1、2018-2019 学年贵州省遵义市桐梓县九年级（下）竞赛物理试卷一选择题（共 6 小题，满分 24 分，每小题 4 分）1甲乙丙三人各乘一架飞机，从他们自己乘坐的飞机往外看，甲看到丙的飞机匀速下降，乙看到丙的飞机静止不动；丙看到楼房匀速下降，则正确的是（ ）AV 甲 V 乙 V 丙 BV 甲 V 乙 V 丙CV 甲 V 乙 V 丙 DV 甲 V 乙 V 丙2有一种压电塑料薄膜，在压力作用下表面会产生电压，则这一过程中能量的转换情况是（ ）A机械能转化为电能 B电能转化为机械能C内能转化为电能 D内能转化为机械能3一个未装满水的密闭杯子，先正立放在水平桌面上（如甲图），然后反过来倒立在水平桌面
2、上（如乙图），两次放置时，甲图中水对杯底的压力和压强分别为 F 甲 、p 甲 ，乙图中水对杯底的压力和压强分别为 F 乙 、p 乙 ，下列判断正确的是（ ）Ap 甲 p 乙 F 甲 F 乙 Bp 甲 p 乙 F 甲 F 乙Cp 甲 p 乙 F 甲 F 乙 Dp 甲 p 乙 F 甲 F 乙4如图所示的电路中，电源电压保持不变，R 是定值电阻，当开关闭合时，标有“6V 2W”的小灯泡 L 恰好正常发光：若保持定值电阻 R 不变，将 L 换成另一只标有“9V 3W”的小灯泡，闭合开关后，小灯泡工作时实际电压和消耗的实际功率说法正确的是（ ）A大于 6V，小于 3W B等于 9V，等于 3WC大于 6
3、V，等于 3W D小于 6V，小于 2W5如图所示电路，电源电压为 12V 且保持不变。闭合开关 S，当滑片 P 置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P 置于变阻器的 b 端时，电压表的示数变化了 2V，在 10s 内定值电阻R1 产生的热量为 60J，则下列结果正确的是（ ）A电路中的最小电流为 1.5AB滑片 P 在中点时，9s 内滑动变阻器 R 消耗的电能为 60JCR 1 先后两次消耗的电功率之比为 4：3DR 先后两次消耗的电功率之比为 8：96如图所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“4V ”字样，电流表的量程为 00.6A 图乙是小灯泡的电流随其电压变化的图象。滑动
4、变阻器 R1 的最大阻值为 20，定值电阻 R2 的阻值为10当闭合 S 和 S2、断开 S1，滑片移到中点时，小灯泡 L 恰好正常发光，则下列说法正确的是（ ）A电源电压为 6VB闭合 S 和 S1、断开 S2，为保证电路安全，电阻 R2 的最大功率为 3.6WC闭合 S 和 S2、断开 S1，当小灯泡的功率为 0.8W 时，滑动变阻器的阻值是 14.5D闭合 S 和 S2、断开 S1，滑片移到中点时，用“4V 4W”的灯泡 L替换 L，则 L将会烧毁二填空题（共 5 小题，满分 30 分，每小题 6 分）7A、B 两车分别从 P、Q 两点同时向西直线运动，经过 4 秒 A、B 相遇，它们的
5、 st 图象分别如图甲、乙所示，由此可知 A 车速度 B 车速度（选填“”“”或“”），P、Q 间的距离为 m相遇后再过 4s，A 与 B 相距 m。8一物体立在焦距 f 的凸透镜的主光轴上，距光心为 4f，物体沿主光轴移到 1.5f 处的过程中，物与像的距离 （填 “先变大后变小”、“先变小后变大 ”、“不断变小”、“不断变大”或“保持不变”）9如图所示，物体在拉力 F 作用下，沿水平面向右做匀速直线运动。当撤去拉力 F 时，物体将做 运动，此时，假设重力突然消失，请推断物体的运动状态 。（不计空气阻力）10在如图所示的实验装置中，当导体 ab 不动，磁体左右运动时，灵敏电流计的指针 （选填
6、“会”或“不会”）发生偏转。人们利用该实验原理发明了 （选填“电动机”或“发电机”）。11如图是关于电阻 R1、R 2 的电流与电压关系的图象，由图象可知 R1 R 2（选填“”、“”或“”），R 2 ；若将 R1、R 2 并联接在电压为 2V 的电路中，则干路中的电流为 A。三作图题（共 4 小题，满分 30 分）12如图甲是家庭电路中，开关同时控制二孔、三孔的插座（虚线表示背面连接），请在图乙中将其正确地连接在家庭电路中。13为了测量一只约 5电阻 R 的精确阻值，连成如图所示的电路。（1）电路中有一处连接错了，请你在接错的导线上打“”，并画出正确的连线。（2）在虚线框内，根据改正后的电路
7、画出电路图。14如图是对 A、B 两种品牌保温杯的保温效果进行测试所获得的图象信息。利用该信息和你具有的科学知识回答以下问题：（1）从该实验中你能得出的结论是 AA 品牌的保温效果更好BB 品牌的保温效果更好CA 和 B 两种品牌的保温效果相同D保温杯在水温较低时能自动加热（2）测试过程热水降温的快慢是不同的，热水与周围空气的温差越大，降温越 。15某校同学参加社会实践活动时，在山上发现一块很大的岩石，他们想测出这块岩石的密度。几位同学随身携带的工具和器材有：电子天平（附说明书）、购物用的弹簧秤、卷尺、喝水用的茶缸、铁锤、细线和一瓶饮用水（已知水的密度为 0）请你从中选用部分工具和器材，帮他们
