1、2019届青海省西宁市第四高级中学高三上学期模拟考试物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题）一、单选题1质量为1 500 kg的汽车在平直的公路上运动，vt图象如图所示
2、。由此下列选项中不可求的是（ ）A 前25 s内汽车的平均速度 B 前10 s内汽车的加速度C 前10 s内汽车所受的阻力 D 1525 s内合力对汽车所做的功2甲、乙两车在平直公路上行驶，其v-t图象如图所示。t=0时，两车间距为；时刻，甲、乙两车相遇。时间内甲车发生的位移为s，下列说法正确的是( )A 时间内甲车在前，时间内乙车在前B 时间内甲车平均速度的大小是乙车平均速度大小的2倍C 时刻甲、乙两车相距D 3一个物体静止在斜面上时，正确表示斜面对物体作用力F方向的是图中的（ ）A B C D 4如图所示，放在水平面上的物体受到一个与水平方向成角的斜向下的力F的作用，在水平面上做直线运动。
3、如果保持力F的大小不变，使力F与水平面的夹角 变小，则水平面受到的压力的大小N和摩擦力的大小f的变化情况是（ ）A N变小，f变大 B N变大，f变小 C N变小，f变小 D N变大，f变大5如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧上升到一定高度后再下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，则（ ）A t1时刻小球动能最大B t2时刻小球动能最大C t2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D t2t3这段时间内，小球增加的
4、动能等于弹簧减少的弹性势能二、多选题6质量均为m =lkg的甲、乙两个物体同时从同地沿同一方向做直线运动，二者的动能随位移的变化图像如图所示。下列说法正确的是（ ）A 甲的加速度大小为2m/s2B 乙的加速度大小为1.5m/s2C 甲、乙在x=6m处的速度大小为2m/sD 甲、乙在x=8m处相遇7如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上的O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（ ）A B与水平面间的摩擦力增大B 绳子对B的拉力增大C 悬于墙上的绳所受拉力不变D A、B静止时，图中、三角始终相等8如图所示，质量为
5、m的小球穿在足够长的水平固定直杆上处于静止状态，现对小球同时施加水平向右的恒力和竖直向上的力F，使小球从静止开始向右运动，其中竖直向上的力F大小始终与小球的速度成正比，即 (图中未标出)已知小球与杆间的动摩擦因数为，下列说法正确的是（ ）A 小球先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，最后做匀速运动B 小球先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动C 小球的最大速度为D 小球的最大加速度为第II卷（非选择题）三、实验题9某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M.弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持
6、另一端向左拉，使结点O静止在某位置分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向(1)图中实验用的弹簧测力计A的示数为_N.(2)下列能减小实验误差的措施是_。A让重物M的质量适当大一些；B弹簧测力计应在使用前校零；C弹簧测力计B所拉的细绳套应尽可能保持水平方向；D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置10如图所示为某同学测定木块A与木板之间动摩擦因数的实验装置，A上固定一个容器B，B和C中可放置钩码，不计B、C的重力。A的左端与打点计时器的纸带(未画出)相连，通过打点计时器打出的纸带可以计算出木块A的加速度。实验中该同学在保持钩码总数量不变即
7、图中B、C中钩码总重力不变的条件下，将B中钩码陆续移到C中，重复测量。不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦。(1)实验中除电磁打点计时器、纸带、若干个质量均为50克的钩码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线外，为了完成本实验，还应有_。A秒表 B天平 C毫米刻度尺 D低压交流电源(2)实验中某次获取的一条纸带的一-部分，每相邻两计数点间还有4个打点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算加速度a=_(保留两位有效数字)。(3)在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以加速度a为纵轴，绘制了如图所示的实验图线，由此可知滑块与木板间的动摩擦因数=_(g取10m/s2，保留两位有效数字)。
