1、2018-2019学年四川省棠湖中学高一下学期开学考试物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题)一、单选题1下列物体的运动，不可能的是（ ）A物体加速度越来越大，速度越来
2、越小B物体速度越来越大，加速度越来越小C物体速度方向向东，加速度方向向西D物体速度随时间均匀增大，加速度也随时间均匀增大22018年12月8日上午9点半，随着一声枪响，环攀枝花国际公路自行车赛（绕圈赛）正式开始，来自18支国际职业车队的95名运动员从三线建设博物馆出发，沿城区主要道路绕行，最终返回起点，全程80.8 km。来自厄立特里亚国家队的戴维特也门以1小时52分22秒的成绩夺冠。下列说法中正确的是（ ）A上午9点半指的是时间B全程80.8 km指的是位移C研究运动员在全程中的运动可将其视为质点D根据上述数据，可以估算出戴维特也门的冲线速度约为43.14 km/h3甲、乙、丙三个质量相等的
3、物体，放在同一水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数相同。分别受到大小相等的作用力F，三个物体均保持静止，如图所示。关于三个物体受到的摩擦力大小关系，下列说法中正确的是（ ）A一样大 B甲最大 C乙最大 D丙最大4某物体做直线运动的x-t图像如图所示，下列说法中正确的是（ ）A物体在2s末回到出发点B物体在2s末距出发点最远C物体在0-1s内做匀加速运动D物体在0-2s内运动方向不变5甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移时间图象，即xt图象如图所示，则（ ）A刚出发时，甲车速度小Bt1时刻，两车相遇Ct2时刻，乙车速度大D0t2时间内，甲车
4、通过的距离大6如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为60的墙面上静止。墙面对木块（ ） A压力大小可能为零B摩擦力大小可能为零C压力与摩擦力的合力大小为FD压力与摩擦力的合力大小为7蹦极是一项户外休闲活动，跳跃者站在约40米以上高度的位置，用橡皮绳固定住后跳下，落地前弹起。如图为蹦极运动的示意图，弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连，运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过C点时合力为零，到达最低点D后弹起。整个过程中忽略空气阻力。在这个过程中（ ）A经过B点时，运动员的速度最大B从O点到C点，运动员的加速度大小不变C从B点到C点，运动员的速度不断增大D从C点到D点，运
5、动员的加速度不断减小8如图所示，质量分别为M和m的物体A、B用不可伸长的轻质细线连接，悬挂在定滑轮上，定滑轮固定在天花板上，已知Mm，滑轮质量及摩擦均不计A、B由静止释放后，在空中自由运动的过程中，下列说法正确的是（ ）A细线的拉力大于mgB细线的拉力等于mgC天花板对定滑轮的拉力等于(Mm)gD细线的拉力等于9如图所示，质量m=1.0kg的物块（视为质点）放在质量M=4.0kg的木板的右端，木板长L=2.5m.开始木板静止放在水平地面上，物块与木板及木板与水平地面间的动摩擦因数均为=0.2.现对木板施加一水平向右的恒力F=40N，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g=10m/s2.则
6、物块在木板上运动的过程中，下列说法中正确的是（ ）A物块与木板以相同的加速度做匀加速运动B木板的加速度大小为5.6m/s2C物块的最大速度大小为4.0m/sD物块到达木板左端时木板前进的位移大小为3.5m二、多选题10如图所示，A、B、C三个物体质量相等，它们与传送带间的动摩擦因数相同三个物体随传送带一起匀速运动，运动方向如图中箭头所示则下列说法正确的是（ ）AA物体受到的摩擦力不为零，方向向右B三个物体只有A物体受到的摩擦力为零CB、C受到的摩擦力大小相等，方向相同DB、C受到的摩擦力大小相等，方向相反11如图甲所示，质量为m1kg的物体置于倾角为37的固定且足够长的斜面上，t0时对物体施以
7、平行于斜面向上的拉力F，t1s时撤去拉力，物体运动的部分vt图像如图乙所示，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，则（ ）A物体1s后沿斜面向下运动B物体沿斜面向上运动的最大距离为10mC物体所受拉力F为30ND物体与斜面间的动摩擦因数为0.512如图所示，一个质量为m、横截面为直角三角形的物块ABC，ABC，AB边靠在竖直墙上，F是垂直于斜面BC的推力，物块静止不动，重力加速度为g则（ ） A物块受到的摩擦力大小为mgB竖直墙对物块的弹力大小为FcosC物块受到的摩擦力与弹力的合力，与F等大反向D物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下13如图所示，物体从O点开始做初速度不
8、为零的匀加速直线运动，在第一个时间T内通过位移为s1到达A点，紧接着在第二个时间T内通过位移为s2到达B点，则以下判断正确的是（ ）A物体运动的加速度为B物体运动的加速度为C物体在A点的速度大小为D物体在B点的速度大小为第II卷（非选择题)三、实验题14在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中.（1）如图（a）所示，测出弹簧的原长（自然长度）_.（2）如图（b）所示，在弹簧下端挂上1个、2个i个相同质量的钩码，实验测出弹簧静止时的伸长量，并作出的关系图线如图（c）.则该弹簧的劲度系数_(结果保留三位有效数字).（3）作出的图象的末端图象变弯曲的原因是：_15某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验
