1、2018-2019学年四川省棠湖中学高二上学期期中考试理综物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题）一、单选题1电场强度的定义式为，点电荷的场强公式为，下列说法中正确的是
2、（ ）A 中的场强E是电荷q产生的B 中的场强E是电荷Q生的C 中的F表示单位正电荷的受力D 和都只对点电荷适用2如图所示，A、B是一条磁感线上的两点,下列关于这两点的磁场强弱判断正确的是( )A A点磁场比B点磁场强B B点磁场比A点磁场强C 因为磁感线为直线，A、B两点磁场一样强D 条件不足,无法判断3在如图所示电路中，当滑动变阻器的滑动触点向b移动时，正确的是（ ）A 电压表和电流表的示数均减小B 电压表和电流表的示数均增大C 电压表的示数减小，电流表的示数增大D 电压表的示数增大，电流表的示数减小4如图所示，当电流通过线圈时，磁针将发生偏转，以下判断正确的是（ ）A 当线圈通以沿顺时针
3、方向的电流时，磁针N极将指向读者B 当线圈通以沿逆时针方向的电流时，磁针S极将指向读者C 当磁针N极指向读者时，线圈中的电流沿逆时针方向D 以上判断均不正确5如图所示，直角三角形ABC中存在一垂直纸面向里的匀强磁场，比荷相同的两带电粒子沿AB方向从A点射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，不计粒子重力。下列说法正确的是（ ）A 从P点射出的粒子速度大B 从Q点射出的粒子在磁场中运动的周期大C 从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长D 两粒子在磁场中运动的时间一样长6某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（ ）A 粒
4、子必定带正电荷B 粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度C 粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D 粒子在M点的动能大于它在N点的动能二、多选题7用不可伸长的细线悬挂一质量为M的小木块，木块静止，如图所示。现有一质量为m的子弹自左方水平射向木块，并停留在木块中，子弹初速度为v0,则下列判断正确的是（ ）A 从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒B 子弹射入木块瞬间动量守恒，故子弹射入木块瞬间子弹和木块的共同速度为C 忽略空气阻力，子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能等于子弹射入木块前的动能D 子弹和木块一起上升的最大高度为8如图所示，平行板电容器充电后与电源断开
5、，两个极板为A、B，B板接地，A板带电量+Q，板间电场有一固定点P，若将B板固定，A板下移一些，或将A板固定，B板上移一些，在这两种情况中，下列说法正确的是（ ）A A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D B板上移时，P点的电场强度减小，P点电势降低第II卷（非选择题）三、实验题9两同学验证反冲运动中动量守恒，如图所示，两质量分别为mA、mB玩具小车放置在水平桌面上，中间夹一弹簧，自某一位置突然放开，两小车做反冲运动，一段时间后，同时止住运动的小车，测出两小车运动的距离分别为sA、sB忽略小
6、车与桌面间的摩擦，请用以上物理量符号写出反冲前后动量守恒表达式_；已知课本宽度为L，并以此计量小车运动的距离分别,可知两小车质量之比：=_。10如图所示为用伏安法测定一个定值电阻阻值的实验所需的器材实物图，器材规格如下：A、待测电阻Rx(约100) B、直流毫安表（量程050mA，内阻约为）C、直流毫安表（量程03A，内阻约为）D、直流电压表（量程03V，内阻约 ）E、直流电压表（量程015V，内阻约）F、直流电源（输出电压6V，内阻不计）G、滑动变阻器（阻值范围015，允许最大电流1A） H、开关1个，导线若干根据器材规格及实验要求，(1)上述器材中应选用的是_。（字母代号）(2)实验电路应