8、四、解答题11质量为30Kg的小孩坐在8Kg的雪橇上,大人用与水平方向成370斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇,使雪橇沿水平地面做匀速直线运动(),求:(1)地面对雪橇的摩擦力；(2)地面对雪橇的支持力大小；(3)雪橇与水平地面的动摩擦因数的大小。12如图甲所示，倾角为的传送带以恒定速率逆时针运行。现将一质量m2 kg的小物体轻轻放在传送带的A端，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙所示，2 s末物体到达B端，取沿传送带向下为正方向，g10 m/s2，求：(1)小物体在传送带A、B两端间运动的平均速度v；(2)物体与传送带间的动摩擦因数。13一列沿r轴传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如
9、图所示，已知该波的传播速度为6.0m/s，求：a.该列波的周期；b.平衡位置在x=4cm处的质点在00.045s时间内的位移和路程。五、作图题14如图所示，一棱镜的截面为直角三角形ABC，斜边，棱镜材料的折射率为，在此截面所在的平面内，一条光线以的入射角从AC边的中点M射入棱镜（不考虑光线沿原路返回的情况）a.请画出光线从射入到射出棱镜的光路图；b.求光线从棱镜射出的点的位置。2019届青海省西宁市第四高级中学高三上学期模拟考试物理试题物理答案1C【解析】A、25s内经过的位移的大小等于025s所围成图形的面积大小，根据图形求得位移，根据可求前25 s内汽车的平均速度，故A不符合题中要求； B
10、C、根据斜率等于加速度，可以求出前10s内汽车的加速度a，根据牛顿第二定律得：Ff=ma，由于汽车所受的所受的牵引力未知，所以不能求出汽车所受的阻力，故C符合题中要求，B不符合题中要求；D、15s末和25s末物体的速度的大小是知道的，根据动能定理可以求合外力对汽车所做的功，故D不符合题中要求；故选C。【点睛】在v-t图象中，直线的斜率表示物体的加速度的大小，图象与横坐标围成的图形的面积表示物体经过的位移，由动能定理研究功。2D【解析】由图知在0t0时间内甲车速度大于乙车的速度，故是甲车在追赶乙车，所以A错误；02t0时间内甲车平均速度的大小，乙车平均速度，所以B错误；由题意知，图中阴影部分面积
11、即为位移S0，根据几何关系知，三角形ABC的面积对应位移S03，所以可求三角形OCD的面积对应位移S06，所以0to时间内甲车发生的位移为s=S0+ S06，得s0=s，故D正确；2t0时刻甲、乙两车间的距离即为三角形ABC的面积即S03，所以C错误。3B【解析】物体静止在斜面上所以受力应该平衡，物体受到重力和斜面对物体的作用力，两者大小相等方向相反，故B正确；故选B4C【解析】物体受到重力mg、推力F、支持力N、摩擦力f、并在水平面上做直线运动，物体竖直方向上 受力平衡，故由平衡得： 随着变小，则支持力N变小，摩擦力f也随着变小，故C对；ABD错；综上所述本题答案是：C5C【解析】A、t1时
12、刻小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，弹力先小于重力，小球做加速度运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，动能达到最大，故A错误；B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误；C、t2t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，动能先增大后减小，故C正确；D、t2t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误；故选C。【点睛】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力
13、变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止。6AD【解析】A项：对甲由动能定理可知：，即即为图象斜率，所以，由牛顿第二定律得：，故A正确；B项：对乙由动能定理可知：，即即为图象斜率，所以，由牛顿第二定律得：，故B错误；C项：由图可知：对甲：，即，解得：，对乙：，即，解得：，故C错误；D项：甲、乙两个物体同