8、设计一种精确测量岩石密度的实验方案要求（1）写出主要的实验步骤（2）写出岩石密度的数学表达式（用已知量和测量量表示）四计算题（共 2 小题，满分 16 分）16道路限速监控管理的一种方式是采用“区间测速”，就是测算出汽车在某一区间行驶的平均速度，如果超过了该路段的最高限速即判为超速。（1）若一辆轿车通过两个监测点的时间如图所示，监测点 A、B 相距 25km，全程限速120km/h，采用“区间测速”时，这辆汽车在该路段会不会被判超速。（请通过计算进行说明）（2）若一辆货车以 100km/h 的速度匀速通过 AB 这段路程，则它需要多长时间？17如图所示，电源电压恒定不变，电阻 R1 的阻值为
9、20，滑动变阻器 R2 的最大阻值为 40，小灯泡的额定电压为 18V，灯丝电阻不随温度发生变化，闭合开关 S当开关 S1、S 2 都断开时，滑动变阻器的滑片 P 移动到最右端时，电流表的计数为 0.2A，当开关 S1、S 2 都闭合时，滑动变阻器的滑片 P 移动到最右端时，电流表的示数为 0.9A，求：（1）电源电压是多少？（2）开关 S1、S 2 都断开时，通电 1min 电路中产生的最大热量是多少？（3）小灯泡的额定功率是多少？2018-2019 学年贵州省遵义市桐梓县九年级（下）竞赛物理试卷参考答案与试题解析一选择题（共 6 小题，满分 24 分，每小题 4 分）1甲乙丙三人各乘一架飞
10、机，从他们自己乘坐的飞机往外看，甲看到丙的飞机匀速下降，乙看到丙的飞机静止不动；丙看到楼房匀速下降，则正确的是（ ）AV 甲 V 乙 V 丙 BV 甲 V 乙 V 丙CV 甲 V 乙 V 丙 DV 甲 V 乙 V 丙【分析】首先判断丙的运动状态，然后判断乙的运动状态，最后可判断甲的运动状态；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。【解答】解：丙看到楼房匀速下降，说明丙在匀速上升，乙看到丙的飞机静止不动，说明乙也在匀速上升，且乙的速度等于丙的速度，甲看到丙的飞机匀速下降，说明甲在匀速上升，且速度大于乙和丙。故甲乙丙三人乘坐的飞机的
11、速度大小关系为 v 甲 v 乙 v 丙 。故选：D。【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。2有一种压电塑料薄膜，在压力作用下表面会产生电压，则这一过程中能量的转换情况是（ ）A机械能转化为电能 B电能转化为机械能C内能转化为电能 D内能转化为机械能【分析】根据题干中“在压力作用下表面会产生电压”可判断其对应的能量转换。【解答】解：由题知，“压力作用下表面会产生电压”，这一过程中消耗机械能，获得电能，因此，其能量的转换情况是：将机械能转化为电能。故选：A。【点评】本题考查能量的转化问题，理解压力作用的过程是一个消耗机械能的过
12、程是关键。3一个未装满水的密闭杯子，先正立放在水平桌面上（如甲图），然后反过来倒立在水平桌面上（如乙图），两次放置时，甲图中水对杯底的压力和压强分别为 F 甲 、p 甲 ，乙图中水对杯底的压力和压强分别为 F 乙 、p 乙 ，下列判断正确的是（ ）Ap 甲 p 乙 F 甲 F 乙 Bp 甲 p 乙 F 甲 F 乙Cp 甲 p 乙 F 甲 F 乙 Dp 甲 p 乙 F 甲 F 乙【分析】（1）装有一定量水杯子正立和倒立时，里边水的深度不同，根据液体压强公式可知两次放置水对杯底的压强关系；（2）对于液体产生的压力与液体的重力有一定个大小关系，当液体的形状是上下一样粗细为直壁容器（如水平面上的圆柱体
13、、长方体、正方体容器）时，对容器底的压力等于液体重力即FG；当容器形状是上粗下细时，对容器底的压力小于液体重力，即 FG；当容器形状是上细下粗时，对容器底的压力大于液体重力，即 FG。【解答】解：（1）由于杯子是上粗下细，所以倒立时，杯中液面的高度要小于正立时的液面高度；根据 pgh 可知：当水密度相同时，水面越高，水对杯底的压强越大，所以 p 甲 p 乙 ；（2）当容器形状是上粗下细（如图甲）时，对容器底的压力小于水重力，即 FG；当容器形状是上细下粗（如图乙）时，对容器底的压力大于水重力，即 FG；可见 F 甲 G，F 乙 G，故 F 甲 F 乙 。故选：A。【点评】本题难点在对容器底压力
