1、1四川省绵阳市 2019 年中考物理真题试题一、填空题（每小题 3 分，共 36 分）1下列各种活动中，能通过互联网做到的是（ ）A传送网购的运动鞋 B远程学习物理课程C输送发电厂的电能 D传输纸质信件【分析】根据互联网功能、提供的服务分析解答。【解答】解：人们可以通过互联网进行远程教育、远程医疗会诊、打 IP 电话、查阅资料、发送电子邮件等；传送网购的运动鞋、传输纸质信件要利用交通工具完成，输送发电厂的电能需要利用电网完成，故 B 正确，ACD 错误。故选：B。2如图所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出桌边。先用较小的力拨动钢尺，听它振动发出的声音；保持钢尺位置不动，再用较大的力拨动钢尺
2、，听到的声音（ ）A响度变大 B响度变小 C音调变高 D音调变低【分析】声音是由物体的振动产生的，振动停止，发生也停止；响度跟振幅有关，振幅越大响度越大。【解答】解：将一把钢尺紧紧按在桌面上，一端伸出桌面适当的长度，拨动钢尺，就可听到钢尺振动发出的声音；保持钢尺位置不动若改用更大的力拨动钢尺，钢尺的振幅变大，响度变大；故选：A。3用如图所示的装置探究通电导线在磁场中的受力情况。接通电源，发现导体 ab 向左运动；把电源正负极对调后接入电路，发现导体 ab 向右运动。这个实验事实说明通电导线在磁场中受力（ ）A方向与电流方向有关 B方向与磁感线方向有关C大小与电流大小有关 D大小与磁场强弱有关【
3、分析】通电导体在磁场中受力而运动，运动方向跟电流方向和磁场方向有关。【解答】解：接通电源，发现导体 ab 向左运动，把电源正负极对调后接入电路，电流的方向改变了，发现导体 ab 向右运动。说明通电导线在磁场中受力方向跟电流方向有关。故选：A。4如图所示，用塞子塞紧瓶口，再用打气筒向瓶内打气，当瓶内气压达到足够大时，塞子从瓶口冲出。下列关于瓶内气体的说法，正确的是（ ）2A向瓶内打气，外界对气体做功，气体内能减少B向瓶内打气，气体对外界做功，气体内能增加C塞子从瓶口冲出，气体对外界做功，气体内能减少D塞子从瓶口冲出，外界对气体做功，气体内能不变【分析】物体对外做功，物体的内能减少；外界对物体做功
4、，物体的内能增加。【解答】解：如图，向瓶内打气时，外界对瓶内气体做功，瓶内气体的内能增加，气体的压强增大，增大到一定程度，塞子从瓶口冲出，此时气体对塞子做功（即对外界做功），气体的内能转化为塞子的机械能，气体的内能减少，故 C 正确，ABD 错误。故选：C。5装有半杯水的封闭玻璃杯，放入冰箱被冷冻较长时间，取出后用干毛巾擦干玻璃杯表面，放一会儿，玻璃杯表面会变湿。这是由于（ ）A空气中的水蒸气凝华成霜造成的B空气中的水蒸气液化成水造成的C玻璃杯中的冰升华成水蒸气造成的D玻璃杯中的冰熔化成水造成的【分析】水蒸气遇到温度比较低的物体时，就会遇冷液化，形成小水珠。【解答】解：由于从冰箱取出的玻璃杯，
5、温度比较低，周围空气中的水蒸气遇冷会发生液化，使玻璃杯表面会变湿，如果马上擦去这层水，又有新的水蒸气在温度低的玻璃杯表面发生液化，所以一会儿又变湿。故选：B。6分子之间既有引力又有斥力。其中，分子之间的斥力大小 F 斥 随着分子间距离 r 变化的情况如图所示。根据图象可知：分子之间斥力的大小（ ）A随着分子间距离的增大先增大后减小B随着分子间距离的增大先减小后增大C随着分子间距离的减小而减小D随着分子间距离的减小而增大【分析】分子间的引力随分子间的距离增大而减小。3【解答】解：由图象知，分子间的距离增大时，分子间的斥力会减小，则分子间的距离减小时，分子间的斥力会增大，故 ABC 错误，D 正确
6、。故选：D。7如图所示，灯泡 L1和 L2（灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额定电压，且保持不变，开关 S 由闭合到断开，电路中（ ）AL 1变亮，电压表示数变小BL 1变暗，电流表示数变大CL 2亮起来，电压表示数变大DL 2亮起来，电流表示数变小【分析】开关 S 闭合时，电路为灯泡 L1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关 S 断开时，灯泡 L1和 L2串联，灯泡 L2亮起来，电压表测灯泡 L1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和，判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律判断出电路中的电流的变化和灯泡 L1两端的电压的