9、情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。(1)如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_。(2)本实验采用的科学方法是_。A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法(3)实验时，主要的步骤是:A在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；B用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；C用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧测力计的示数
10、；D按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；E只用一只弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示；F比较F和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论。上述步骤中：有重要遗漏的步骤的序号是_和_；遗漏的内容分别是_ 和_。四、解答题16如图所示，传送带与水平方向的倾角=37，在电动机的带动下以v=4m/s的速率顺时针方向运行，在传送带的B端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住，在传送带的A端无初速地释放一质量m1kg的物块，它与传送带间的动摩擦因数=0.5，AB间
11、的长度L9m，物块与挡板的碰撞能量损失不计，即碰撞后物块的速度大小不变，物块与挡板的碰撞时间极短g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)物体刚放上传送带时的加速度是多大；(2)从物块与挡板P第一次碰撞后，物块向上的总时间。17如图所示，长s=16m、倾斜角=370的斜面各通过一小段光滑圆弧与水平传送带和水平地面平滑连接，传送带长L=32m，以恒定速率v0=4m/s逆时针运行，将一质点物块轻轻地放上传送带右端A，物块滑到传送带左端B时恰好与传送带共速并沿斜面下滑，已知物块和传送带、斜面、水平地面间的动摩擦因数相同，物块最终静止在水平面上的D点，令物块在B、C处速率不变
12、，取g=10m/s2，（sin37=06，cos37=08）求：（1）动摩擦因数的值；（2）物块滑到C点时的速度的大小；（3）物块从A到D所经历的时间。2018-2019学年四川省棠湖中学高一下学期开学考试物理试题物理答案1D【解析】A、当加速度方向与速度方向相反，加速度越来越大，速度越来越小；故A正确.B、当加速度方向与速度方向相同时，速度增大，但加速度大小可以减小；故B正确.C、速度方向向东，说明向东运动，但加速度的方向可能向西；故C正确.D、速度随时间均匀增大，表示物体的加速度不变；故D错误.本题选不可能的故选D.【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速
13、运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系2C【解析】A、上午9点半指的是时刻，在时间轴上是一个点；故A错误.B、80.8km指的是运动轨迹的长度为路程，故B错误；C、研究运动员在全程中的运动时运动员的大小和形状可以忽略，故可以看成质点；故C正确.D、已知运动员的路程和时间，可以求出平均速率，而冲线速度为瞬时速度，其大小不等于平均速度率；故D错误.故选C.【点睛】本题关键明确位移与路程、时间间隔与时刻、质点的概念、速度与速率，重在两个量的区别.3D【解析】三个物体均静止不动，受力平衡，静摩擦力的大小与水平方向的力相等，根据平衡条件，有：f甲=Fcos，f乙=Fcos，f丙=F，可见，甲乙受地
14、面的摩擦力相等，丙受摩擦力最大；故选D.【点睛】对于滑动摩擦力，大小与物体间弹力成正比，对于静摩擦力，大小与外力相等4A【解析】C、D、在x-t图象中，斜率代表速度，故前2s内，在拐点之前01s内，做沿正方向的匀速直线运动，拐点之后12s做沿负方向的匀速运动；故C、D均错误.A、B、x-t图象的纵坐标表示位置，故01s的位置变化为5m，02s内的位置变化为零；则A正确，B错误.故选A.【点睛】本题考查对位移图象的理解，抓住坐标表示物体的位置，坐标的变化量表示位移，斜率代表速度是关键.5C【解析】因x-t图像的斜率等于速度，由图像可知刚出发时，甲车速度大，选项A错误；t1时刻，两车位移不相等，两
15、车没有相遇，选项B错误；t2时刻，甲车的速度为零，则乙车速度大，选项C正确；t2时刻两车的位移相同，则0t2时间内，两车通过的距离相同，选项D错误；故选C.6D【解析】木块受到重力和水平力F后，墙面对木块一定有压力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否则不能平衡。故AB错误；木块受重力、支持力、推力和静摩擦力平衡，根据多个共点力平衡的特点可知，墙壁的支持力与摩擦力的合力一定与重力与F的合力大小相等，方向相反，所以墙壁的支持力与摩擦力的合力为，故D正确，C错误。故选D。7C【解析】运动员经过B点时，运动员受向下的重力，此时弹力为零，则加速度向下，此位置的速度不是最大，选项A错误；从O点到B点，运动员的