14、大小变化的判断，结合题目中容器的形状，可判断出液体压力的大小关系。4如图所示的电路中，电源电压保持不变，R 是定值电阻，当开关闭合时，标有“6V 2W”的小灯泡 L 恰好正常发光：若保持定值电阻 R 不变，将 L 换成另一只标有“9V 3W”的小灯泡，闭合开关后，小灯泡工作时实际电压和消耗的实际功率说法正确的是（ ）A大于 6V，小于 3W B等于 9V，等于 3WC大于 6V，等于 3W D小于 6V，小于 2W【分析】灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，根据公式 R 可知两灯泡电阻的大小；根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和电阻两端的电压变化，再根据串
15、联电路的电压特点得出此时灯泡两端的电压变化，最后根据 P 判断灯泡实际功率的变化，进而得出答案。【解答】解：根据 P 可知，“6V 2W 的小灯泡电阻：R 1 18；“9V 3W”的小灯泡电阻：R 2 27，则“9V 3W”的灯泡电阻比“6V 2W”的灯泡电阻大；当开关闭合时，标有“6V 2W”的小灯泡 L 恰好正常发光，由 PUI 可得，原来电路中的电流：I A，而“9V 3W”的小灯泡的额定电流：I 2 A，因为第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大，所以第二个灯泡与 R 串联后的总电阻比第一个灯泡与 R 串联后的总电阻大，则此时电路中的电流比前一次的电流小，现在电路中的电流应小于 A（小于
16、第 2 个灯泡的额定电流），所以第 2 个灯泡不能正常发光，其电压低于 9V；原来“6V 2W”的小灯泡 L 恰好正常发光，其电压为 6V；更换灯泡后电路中的电流减小，由UIR 可知，定值电阻 R 两端的电压减小，则第二个灯泡两端的电压比第一个灯泡两端的电压大，即第二个灯泡的实际电压应大于 6V；由此可知，换成的第二个灯泡两端的电压在 6V9V 之间，小于其额定电压 9V，所以其实际功率小于额定功率 3W。故选：A。【点评】本题考查电功率的计算，串联电路的电压规律，欧姆定律的应用，解决本题的关键是判断定值电阻的电压变化。5如图所示电路，电源电压为 12V 且保持不变。闭合开关 S，当滑片 P
17、置于变阻器的中点时，电压表的示数为 4V；当滑片 P 置于变阻器的 b 端时，电压表的示数变化了 2V，在 10s 内定值电阻R1 产生的热量为 60J，则下列结果正确的是（ ）A电路中的最小电流为 1.5AB滑片 P 在中点时，9s 内滑动变阻器 R 消耗的电能为 60JCR 1 先后两次消耗的电功率之比为 4：3DR 先后两次消耗的电功率之比为 8：9【分析】根据电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联；根据串联电路分压规律可知滑片从中点到 b 端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了 2V，然后根据串联电路电压规律以及Q t 即可求出 R1 的阻值；（1）当滑片在 b 点时，电路中的电流
18、最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；（2）先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据 WUIt 求出 9s 内滑动变阻器R 消耗的电能；（3）根据 PUI 即可求出 R1 先后两次消耗的电功率之比；（4）根据 PUI 即可求出 R 先后两次消耗的电功率之比。【解答】解：根据电路图可知，定值电阻 R1 与滑动变阻器 R 串联，电压表测 R 两端电压，电流表测电路中电流；根据串联电路分压原理知，滑片从中点到 b 端时，R 连入阻值增大，它分得电压增大，即电压表示数增大了 2V，此时电压表示数为 4V+2V6V ；所以 U1UU R12V6V6V ，由 Q t 可
19、得：R 1 t 10s6；A、当滑片在 b 点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的最小电流：I 最小I 1 1A，故 A 错误；B、滑片在中点时，电路中的电流：II 1 A，9s 内滑动变阻器 R 消耗的电能： WRU RIt4V A9s48J，故 B 错误；C、由 PUI 可得，R 1 先后两次消耗的电功率之比： ，故 C 错误。C、由 PUI 可得，R 先后两次消耗的电功率之比： ，故 D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式的应用，要注意电表最小示数的判断。6如图所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“4V ”字样，电流表的量程为 00.6A 图
