQ c Scyyc , 因此,所以椭圆方程为 22 5025ab, 22 1 5025 xy 2 22 ( 2 2 )45( 2)16 2 16 2 552 cc PQc 考点 3:椭圆上存在点关于直线对称的问题 知识点睛 1 点关于点的对称:由中点坐标公式知,点关于点对称的点的坐标为()xy,()ab,(22)axby, 2 已知点,直线,求点关于 的对称点,则称点的连线 11 ()A xy,:(0)l ykxb kAl 22 ()A xy,A 被直线 垂直平分,即解方程组得

25、AA l 1212 1 22 AA k k yyxx kb 22 xy, 经典精讲 【例 5】试确定的取值范围,使得椭圆上有不同两点关于直线对称m 22 1 43 xy 4yxm 【解析】法一: 设出对称的两点及其所在的直线方程,再利用判别式及中点在对称轴上来求解0 设椭圆上关于直线 对称的两点为,其Cl 11 ()P xy, 22 ()Q xy, 所在直线的方程为,代入椭圆的方程中整理得: 1 4 yxb , 22 13816480xbxb 12 xx 2 192(413)0b 解得: 1313 22 b 又, 121212 4112 21324213 xxyyxxbb b , M Q P

26、l O y x 11第 8 讲提高-尖子-目标教师版 而点又在上, 1212 22 xxyy ,4yxm 1212 4 4 2213 yyxxb m 把代入得: 2 132 13 1313 m 法二: 上存在不同的两点关于直线 对称,等价于存在的弦被 垂直平分,且垂足必在椭圆ClCl 的内部,因此,这类问题可考虑利用交点在曲线的内部建立不等式CC 设椭圆上关于直线 对称的两点为,弦的中点为,Cl 11 ()P xy, 22 ()Q xy,PQ 00 ()M xy, 代入椭圆方程得: 012 120 31 44 xyy xxy 由点在直线上得:M4yxm 00 4yxm 由解得 00 3xmym

27、 , 在椭圆的内部,(3 )Mmm, 22 3()4( 3 )12mm 解得 2 132 13 1313 m 提高班学案 2 【拓拓 1】椭圆的两个焦点、,点在椭圆上,且, 22 22 1(0) xy ab ab 1 F 2 FPC 112 PFFF 1 4 3 PF 2 14 3 PF 求椭圆的方程;C 若直线 过圆的圆心交椭圆于、两点,且、关于点对l 22 420xyxyMABABM 称,求直线 的方程l 【解析】 因为点在椭圆上,所以,PC 12 26aPFPF3a 在中,故椭圆的半焦距, 12 RtPFF 22 1221 2 5FFPFPF5c 从而, 222 4bac 所以椭圆的方程

28、为C 22 1 94 xy 法一: 设的坐标分别为,由圆的方程为,所以圆心A B, 11 ()xy, 22 ()xy, 22 (2)(1)5xy 的坐标为 M( 2 1) , 从而可设直线 的方程为,l(2)1yk x 代入椭圆的方程得C 2222 (49)(3618 )3636270kxkk xkk 因为关于点对称A B,M 所以,解得, 2 12 2 189 2 249 xxkk k 8 9 k 所以直线 的方程为,即(经检验,符合题意)l 8 (2)1 9 yx89250xy 法二: 已知圆的方程为,所以圆心的坐标为 22 (2)(1)5xyM( 2 1) , 设的坐标分别为,A B,

29、11 ()xy, 22 ()xy, 12 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 由题意且 12 xx 22 11 1 94 xy 22 22 1 94 xy 由得 12121212 ()()()() 0 94 xxxxyyyy 因为关于点对称,所以,A B,M 12 4xx 12 2yy 代入得,即直线 的斜率为, 12 12 8 9 yy xx l 8 9 所以直线 的方程为,即l 8 1(2) 9 yx 89250xy (经检验,所求直线方程符合题意) 考点 4:直线与椭圆的综合 【例 6】已知椭圆方程为,定点,直线与此椭圆交于、两 2 2 1 3 x y10E ,2ykxCD 点是否存在实数

30、,使得以线段为直径的圆过点如果存在,求出的值;如果不kCDEk 存在,请说明理由 【解析】设,若存在实数,使得以线段为直径的圆过点, 11 C xy, 22 D xy,kCDE 则,即,ECED 1122 110xyxy, 121212 10x xxxy y , 2 1212 12150kx xkxx 由消去得, 2 2 2 1 3 ykx x y y 22 131290kxkx ,即, 2 22 1236 133610kkk 2 1k , 12 2 12 13 k xx k 12 2 9 13 x x k 把代入得:,解得满足题意, 2 22 91 1221 50 1313 k kk kk

31、7 6 k 存在实数,使得以线段为直径的圆过点 7 6 k CDE 【备选备选】椭圆中心是坐标原点,焦点在轴上,过椭圆左焦点的直线交椭圆于、Ox 3 2 e FP 两Q 点,且,求此椭圆的方程 20 9 PQ OPOQ 【解析】设椭圆方程为 22 22 1 xy ab (0)ab 轴时,又且,即PQx(0)Fc , 2 b FP a FQFPOPOQOFFP 2 b c a , 22 acac 2 10ee 解得与题设不符,所以不垂直轴 51 2 e 3 2 e PQx ,PQ()yk xc 11 ()P xy, 22 ()Q xy, 13第 8 讲提高-尖子-目标教师版 , 3 2 e 2