7、变化，即电压表的示数的变化，根据 P=UI 可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化。【解答】解：开关 S 闭合时，电路为灯泡 L1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关 S 断开时，灯泡 L1和 L2串联，灯泡 L2亮起来，电压表测灯泡 L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，由 I= 可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故 D 正确；由 U=IR 可知，灯泡 L1两端的电压变小，即电压表的示数变小，故 C 错误；因 P=UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以
8、，灯泡 L1的实际功率变小，灯泡 L1变暗，故 A、B错误。故选：D。8舞蹈训练室竖直墙壁上安装有平面镜，甲、乙、丙三位同学在平面镜前的位置如图所示，他们位置连线是等腰直角三角形，甲在直角顶点，乙、丙连线平行于平面镜。则（ ）A甲与甲的像间的距离小于乙与乙的像间的距离B乙与乙的像间的距离大于丙与丙的像间的距离C甲的像与乙的像间的距离小于乙的像与丙的像间的距离D甲的像与乙的像间的距离大于乙的像与丙的像间的距离4【分析】根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，分析解答即可。【解答】解：A、由图知，甲到平面镜的距离大于乙到平面镜的距离，根据平面镜成像特点可知，甲与甲的像间的距离大于
9、乙与乙的像间的距离，故 A 错误；B、乙、丙连线平行于平面镜，所以乙到平面镜的距离等于丙到平面镜的距离，根据平面镜成像特点可知，乙与乙的像间的距离等于丙与丙的像间的距离，故 B 错误；CD、根据平面镜成像对称性的特点，甲的像与乙的像间的距离（即甲与乙的距离）小于乙的像与丙的像间的距离（即乙与丙的距离），故 C 正确，D 错误；故选：C。9如图所示，斜面长 20m、高 10m，固定在水平地面上。一位同学用平行于斜面向上 40N 的拉力，在 20s内把重 60N 的物体沿斜面向上匀速拉动了 10m。在此过程中（ ）A斜面的机械效率是 66.7%B斜面的机械效率是 75%C该同学对物体做功的功率是
10、10WD该同学对物体做功的功率是 30W【分析】由题知，斜面长 20m、高 10m，则物体沿斜面向上匀速运动 10m 时，物体升高 5m；（1）利用 W=Fs 求拉力 F 做的总功，利用 W=Gh 求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；（2）该同学对物体做功的功率等于有用功与所用时间之比。【解答】解：由题知，斜面长 20m、高 10m，则物体沿斜面向上匀速运动 s=10m 时，物体升高 h=5m；（1）拉力 F 做的总功：W 总 =Fs=40N10m=400J；拉力做的有用功：W 有用 =Gh=60N5m=300J；斜面的机械效率：；（2）该同学对物体做功的功率：。故选：B。1
11、0正确使用插线板是安全用电的要求。使用右图所示的插线板时发现：只有开关闭合时，指示灯才能放光，插孔才能提供工作电压；即使指示灯损坏，开关闭合插孔也能提供工作电压。根据上述现象，插线板内线路及电源连接方式是（ ）5A B C D【分析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故