16、加速度大小为g不变；从B点到C点，重力大于弹力，随弹力的增加，运动员的加速度逐渐减小，速度不断增大，选项B错误，C正确；从C点到D点，弹力大于重力，随弹力的增加，运动员的加速度不断增加，选项D错误；故选C.【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确力是改变物体运动状态原因，要根据受力情况来分析运动情况，注意不能认为绳子一张紧人即减速或停止，而实际情况是人要先做加速度减小的加速运动，然后再做减速运动8A【解析】因为m的加速度方向向上，根据牛顿第二定律有T-mg=ma，则细线的拉力一定大于mg。故A正确，B错误。对整体分析，根据牛顿第二定律得，隔离对m分析，T-mg=ma，解得T=mg+ma=
17、故D错误。对定滑轮分析，有T2T故C错误。故选A。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，知道M和m的加速度大小相等，掌握整体法和隔离法的运用9D【解析】A物体与物体恰好相对滑动时物块的加速度：a临=g=2m/s2，拉力的临界值： ,解得，物块与木板相对滑动，不可能以相同的加速度做匀加速运动，故A错误；B木板的加速度：，故B错误；C木块的加速度：a木块=g=2m/s2，经过时间t木块从木板上滑落，则：L=a木板t2 a木块t2，代入数据解得：t=1s，此时木块的速度最大为：v=a木块t=21=2m/s，故C错误；D物块到达木板左端时木板前进的位移大小：x木板a木板t
18、2712=3.5m，故D正确；故选D。10BC【解析】三个物体匀速运动,受力平衡。A不受摩擦力，BC所受摩擦力等于重力沿斜面方向的分力，大小相等，方向相同，沿斜面向上。答案选BC。11CD【解析】由图像可知，物体1s后沿斜面向上做匀减速运动，选项A错误；物体沿斜面向上运动的最大距离为，选项B错误；当力F作用时物体的加速度：；其中；撤去F后的加速度：，其中；联立解得：F=30N；0.5，选项CD正确；故选CD.12BD【解析】对物块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和向上的静摩擦力f，如图；由于物体保持静止，根据共点力平衡条件，有：x方向 N-Fcos=0；y方向 f-G-Fsin=0；又G=
19、mg；由以上两式，解得N=Fcos；f=mg+Fsin；选项B正确，A错误；由力的平衡可知，物块受到的摩擦力与弹力的合力，与G和F的合力等大反向，选项C错误；物块受到的弹力N与F的合力与G和f的合力方向等大反向，可知物块受到的弹力与F的合力方向竖直向下，选项D正确；故选BD.【点睛】本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件，结合正交分解法列式求解13BC【解析】AB由s=aT2得物体的加速度为，故A错误，B正确；CA点为该过程中时间的中点，根据匀变速直线运动规律可知，该点的瞬时速度等该过程中的平均速度，即，故C正确；D根据匀变速运动的速度公式有，故D错误；故选BC。14（1）9.0 （2
20、）50.0 （3）超出弹簧的弹性限度【解析】（1）如图（a）所示，测出弹簧的原长（自然长度）为9.0cm；（2）根据图像可知弹簧的劲度系数： （3）从弯曲的图线可以看出，发生相同形变量时，增加的质量在减小，说明弹簧更容易发生形变了，即弹簧的进度系数发生了明显的减小，说明超出了弹簧的弹性限度。【点睛】本题关键从实验原理出发设计实验并进行数据处理；用图象法处理数据有利于减小实验误差15（1）F （2）B （3）C；E；C中应加上“记下两条细绳的方向”；E中应说明“把橡皮条的结点拉到同一位置O”【解析】（1）实验中F是由平行四边形得出的，而F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实
21、验过程不可 避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差，故答案为（2）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，采用了“等效替代”法，B正确。（3）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O考点：“验证力的平行四边形定则”的实验16(1) (2)【解析】(1)物块从A点由静止释放，物块相对传送带向下加速运动，有： 解得： (2)设物块下滑到与P碰前的速度为
22、v1，根据运动学规律有： 解得: 物块与挡板碰撞后，以v1的速度反弹，因v1v，物块相对传送带向上做减速运动，物块受到的摩擦力沿传送带斜向下，由牛顿运动定律有： 解得：a2=10m/s2 物块速度减小到与传送带速度相等的时间 此后物块的速度小于传送带的速度，物块相对传送带向下滑动，但相对于地面物块继续向上滑动，摩擦力反向有 解得： 物块速度减小到零的时间 物块向上的总时间 点睛：本题关键明确滑块的受力情况，认真分析物块运动的物理过程，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解17（1）0.5 （2）1s （3）3s【解析】（1）物块在传送带上做匀加速直线运动，加速度：，由牛顿第二定律得：mg=ma，解得：=025；（2）从B到C，由动能定理得：mgSsin-mgScos=mvC2-mv02解得：vC=12m/s；（3）在传送带上的加速度为a=25m/s2，到达传送带左端所需的时间为：在水平面上运动的时间为从A到D经历的时间：t=t1+t2+t3=84s考点：牛顿第二定律及动能定理的应用【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律与运动学公式，要注意明确加速度是联系力和运动之间的桥梁；要注意体会其重要性。