7、采用电流表_接法（填“内”或“外”）。(3)设计实验电路图画在方框内_，并在本题的实物图上连线_。四、解答题11如图所示平行板电容器的扳间距离d=3cm，板与水平面夹角=37，两板所加电压U=100V，现有带电荷量为q=310-10C带电液滴，以v0=0.5m/s的水平速度从A板上边缘水平进入电场,在电场中仍沿水平方向并恰好从B板的下边缘水平飞出,sin37=0.6,cos37=0.8,g=10m/s2.求：(1)液滴的质量；(2)液滴飞出时的速度大小12如图所示，AB是一倾角为=37的绝缘粗糙直轨道，滑块与斜面间的动摩擦因数= 0.30，BCD是半径为R=0.2m的光滑圆弧轨道，它们相切于B
8、点，C为圆弧轨道的最低点，整个空间存在着竖直向上的匀强电场，场强E = 4.0103N/C，质量m = 0.20kg的带电滑块从斜面顶端由静止开始滑下。已知斜面AB对应的高度h = 0.24m，滑块带电荷q = -5.010-4C，取重力加速度g = 10m/s2，sin37= 0.60，cos37=0.80。求：（1）滑块从斜面最高点滑到斜面底端B点时的速度大小；（2）滑块滑到圆弧轨道最低点C时对轨道的压力。2018-2019学年四川省棠湖中学高二上学期期中考试理综物理试题物理答案1B【解析】中的q是试探电荷的电量，场强E与电荷q是无关的，选项A错误； 中的Q是场源电荷，即场强E是电荷Q产生
9、的，选项B正确； 中的E表示单位正电荷的受力，选项C错误； 适应于所有电场，都只对点电荷适用，选项D错误；故选B.2D【解析】磁场线的疏密程度表示磁场强弱，现一条磁感线无法比较，D正确。3D【解析】滑动变阻器的滑动触点向b移动时，R0接入电路的电阻增大，外电路电阻增大，电路中的总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增加，电压表的示数增大；电路的总电流减小，电阻R2两端电压增大，流过R2的电流增大，流过电流表的电流减小，电流表的示数减小。故D项正确，ABC三项错误。【点睛】电路动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析各元件上电压或电流的变化。灵活应用闭合电路的欧姆定律，电动势、路端电压和内电压关
10、系，串并联电路的电压电流关系是解决动态电路的关键。4C【解析】一个通电线圈也有N极和S极，也按照安培定则判断，纸里是线圈的N极，纸外是线圈的S极线圈外部的磁场是从线圈的N极出来回到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出来回到N极磁场中该点的磁体N极受到磁力方向和该点的磁场方向相同解：安培定则：用右手握着通电线圈，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电线圈的N极A、当线圈通以沿顺时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的N极，纸外是通电线圈的S极通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸里故A错误；B、当线
11、圈通以沿逆时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的S极，纸外是通电线圈的N极通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电线圈的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向相同，小磁针N极垂直指向纸外，故B错误；CD、由B的分析可知，当磁针N极指向读者，线圈中电流沿逆时针方向故C正确，D错误故选：C【点评】通电线圈内部的磁场方向和通电线圈外部的磁场方向不同通电线圈内部的磁场从S极出来回到N极；通电线圈外部的磁场从N极出来回到S极5D【解析】两带电粒子在磁场中运动轨迹如图所示，圆心分别为O1、O2，弦AP、AQ的中垂线交AC于M点和N点，由于AO1MAO2N，所以MO1PNO2Q，即两粒