12、 D 正确。故选：D。11用水平力 F1拉动如图所示装置，使木板 A 在粗糙水平面上向右匀速运动，物块 B 在木板 A 上表面相对地面静止，连接 B 与竖直墙壁之间的水平绳的拉力大小为 F2不计滑轮重和绳重，滑轮轴光滑。则 F1与 F2的大小关系是（ ）AF 1=F2 BF 2F 12F 2 CF 1=2F2 DF 12F 2【分析】在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态。对动滑轮、物块 B 和木板 A 进行受力分析，明确各自受哪些力，方向如何，确定大小关系。【解答】解：由图知，（1）动滑轮在水平方向上受到三个力的作用：水平向右的拉力 F1，墙壁对它水平向左的拉力 F 墙 ，木板A
13、对它水平向左的拉力 F 木板 ，由于木板向右匀速运动，所以 F1=F 墙 +F 木板 ，由于同一根绳子各处的拉力相等，所以 F 木板 = F1，12由于力的作用是相互的，所以动滑轮对木板 A 的拉力为 F 动 =F 木板 = F1-；12（2）物块 B 在水平方向上受到两个力的作用：绳子对它向左的拉力 F2，木板 A 对它向右的摩擦力 FA 对B；由于物块 B 保持静止，所以 F2=FA 对 B；木板 A 在水平方向上受到三个力的作用：动滑轮对木板向右的拉力 F 动 ，物体 B 对木板向左的摩擦力 FB 对A，地面对木板向左的摩擦力 F 地面 ，由于木板向右匀速运动，所以 F 动 =FB 对
14、A+F 地面 -由于力的作用是相互的，所以 FB 对 A=FA 对 B=F2-由可得 F 动 =F2+F 地面 ，即 F1=F2+f 地面 ，12也就是 F1=2F2+2f 地面 ，所以 F12F 2。故选：D。12我国 10 万吨级的“新光华”号半潜船拥有两个标准足球场大的甲板，为亚洲最大。2019 年 1 月，“新光华”号半潜船从巴西运载 2.5 万吨的超大型钻井平台回到广州。半潜船装载钻井平台的工作过程6示意图如图所示，半潜船先通过调整水舱里的压载水量，平稳地将船身和甲板潜入约 30 米深的水下，只露出船楼建筑；然后将漂浮的钻井平台拖拽到甲板正上方水面，半潜船开始排出水舱里的压载水，上浮
15、到甲板与钻井平台底部接触时，将钻井平台绑扎固定在甲板上，继续排出水舱里的压载水，半潜船船身连同钻井平台一起上浮，浮出水面，最后静止。半潜船在上浮过程中（ ）A当排出的压载水重大于钻井平台重时才开始上浮B当排出的压载水重等于钻井平台重时才开始上浮C排出的压载水总重大于钻井平台重D排出的压载水总重等于钻井平台重【分析】（1）根据阿基米德原理原理和浮沉条件分析排开压载水重时半潜船的运动状态；（2）物体漂浮时，浮力等于重力；物体的重力增加，浮力增加，增加的物体的重力等于其排开的液体的重力。【解答】解：半潜船在上浮过程中分为 3 个状态，如下：图 1 是半潜船的船身和甲板潜入约 30 米深的水下的状态（
16、此时漂浮）；图 2 是上浮到甲板与钻井平台底部刚刚接触时的状态；图 3 是半潜船船身连同钻井平台一起上浮，浮出水面，最后处于静止状态；AB、图 1 中，半潜船在水下约 30 米深的位置处于漂浮状态，浮力等于重力；由图 1 到图 2，将压载水排出水舱，则半潜船的重力减小，重力小于浮力，则半潜船会上浮，所以只要排出压载水，半潜船就会上浮，故 AB 错误；CD、图 1 中：F 浮 1=G 半潜船 ，图 3 中：F 浮 3=G 半潜船 -G 排总 +G 钻 （其中 G 排总 为整个过程中排出的压载水总重），由图可知：V 排 1V 排 3；由于都是在水中，则由 F 浮 = 液 V 液 g 可知，F 浮
17、1F 浮 3，即：G 半潜船 G 半潜船 -G 排总 +G 钻 ，所以，G 排总 G 钻 ，故 C 正确，D 错误。故选：C。二、填空题（共 5 个小题，每空 2 分，共 20 分）713人进入老年后，眼睛睫状体对晶状体的调节能力减弱，太远、太近的物体都看不清楚。近视远视一体眼镜（双光镜）可以解决这个问题，戴上这种眼镜，透过下半部分可以看清书上文字，透过上半部分镜片可以看清远处景物。由此可知，近视远视一体眼镜下半部分是_透镜，上半部分镜片对光具有_（选填“会聚”或“发散”）作用。【分析】（1）近视眼的成因是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长