32、4 3 ac 22 1 3 bc 所以椭圆方程可化为:,将方程代入, 222 31240xycPQ 得, 222222 (312)241240kxk cxk cc 2 12 2 24 312 k c xx k 222 12 2 124 312 k cc x x k 2 2222222 244 312124481k ckk ccck 由得 20 9 PQ 2 2 2 4 3120 1 93 14 ck k k ,即,OPOQ 12 12 1 yy xx 1212 0x xy y 2222 1212 (1)()0kx xk c xxc k 把,代入,解得,把代入解得 12 xx 12 x x 2

33、4 11 k 2 4 11 k 2 3c ,则所求椭圆方程为 2 4a 2 1b 2 2 1 4 x y 【例 7】(2012 北京理 19)已知曲线 22 : 528Cm xmymR 若曲线是焦点在轴上的椭圆,求的取值范围;Cxm 设,曲线与轴的交点为(点位于点的上方) ,直线与曲线4m CyAB,AB4ykx 交于不同的两点,直线与直线交于点求证:三点共CMN1y BMGAGN, 线 【解析】原曲线方程可化简得: 22 1 88 52 xy mm 由题意可得:,解得: 88 52 8 0 5 8 0 2 mm m m 7 5 2 m 由已知直线代入椭圆方程化简得:, 22 (21)1624

34、0kxkx 由,解得: 2 =32(23)0k 2 3 2 k 由韦达定理得:, 2 16 21 MN k xx k 2 24 21 MN x x k 设,(,4) NN N xk x (,4) MM M xkx(1) G G x , 方程为:,则,MB 6 2 M M kx yx x 3 1 6 M M x G kx , , 3 1 6 M M x AG kx ,2 NN ANxkx , 欲证三点共线,只需证,共线AGN,AG AN 即成立,化简得: 3 (2) 6 M NN M x x kx x k (3)6() MNMN kk x xxx 14 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 将代入易

35、知等式成立,则三点共线得证AGN, 【例 8】(2010 天津理 20) 已知椭圆的离心率,连接椭圆的四个顶点得到的菱形的面积为 22 22 1(0 xy ab ab ) 3 2 e 4 求椭圆的方程; 设直线 与椭圆相交于不同的两点,已知点的坐标为,点在线lABA(0)a , 0 (0)Qy, 段的垂直平分线上,且,求的值AB4QA QB 0 y 【解析】 由,得,再由,得 3 2 c e a 22 34ac 222 cab2ab 由题意可知,即 1 224 2 ab2ab 解方程组 得, 2 2 ab ab 2a 1b 所以椭圆的方程为 2 2 1 4 x y 由可知设点的坐标为,由题意可

36、知直线 的斜率存在,设直线( 20)A ,B 11 ()xy,l 的l 斜率为,则直线 的方程为,kl(2)yk x 于是,两点的坐标满足方程组AB 2 2 (2) 1 4 yk x x y 由方程组消去并整理,得y 2222 (14)16(164)0kxk xk 由得,从而, 2 1 2 164 2, 14 k x k 2 1 2 28 14 k x k 1 2 4 14 k y k 设线段是中点为,则的坐标为ABMM 2 22 82 1414 kk kk , 以下分两种情况: 当时,点的坐标为线段的垂直平分线为轴,于是0k B(20),ABy ,由,得 0 ( 2)QAy , 0 (2)Q

37、By ,4QA QB 0 2 2y 当时,线段的垂直平分线方程为0kAB 2 22 218 () 1414 kk yx kkk 令,解得0x 0 2 6 14 k y k 由, 0 ( 2)QAy , 110 (QBxyy ,) 42 2 1010 22222 2 4 16151 2(28)646 2(4 14141414 14 kk kkkk QA QBxyyy kkkk k )= 整理得,故所以 2 72k 14 7 k 0 2 14 5 y 综上或 0 2 2y 0 2 14 5 y 15第 8 讲提高-尖子-目标教师版 (2010 安徽理 19) 已知椭圆经过点,对称轴为坐标轴,焦点E

38、23A, 在轴上,离心率 12 FF,x 1 2 e 求椭圆的方程;E 求的角平分线所在直线 的方程; 12 F AFl 在椭圆上是否存在关于直线 对称的相异两点?若存在,El 请找出;若不存在,说明理由 【解析】 设椭圆的方程为E 22 22 1 xy ab 由,即,得, 1 2 e 1 2 c a 2ac 2222 3bacc 椭圆方程具有形式 22 22 1 43 xy cc 将代入上式,得,解得,23A, 22 13 1 cc 2c 椭圆的方程为E 22 1 1612 xy 解法 1: 由知,所以直线的方程为:, 1 20F , 2 20F, 1 AF 3 2 4 yx 即,3460x

39、y 直线的方程为: 2 AF2x 由点在椭圆上的位置知,直线 的斜率为正数AEl 设为 上任一点,则P xy,l 346 2 5 xy x 若,得(因其斜率为负,舍去) 346510xyx280xy 于是,由,得346510xyx 210xy 所以直线 的方程为:l210xy 解法 2: ,23A, 1 20F , 2 20F, 1 43AF , 2 03AF , 12 12 114 430312 535 AFAF AFAF , ,即 1 2k :322l yx210xy 解法 1: 假设存在这样的两个不同的点和, 11 B xy, 22 C xy, ,BCl 21 21 1 2 BC yy k xx 设的中点为,则,BC 00 M xy, 12 0 2 xx x 12 0 2 yy y 由于在 上,故 Ml 00 210xy O A F2F1 y x l 16 第 8 讲提高-尖子-目标教师版 又,在椭圆上,所以有与BC 22 11 1 1612 xy 22 22 1 1612 xy 两式相减,得,即 2222 2121 0 1612 xxyy 12211221 0 1612 xxxxyyyy 将该式写为,并将直线的斜率和线段的中点 122112 21 11 0 8262 xxyyyy xx

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