1、江西省南康中学2019-2020学年高二物理上学期期中（第二次大考）试题一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分.1-8小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，9-12小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1电荷之间的静电力像万有引力一样，也是一种超距力，这种超距作用的观点是18-19世纪的多数科学家难以接受的。首位建立电场概念并使人们摆脱这一困境的科学家是（ ）A牛顿 B库仑 C安培 D法拉第2如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、半径为1cm的圆与两坐标轴的交点，ABCD所在平面与电场方向平行，已知
2、A、B、C三点的电势分别为.由此可得D点的电势为（ ）A3V B6V C9V D12V3如图所示，Q是固定的点电荷，虚线是以Q为圆心的两个同心圆一个带电粒子在仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处，实线与两圆在同一平面内，带电粒子在a、b、c点的加速度大小分别为aa、ab、ac，电势能大小分别为Ea、Eb、Ec，则（ ）A. aaabac，EaEcabac，EbEcacaa，EbEcacaa，EaEcEbB. a、b两点的电场强度大小Ea、Eb的关系为EaEbD. a、b两点的电势大小a、b的关系是ab5利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置如图
3、所示，在整个实验过程中保持电容器所带的电荷量不变，则下面叙述符合实验中观察到的结果的是（ ）A. 左板向左平移，静电计指针偏角变小B. 左板向上平移，静电计指针偏角变小C. 保持两板不动，在两板间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏角变小D. 保持两板不动，在两板间插入一块金属板，静电计指针偏角变大6两只电阻的伏安特性曲线如图所示，则下列说法中正确的是（ ）A两电阻的阻值关系为R1大于R2B两电阻并联在电路中时，流过R1的电流小于流过R2的电流C两电阻串联在电路中时，R1两端电压大于R2两端电压D两电阻串联在电路中时，R1消耗的功率小于R2消耗的功率7如图所示，电流表A1(03 A)和A2(00.
4、6 A)由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中，闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（ ）A. A1、A2的内阻之比为51B. A1、A2的指针偏转角度之比为11C. A1、A2的读数之比为11D. A1、A2的指针偏转角度之比为158如图所示，a、b、c、d、e为同一直线上的五个点，相邻两点间的距离都为L处于a、e两点的点电荷的电荷量都为q，处于a点的为负电荷，处于e点的为正电荷。在c点有一与直线垂直的均匀带电薄板，带电量为Q，电性未知。已知d点的电场强度为零，则b点的电场强度大小为（已知静电力常量为k）（ ）ABCD9如图所示，两个截面不同，长度相等的均匀铜
5、棒接在电路中，两端的电压为U，下列说法正确的是（ ）A. 通过两棒的电流强度相等B. 两棒的自由电子定向移动的平均速率相等C. 两棒内的电场强度大小相等D. 相同时间内通过两棒的电荷量相等10一电炉的电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，现将它们以串联方式联接，接通合适的电源后，电动机正常运转，下列说法正确的是（ ）A 电炉和电动机的热功率相等B 电动机消耗的电功率大于电炉消耗的电功率C 电炉两端电压小于电动机两端电压D 电炉和电动机两端电压相等11如图所示，在一个匀强电场(图中未画出)中有一个直角梯形ABCD，E为AD的中点，F为BC的中点，ABCD所在平面与电场方向平行。一个带正电的粒子从A点移
6、动到B点，电场力做功为WAB=3.010-6J；将该粒子从D点移动到C点，电场力做功为WDC=4.010-6J。则以下分析正确的是（ ）A. 若将该粒子从E点移动到F点，电场力做功为WEF=3.510-6JB. 若将该粒子从E点移动到F点，电场力做功WEF有可能大于3.510-6JC. 若将该粒子从B点移到C点的过程中电场力做功为WBC=1.010-6J，则此匀强电场的方向一定是从A点指向B点的方向D.若该粒子的电量为210-6C，则A、B之间的电势差为1.5V12如图所示，在真空中有一水平放置的不带电平行板电容器，板间距为d，电容为C，上板B接地，现有大量质量均为m、带电荷量为q的小油滴，以
7、相同的初速度持续不断地从两板正中间沿图中虚线方向射入，第一滴油滴正好落到下板A的正中央P点，如果能落到A板的油滴仅有N滴，且第滴油滴刚好能飞离电场，假设落到A板的油滴的电荷量能被板全部吸收，不考虑油滴间的相互作用，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）A落到A板的油滴数B落到A板的油滴数C第滴油经过电场的整个过程中所增加的动能为D第滴油经过电场的整个过程中所减少的机械能为二、填空题（每空2分，共14分）13某同学在实验室完成了下列测量：(1)用20分度的游标卡尺测量某物体的长度，如图甲所示，由图可知其长度为_mm(2)用螺旋测微器测量某圆柱体的直径，如图乙所示，由图可知其直径为_mm 甲 乙