18、，因此来自远处点的光会聚在视网膜前；对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行纠正。（2）远视眼的成因是只能看清远处的物体，看不清近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此来自远处点的光会聚在视网膜后；对远视眼的矫正可通过凸透镜对光线的会聚作用进行纠正。【解答】解：远视眼是只能看清远处的物体，看不清近处的物体；由题意可知，戴上这种眼镜，透过下半部分可以看清书上文字，说明近视远视一体眼镜下半部分起到了远视眼镜的作用，即是凸透镜；近视眼是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，对近视眼的矫正可通过凹透镜对光线的发散作用进行纠正。由题意可知，透过上半部分镜片可以看清远处景
19、物，说明上半部分镜片是凹透镜，该部分对光线有发散作用。故答案为：凸；发散。142019 年 1 月 3 日，嫦娥四号实现了人类探测器首次成功在月球背面软着陆。嫦娥四号探测器在距离月球表面 100 米高处悬停，对月球表面识别，并自主避障，选定相对平坦的区域后，开始缓慢地竖直下降，最后成功软着陆。从距离月球表面 100 米到软着陆在月球表面的过程中，嫦娥四号探测器的重力势能_，机械能_。（选填“增加”或“不变”或“减少”）【分析】从重力势能和动能大小的影响因素进行判断，又因为机械能等于动能和势能的总和，然后判断机械能的变化。【解答】解：嫦娥四号从距离月球表面 100 米到软着陆在月球表面的过程中，
20、质量不变，高度减小，重力势能减少；该过程中其速度减小，动能减少；探测器没有发生弹性形变，不具有弹性势能，则机械能等于重力势能与动能的总和，所以其机械能减少。故答案为：减少；减少。15我国自行设计和自主研制的蛟龙号载人潜水器，曾创造了下潜 7062 米的世界同类作业型潜水器最大下潜深度记录，其体积约为 50m3蛟龙号某次在太平洋某海域下潜到上表面距海面 2000m 时，进行预定的悬停作业此时上表面受海水压强是_Pa，蛟龙号受到海水的浮力是_Ng 取 10N/kg，海水 =1.03103kg/m3。【分析】（1）利用液体压强计算公式 p=gh 便可以算出第一问答案；（2）当蛟龙号下潜到海面下 20
21、00m 时，它完全浸入水中其排开水的体积等于自身的体积，利用阿基米德原理 F= 海水 gV 排 便可算出答案；【解答】解：（1）当蛟龙号下潜到上表面距海面 2000m 时，其上表面受到海水的压强：p= 海水 gh=1.03103kg/m310N/kg2000m=2.06107pa。（2）此时蛟龙号它完全浸入水中，其排开水的体积等于自身的体积，蛟龙号受到海水的浮力：F 浮 = 海水 gV 排 =1.03103kg/m310N/kg50m3=5.15105N。故答案是：2.0610 7；5.1510 5。816一个标准大气压下，将质量 1.0kg 的水从 20加热到沸腾，水吸收的热量是_J小明家天
22、然气热水器的热效率是 84%，他某次洗澡，耗水 40kg，自来水进热水器的温度是 24，出热水器的温度是40，小明这次洗澡消耗天然气_m 3已知水的比热容是 4.2103J/（kg），天然气的热值是3.2107J/m3。【分析】（1）利用 Q 吸 =cmt 求水吸收的热量；（2）利用 Q 吸 =cmt 求洗澡时水吸收的热量；已知热水器的热效率，由 =吸放可求得天然气放出的热量，再利用 Q=Vq 可求得天然气体积。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q 吸 =cmt=4.210 3J/（kg）1.0kg（100-20）=3.3610 5J；（2）他某次洗澡时水吸收的热量：Q 吸 =cmt=4.210