12、子轨迹所对的圆心角相等，又T相同，所以两粒子在磁场中运动时间一样长，选项D正确，B、C错误；由图看出，从Q点射出的粒子半径大，速度大，选项A错误。6AC【解析】以图中所示点分析，速度沿轨迹切线，根据曲线运动条件可知电场力方向应如图所示，可见电场力方向与场强方向一致，则粒子是正电荷。粒子在M点的电场线疏，则电场力小、加速度小于N点的加速度。由于力与速度方向夹角为锐角，则电场力做正功，动能增加、电势能减小。综上分析，D正确。考点：本题考查电场力、曲线运动速度方向、曲线运动条件、电势能变化、动能定理、功。7BD【解析】A、C、从子弹射向木块到一起运动到最高点的过程可以分为两个阶段：子弹射入木块的瞬间
13、系统动量守恒，但机械能不守恒，有部分机械能转化为系统内能，之后子弹在木块中与木块一起上升，该过程只有重力做功，机械能守恒但总能量小于子弹射入木块前的动能，因此A、C均错误；B、由子弹射入木块瞬间动量守恒可得子弹射入木块后的共同速度为，B正确；D、之后子弹和木块一起上升，该阶段机械能守恒，可得上升的最大高度为，D正确.故选BD.【点睛】子弹射木块是一种常见的物理模型，由于时间极短，内力远大于外力，故动量守恒；系统接下来的运动是摆动，也是一种常见的物理模型，机械能守恒，当然，能用机械能守恒定律解的题通常都能用动能定理解决！8AC【解析】A、B、电容器两板所带电量不变，正对面积不变，A板下移时，根据
14、、和可推出：可知，P点的电场强度E不变。P点与下板的距离不变，根据公式U=Ed，P点与下板的电势差不变，则P点的电势不变；故A正确，B错误.C、D、B板上移时，同理得知，P点的电场强度不变，根据公式U=Ed，P点与下板的电势差减小，而P点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，所以P点电势降低；故C正确，D错误.故选AC.【点睛】本题是电容器的动态变化分析问题，板间的场强是一个很重要的结论.9；3:4【解析】忽略小车与桌面间的摩擦，反冲后两车都做匀速运动，则反冲后A、B两车的速度大小分别为，取向右为正方向，由动量守恒定律得：代入得：所以反冲前后动量守恒表达式：已知，代上式解得：【点睛】本题是运用
15、等效思维方法，用位移代替速度，这样将不便验证的方程变成容易验证10（1）ABDFGH （2）内 （3）； 【解析】(1)选择的唯一电源(F)的电动势为6V，故电压表应选择3V (D)较合适，选择15V读数误差太大且偏角太小；通过待测电阻的最大电流为，所以电流表应选择50mA(B),而选择3A量程太大，精确度不够；完整的器材代号为：ABDFGH.(2)由于待测电阻满足，即；所以电流表应用内接法.(3)由于变阻器的全电阻远小于待测电阻，所以变阻器应采用分压式接法，即电路应是分压内接电路，如图所示：；连线图如图所示：【点睛】伏安法需要掌握的要点：根据电源电动势大小来选择电压表量程，根据通过待测电阻的
16、最大电流来选择电流表量程；当变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法；当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法11（1） （2）1m/s【解析】液滴受到重力和电场力，做直线运动，故合力水平向右，采用正交分解法列式求解质量和合力，根据牛顿第二定律求解加速度，根据速度位移公式列式求解末速度.(1)带电液滴的受力如图，分解电场力电场强度根据平衡条件得qEcos370= mg 由以上两式解得m=810-3kg (2)由牛顿第二定律qEsis370= ma 在平行板中飞行的距离是由运动学公式 由以上各式解得 【点睛】本题考查粒子在电场和重力场的复合场中的运动问题，关键是
17、正确的受力分析，结合直线运动的条件并运用矢量运算法则得到重力和合力，在结合牛顿第二定律和运动学公式列式求解.12（1）2.4m/s （2）11.36N,方向竖直向下【解析】(1)滑块沿斜面滑下的过程中，根据动能定理求解滑到斜面底端B点时的速度大小.(2)滑块从B到C点，由动能定理可得C点速度，由牛顿第二定律和由牛顿第三定律求解【详解】(1)滑块沿斜面滑下的过程中，受到的滑动摩擦力f =(mg + qE)cos37=0.96N设到达斜面底端时的速度为v1，根据动能定理得:(mg + qE)h -解得:v1=2.4m/s (2)滑块从B 到C 点，由动能定理可得：(mg + qE)R(1cos37)=当滑块经过最低点时，有:FN-(mg+qE)= 由牛顿第三定律：FN，= FN=11.36N, 方向竖直向下【点睛】本题是动能定理与牛顿定律的综合应用，关键在于研究过程的选择.