14、时从同地沿同一方向做直线运动，所以甲、乙在x=8m处相遇。7AD【解析】B：对物体A受力分析，据平衡条件可得，绳中拉力始终等于物体A的重力，则把物块B移至C点后，绳子对B的拉力不变。故B项错误。A：物块B移至C点，与物块相连绳子与水平方向的夹角变小，对物块受力分析如图：由平衡条件可得，B与水平面间的摩擦力；由于不变、变小，则B与水平面间的摩擦力变大。故A项正确。CD：对不计质量的光滑小滑轮受力分析，滑轮受竖直绳对其向下的拉力、与物块相连绳对其斜向右下方的拉力、悬于墙上的绳对滑轮的拉力，由于竖直绳对其向下的拉力、与物块相连绳对其斜向右下方的拉力大小不变且夹角变大，则这两力的合力变小，悬于墙上的绳
15、对滑轮的拉力变小。由于竖直绳对其向下的拉力、与物块相连绳对其斜向右下方的拉力大小相等，这两力的合力在其角平分线上，则；又由于三力平衡，则悬于墙上的绳的拉力也沿角平分线，即。故C项错误，D项正确。【点睛】本题关键是分别对物体A、物体B、滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件结合正交分解法和合成法进行分析讨论。8BC【解析】AB、刚开始运动,加速度为 ,当速度v增大,加速度增大,当速度v增大到符合 后,加速度为 :,当速度v增大,加速度减小,当加速度减小到0,做匀速运动,故A错；B对；C、当加速度为零时，小球的速度达到了最大，即 ，解得： ，故C对；D、结合加速度公式，知小球的最大加速度 ,故D错；
16、综上所述本题答案是：BC【点睛】对小球受力分析,根据牛顿第二定律表示出加速度,分析加速度的变化情况,进而分析运动情况9（1）3.8 （2）AB【解析】(1)由图示可知，弹簧测力计分度值为0.2 N，其示数为3.8 N.(2)重物质量越大，平衡时两弹簧测力计示数越大，读数误差越小，故应让重物的质量适当大一些，故A正确；弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零，故B正确；弹簧测力计B所拉的细绳套只要与重物、弹簧测力计A在同一竖直面内即可，不必要保持水平方向，故C错误；改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置是为了保证力的作用效果相同，并不能减小实验误差，故D错误。所以AB正
17、确，CD错误。10（1）CD （2） （3）0.40 【解析】（1）实验后，要测量纸带各点之间距离，因此实验器材还需要毫米刻度尺，另外电磁打点计时器需要接低压交流电源，因此还应有的器材是CD。（2）每相邻两计数点间还有4个打点，故每相邻两个计数点的时间间隔为，由得：。（3）对ABC系统应用牛顿第二定律可得：，所以a-m图象中，纵轴的截距为，故，。【点睛】本实验中需要交流电源和长度的测量工具；每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，由匀加速规律可得，用求解加速度；对系统应用牛顿第二定律，得到图线的纵轴截距为，可解得动摩擦因数。11（1）80N （2）320N （3）0.25【解
18、析】（1）（2）对雪橇进行受力分析，雪橇受到重力、支持力、拉力和阻力，雪橇沿水平地面做匀速运动，在竖直方向上平衡，根据受力平衡求出摩擦力支持力的大小（3）雪橇沿水平地面做匀速运动，在水平方向上平衡，根据受力平衡求出摩擦力，再根据求出动摩擦因数（1）（2）经对小孩和雪橇整体受力分析，如图所示：根据平衡条件得：竖直方向有，水平方向有解得：f=80N，N=320N（3）根据，解得：12（1） （2）0.5【解析】(1)由v-t图象的面积规律可知传送带A、B间的距离L即为v-t图线与t轴所围的面积，所以：由平均速度的定义得： (2)由v-t图象可知传送带运行速度为v1=10m/s，01s内物体的加速度
19、为： 12 s内的加速度为：a2=2m/s2根据牛顿第二定律得： 联立两式解得： = 0.5。【点睛】该题考查传送带问题，解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律、功能关系和运动学公式综合求解13（1）0.02s（2）若波沿x轴正方向传播，位移为+4cm ，路程为36cm ；若波沿x轴负方向传播，位移为-4cm ，路程为36cm 。【解析】（1）由题图可知波长=12cm，则周期 （2） ；若波沿x轴正向传播，平衡位置在x=4cm处的质点从平衡位置开始沿y轴正向运动，t内的位移就是内的位移，即位移为+4cm，路程为9A=36cm；若波沿x轴负向传播，平衡位置在x=4cm处的质点从平衡位置开始沿y轴负向运动，t内的位移就是内的位移，即位移为-4cm，路程为9A=36cm；14（1）（2）射点在BC边上离B点 【解析】（1）入射光线在法线的左侧，光路图如图所示：（2）设折射光线与AB的交点为D，由几何关系可知，在D点的入射角，设全反射的临界角为C，则，根据已知条件得，因此，光在D点全反射设此光线的出射点为E，由几何关系得，联立得：，即出射点在BC边上离B点。考点：光的折射定律【名师点睛】本题中入射光线的位置未知，要分析两种情况进行研究，不能漏解要将折射定律与几何知识结合起来分析光路。