23、 3J/（kg）40kg（40-24）=2.68810 6J；由 = 可得，天然气放出的热量：吸放；由 Q 放 =Vq 可得，消耗天然气体积：。故答案为：3.3610 5；0.1。17某一天晚上睡觉前，小文同学用有预约功能的电饭煲为家人第二天早餐煲粥。小文将大米等食材放入电饭煲内，接通 220V 家庭电路，经过了待机、加热、保温三个过程，早餐前断开电源，电饭煲消耗的电功率随时间变化的图象如图甲所示，电饭煲加热过程消耗的电能是_kWh已知小文家电饭煲加热和保温部分基本电路原理如图乙所示，S 是接通家庭电路的开关，S 1是自动开关，R 1和 R2为电阻不变的电热丝，则 R2=_。【分析】（1）从图
24、甲中获取信息：看 0-5h 这段时间是待机状态，待机功率 P 待 =44W；5-6h 为加热状态，加热功率 P 加 =880W；6-7h 为保温状态，保温功率 P 保 =220W。电能的计算公式：P=Wt；（2）当开关 S、S 1闭合时，R 1与 R2并联，电路总电阻较小；S 闭合 S1断开时，电路只有 R2工作，总电阻较大。电路的总电压不变，根据公式 P 可知，R 越小功率越大，所以 R1与 R2并联时为加热状态，有 R2工作时为保温状态。利用公式： 可以求对应的电阻。【解答】解：（1）由图甲可知，0-5h 这段时间是待机状态，待机功率 P 待 =44W；5-6h 为加热状态，加热功率 P
25、加=880W；6-7h 为保温状态，保温功率 P 保 =220W。加热过程的时间 t 加 =1h，P 加 =880W=0.88kW，则加热过程消耗的电能：W 加 =P 加 t 加 =0.88kW1h=0.88kWh；9（2）由图乙可知，当开关 S、S 1闭合时，R 1与 R2并联，电路总电阻较小，总功率较大，总功率为 P 加=880W。当开关 S 闭合、S 1断开时，电路只有 R2工作，总电阻较大，功率较小，其功率为 P2=220W。则 R2的阻值： 。故答案为：0.88；220。三、实验探究题（18 小题第 3 问 1 分，其余每空 2 分，共 19 分）18在“探究光折射时的特点”试验中，
26、让光源发出的一束光从水中以不同的角度射入空气，观察到光束在水中和空气中的径迹如图所示。回答以下问题：（1）此现象说明_（选填序号）A光路可逆B光在水面只发生了折射C光在水面只发生了反射射D光在水面既发生了折射又发生了反射（2）增大这一束光与竖直方向的夹角，发现射入空气的光的径迹与竖直方向的夹角也增大，此现象说明_（选填序号）A入射角增大，折射角减小B入射角增大，折射角增大C折射角的大小与入射角的大小成正比D折射角的正弦值与入射角的正弦值成正比（3）让这一束光垂直于水面射入空气。传播方向_（选填序号）。A向右偏 B向左偏 C不偏【分析】光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角；光从水或
27、其它透明介质斜射入空气中，折射角大于入射角；光垂直射到界面时不改变方向；光射到界面上时同时发生反射和折射。【解答】解：（1）让光源发出的一束光从水中以不同的角度射入空气，观察到光束在水中和空气中的径迹如图所示，图中可以看到反射光线，同时也看到折射光线，故选 D。（2）光源射出的光线和竖直方向的夹角是入射角，空气中的光线和竖直方向的夹角是折射角；增大这一束光与竖直方向的夹角，即增大了入射角，发现射入空气的光的径迹与竖直方向的夹角也增大，也就是折射角也增大，此现象说明入射角增大，折射角增大，但不能得出成正比的关系，故选 B。（3）光垂直射到界面时不改变方向；所以，让这一束光垂直于水面射入空气，其传
28、播方向不偏转，故选C。故答案为：（1）D；（2）B；（3）C。1019测量标有“2.5V”字样的小灯泡在额定电压下工作时的电阻，小灯泡的额定功率估计在 0.8W 左右。实验室提供的器材有：两节干电池、电压表 V（量程 0-3V）、滑动变阻器、导线若干、开关、待测小灯泡。供选择的电流表：A 1（量程 0-0.6A）、A 2（量程 0-3A）。回答下列问题：（1）电流表应选用_（“A 1”或“A 2”）。（2）连接好如图所示的实验电路，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有较大的示数。电路的故障可能是_（选填序号）A电压表断路 B小灯泡断路C电压表短路，且小灯泡断路 D电流表短路，且小灯泡