8、 14为测量“12 V , 5 W”的小电珠的伏安特性曲线，给定了以下器材：电源：12 V，内阻不计；电流表：量程00.6 A、03 A，内阻约为0.2 电压表：量程03 V、015 V，内阻约为15 k滑动变阻器：05开关一个，导线若干 (1)以上四个电路图你认为最合适的是_(2)在本实验中，电流表的量程应选_（选填00.6 A或03 A）(3)某位同学测得小电珠的伏安特性曲线如图所示，当电流表读数为0.40 A时小电珠的实际功率为_W15（1）把电流表改装成电压表的实验中，所用电流表G的满偏电流Ig为200 A，内阻Rg=500 ，现在通过串联一个24.5 k的电阻把它改装成一个电压表，此
9、电压表的量程为_（填写格式为“010V”）（2）如图是用上述改装后的电压表测定未知电阻Rx的电路图，测量时，电流表的读数为0.20 A，而改装后的电压表的表头读数如图所示，那么Rx的阻值等于_ 三、计算题（本题共4个小题，第16、17题每小题8分，第18题10分，第19题12分，共38分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.）16匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，AB=4cm，BC=3cm ，ABC所在平面与电场方向平行。把电荷量为q=+210-10C的点电荷从A点移到B点时，电场力做功4.8108J，从B点移到C点时，克服电场力做功4.8108J，若取B点的电势为零
10、，求：（1）A、C两点的电势；（2）电场强度的大小和方向。（要求方向在图中画出）17如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机线圈的电阻R0=0.5，当开关S断开时，电阻R1的电功率是525W，当S闭合时，电阻R1 的电功率是336W，求：(1)电源的内阻；(2)当S闭合时电动机的输出功率。18如图所示，在高为H=2.5m的光滑、绝缘的水平平台边缘处，木块B处于静止状态，另一个带电的物块A以v0=10m/s的速度向B运动，与B碰撞后结为一体（电量不损失）并滑出平台，落到水平地面上，落地点距平台边缘的水平距离L=5.0m. 已知图示空间存在方向竖直向下的匀强电场（图中未画出），其
11、场强大小为E=1.0103N/C，A、B的质量均为m=1.010-3kg，均可视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，（1）试分析A的电性，并求出其电量大小；（2）计算A和B一起落地时的速度大小。19如图所示，沿水平方向放置一条平直光滑槽，它垂直穿过开有小孔的两平行薄板，板相距3.5L。槽内有两个质量均为m的小球A和B，A球带电量为+q，B球带电量为3q，两球由长为2L的轻杆相连，组成一带电系统。最初A和B分别静止于左板的两侧，离板的距离均为L。若视小球为质点，不计轻杆的质量，现在两板之间加上与槽平行场强大小为E的向右的匀强电场后(设槽和轻杆由特殊绝缘材料制成，不影响电场的分布)，
12、带电系统开始运动。试求：(1)从开始运动到B球刚进入电场时，带电系统电势能的增量Ep；(2)以右板电势为零，带电系统从开始运动到速度第一次为零时A球所在位置的电势为多大；(3)带电系统从开始运动到速度第一次为零所经历的时间。南康中学2019-2020学年度第一学期高二第二次大考物理参考答案题号123456789101112答案DCDCCDBAADABCACDACD13（1）游标卡尺读数：20+60.05=20.30mm.（2）螺旋测微器测读数：0.5+42.00.01=0.920m14 (1). A (2). 00.6 A (3)2.415(1)05 V （2）15（1）根据串并联规律可知，改
13、装的电压表量程应为：=5 V；（2）因改装后的电压表量程为5 V，所以电压表的读数为：；待测电阻的阻值为：16解：(1)由A到B过程： 而UAB=AB 代入数据解得：A=240V 由B到C过程： 而UBC=BC 代入数据解得：C=240V (2)A、C两点在同一等势线上，电场线垂直于等势线如图所示 因为AB=4cm，BC=3cm，三角形ABC为直角三角形，所以A=37则 代入数据解得E=104V/m，方向如图所示。 17解：（1）S断开时，对R1，P1I2R1，所以I=5A，对闭合回路：E=I（R1+r），所以r=1（2）S闭合时，对R1：，所以I1=4A，R1两端电压U=I1R1=84V对闭
14、合回路，设通过电源的电流为I，则E=U+Ir，所以I=26A所以电动机中的电流为I2=I-I1=22A，则电动机输出的功率为P=UI2-I22R0=1606W；18解：（1）对于A、B碰撞过程，由动量守恒得：mv0=2mv解得v5m/s碰后A、B从台上飞出后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速运动，则L=vt；解得t=1s；竖直方向：h=at2得，可知电场力向上，因场强向下，则故A应带负电根据牛顿第二定律得 2mg-qE=2ma得 （2）两物体落地的竖直速度vy=at=5m/s，则落地的速度m/s19解：(1) 从开始运动到B球刚进入电场的过程中，电场力对A球做功使带电系统电势能减少， (2)设B进入电场后带电系统又运动了s速度变为零,由动能定理得计算得出,即A球离右板距离为L时带电系统速度第一次为零以右板电势为零，带电系统速度第一次为零时球A所在位置的电势为(3)设A球运动了L时速度为,由动能定理得 计算得出,由 得运动时间为A球继续运动s过程中加速度为， 由得所以带电系统速度第一次为零所需的时间为- 10 -