29、断路（3）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表示数为 2.5V，电流表示数如图乙所示，小灯泡正常发光时的电阻是_（小数点后保留一位数字）。【分析】（1）由小灯泡的额定电压为 2.5V，额定功率估计在 0.8W 左右，根据 P=UI 求出灯的额定电流确定选用的电流表；（2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为 2.5V，额定功率估计在 0.8W 左右，根据 P=UI，灯的额定电流约为： ，故电流表选用 A1（量程 0-0.6A）；（2）A、若电压表断路，电流有表示数，不符
30、合题意；B若小灯泡断路，灯光不发光，电流表示数为 0，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有较大示数，符合题意；C电压表短路，电压表示数为 0，不符合题意；D电流表短路，电流表示数为 0，且小灯泡断路，灯不发光，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有较大示数，符合题意；故选 BD；（3）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表示数为 2.5V，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为 0.02A，电流为 0.3A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻是：。故答案为：（1）A 1 ； （2）B、D； （3）8.3。20测量小石块的密度。实验室器材有：托盘天平、量筒、细线、装有适量水的烧
31、杯和待测小石块。请按以下实验步骤完成实验：11（1）调节天平平衡。将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺左端的零刻度线处，发现指针在分度盘的位置如图甲所示，应将右边平衡螺母向_调节（选填“左”或“右”）。（2）用调节好的天平称小石块质量。三次测量结果记录在下表中。序号 1 2 3小石块质量 m/g 52.8 52.4 52.4（3）在量筒中装入 60ml 的水，把小石块放入量筒内，量筒中的水面如图乙所示，则小石块的体积是_cm3。（4）小石块的密度是_g/cm 3（小数点后保留两位数字）。（5）设计上，小石块要吸水，本实验测得的小石块的密度_（选填“大于”或“小于”或“等于”）小石块的真实密度。
32、【分析】（1）天平使用前的调节：放：把天平放到水平桌面上；移；把游码移到标尺左端零刻线处；调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；（2）分析 3 次测量结果，找出错误的数值即可知小石块质量；（3）读出水的体积、水和石块的总体积，之差即为石块的体积；（4）根据 = 求出石块的密度；（5）如果石块吸水会导致水和石块的总体积变小，石块的质量不变，导致石块的密度变大。【解答】解：（1）天平要放在水平台上或水平桌面上，先将游码移到标尺左端零刻线处；图甲中指针指在分度盘中央的左侧，应将平衡螺母向其反方向调节，故将平衡螺母向右调节。（2）由表格数据可知，第一次测量结果是错误的，则小石块质量 m=52.4
33、g；（3）由图知，石块和水的总体积 V2=80cm3，则石块的体积 V=V2-V1=80cm3-60cm3=20cm3；（4）石块的密度 。（5）如果石块具有吸水性，会导致测得水和石块的总体积偏小，测得石块的体积偏小，石块的质量不变，由 = 可知，测得小石块的密度偏大。故答案为：（1）右；（3）20；（4）2.62；（5）大于。12四、综合应用题（第 1 小题 8 分，第 2 小题 12 分要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤有数值计算的题，必须写出数值和单位）21甲、乙两地相距 100km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条用同种材料制成的粗细均匀的输电线，投入使用前，需要对输电线进行
34、测试。技术人员在甲地用电源、电压表和电流表接成如图所示电路进行测试，当在乙地输电线两端接入阻值为 10 的电阻时（图中未画出），电压表示数为 5.0V，电流表示数为 0.10A；保持电源电压不变，技术人员在某处将输电线线设置成短路（图中未画出），再次测试时，电流表示数为 0.25A求：（1）甲、乙两地间每条输电线的电阻值； （2）短路位置离甲地的距离。【分析】（1）第一次测试时，已知电路中电压为和电流，由欧姆定律求出电路的电阻；根据电阻的串联得出甲、乙两地间每条输电线的电阻值；（2）某处将输电线线设置成短路，已知电路的电压和电流，由欧姆定律得出电路的电阻，从而得出短路位置与甲地之间每条输电线的
35、电阻；根据已知条件求出短路位置离甲地的距离。【解答】解：（1）第一次测试时，电路中电压为：U 1=5.0V，电流为 I1=0.10A，由欧姆定律，电路的电阻为： ；设每条输电线的电阻为 R0，在乙地输电线两端接阻值为 R=10，根据电阻的串联，则有 2R0+R=R，故 ；（2）某处将输电线线设置成短路，U 1=5.0V，电流为 I2=0.25A 再次测试时，由欧姆定律，；短路位置与甲地之间每条输电线的电阻为：；甲乙两地相距为 L1=100km，设短路位置离甲地的距离为 L2，则短路位置离甲地的距离为：。答：（1）甲、乙两地间每条输电线的电阻值为 20；（2）短路位置离甲地的距离为 50km。2
36、2为减少碳排放，国家鼓励发展电动车。综合续航里程是电动车性能的重要指标，我国目前测试综合续航里程的标准是：电动车充满电后，重复以下一套循环，将电能耗尽后实际行驶的里程就是综合续航里程。一套循环：由 4 个市区工况与 1 个市郊工况组成。市区工况是模拟在市区速度较低的情况，每 1个市区工况平均时速 18km/h，行驶时间 200s；市郊工况是模拟交通畅通的情况，每 1 个市郊工况平均时速 64.8km/h，行驶时间 400s。国产某型号的电动汽车有四个相同的轮胎，空载整车质量 2400kg，在水平地面上时每个轮胎与地面的接13触面积是 0.06m2，使用的液冷恒温电池包充满电后蓄电池电能是 70
37、kWh。某次测试，在市区工况行驶过程中，电动汽车平均牵引力大小是 480N，在市郊工况行驶过程中，电动汽车平均牵引力大小是 600N，测得的综合续航里程是 336km。g 取 10N/kg。求：（1）空载时轮胎对地面的压强。（2）本次测试中，完成 1 个市区工况，电动汽车牵引力做的功。（3）本次测试中，完成一套循环，电动汽车平均消耗多少 kWh 的电能。【分析】（1）根据 G=mg 算出空载时整车的重力，根据 p= 算出空载时轮胎对地面的压强；（2）根据一个市区的速度和时间算出完成 1 个市区工况的路程，根据 W=Fs 算出完成 1 个市区工况，电动汽车牵引力做的功；（3）根据一个市郊的速度和
38、时间算出完成 1 个市郊工况的路程，根据 W=Fs 算出完成 1 个市郊区工况，电动汽车牵引力做的功；将两次做的功相加就是完成一套循环，电动汽车平均消耗的电能。【解答】解：（1）空载时整车的重力：G=mg=2400kg10N/kg=2.410 4N；空载时轮胎对地面的压强： ；（2）根据 v= 知，每 1 个市区工况的距离：s 市区 =v 市区 t 市区 = m/s200s=1000m，183.6电动汽车牵引力做的功：W 市区 =F 市区 s 市区 =480N1000m=4.8105J；（3）每 1 个市郊工况的距离： ，电动车完成一套循环行驶的路程为 s，综合续航里程为 s0，将电能耗尽完成一套循环的个数为 n，则s=4s 市区 +s 市郊 =41000m+7200m=11200m=11.2km，电动车完成一套循环平均消耗的电能为 E，电池包蓄能为 E 总 ，则。答：（1）空载时轮胎对地面的压强为 105Pa；（2）本次测试中，完成 1 个市区工况，电动汽车牵引力做的功 4.8105J；（3）本次测试中，完成一套循环，电动汽车平均消耗 2.3kWh 的电能。