20、乙是小灯泡的电流随其电压变化的图象。滑动变阻器 R1 的最大阻值为 20，定值电阻 R2 的阻值为10当闭合 S 和 S2、断开 S1，滑片移到中点时，小灯泡 L 恰好正常发光，则下列说法正确的是（ ）A电源电压为 6VB闭合 S 和 S1、断开 S2，为保证电路安全，电阻 R2 的最大功率为 3.6WC闭合 S 和 S2、断开 S1，当小灯泡的功率为 0.8W 时，滑动变阻器的阻值是 14.5D闭合 S 和 S2、断开 S1，滑片移到中点时，用“4V 4W”的灯泡 L替换 L，则 L将会烧毁【分析】（1）当闭合 S 和 S2、断开 S1、滑片移到中点时， R1 与 L 串联，电流表测电路中的
21、电流。灯泡 L 正常发光时的电压和额定电压相等，由图乙可知通过灯泡的电流即为电路的电流，根据欧姆定律求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；当小灯泡的功率为 0.8W 时，根据图乙读出灯泡两端的电压和通过的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻，根据 P 求出 L的电阻，根据串联电路的分压特点可知灯泡 L替换 L 后 L两端的电压，然后判断 L是否会烧毁；（2）闭合 S 和 S1，断开 S2 时， R1 与 R2 串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变
22、阻器接入电路中的电阻为零时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，根据 PI 2R 求出电阻 R2 的最大功率。【解答】解：（1）当闭合 S 和 S2、断开 S1、滑片移到中点时， R1 与 L 串联，电流表测电路中的电流。灯泡 L 正常发光时的电压 UL4V，由图乙可知通过灯泡的电流 IL0.5A ，因串联电路中各处的电流相等，所以，由 I 可得，滑动变阻器两端的电压：U1I LR10.5A 20 5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UU L+U14V+5V9V，故 A 错误；由图乙可知，当 UL2V、I L0.4A 时，灯泡的实际功率PL U L
23、I L2V0.4A 0.8W，此时滑动变阻器两端的电压：U1UU L9V2V7V ，滑动变阻器的阻值：R1 17.5，故 C 错误；灯泡 L 正常发光时的电阻：RL 8，由 P 可得，L的电阻：RL 4，比较可知 RLR L，因串联电路中电阻越大分得的电压越大，所以，用一个“4V 4W”的灯泡 L替换 L 后，L两端的电压比 L 两端的电压小，即此时 L两端的电压小于 4V，由 P 可知，L两端的小于 4V 时，其实际功率比额定功率小，则 L不会烧毁，故 D 错误；（2）闭合 S 和 S1，断开 S2 时， R1 与 R2 串联，电流表测电路中的电流，且电流表的量程为00.6A，当滑动变阻器接
24、入电路中的电阻为 0 时，电路中的电流：I 0.9A0.6A，所以，电路中的最大电流 I 大 0.6A ，电阻 R2 的最大功率：P2I 大 2R2（0.6A） 2103.6W，故 B 正确。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。二填空题（共 5 小题，满分 30 分，每小题 6 分）7A、B 两车分别从 P、Q 两点同时向西直线运动，经过 4 秒 A、B 相遇，它们的 st 图象分别如图甲、乙所示，由此可知 A 车速度 B 车速度（选填“”“”或“”），P、Q 间的距离为 6 m相遇后再过 4s，A 与
25、 B 相距 6 m 。【分析】（1）根据图甲和图乙读出对应的路程和时间，然后根据速度公式即可求出 A、B 的速度；（2）根据 A、B 各自的速度和时间，算出 4s 通过的路程，它们的路程之差就是 P、Q 两点间的距离；（3）计算出 4s 通过的路程，它们的路程之差可得 AB 相距；【解答】解：（1）由图象可知，s A6m 时，t A12s；s B12m 时，t 乙 6s；则 A 的速度：vA 0.5m/s；B 的速度：vB 2m/s；可见，A 车速度小于 B 车速度；（2）由题知，A、B 两车分别从 P、Q 两点同时向西直线运动，经过 4 秒 A、B 相遇，相遇时，A 车通过的路程为： sAv
26、 At0.5m/s4s2m，B 车通过的路程为：s Bv Bt 2m/s4s8m ，则 P、Q 间的距离为： ss Bs A8m2m 6m ；相遇后再过 4s，A 车通过的路程为：s Av At0.5m/s4s2m，B 车通过的路程为：s Bv Bt2m/s4s8m ，则此时 A 与 B 相距：ss Bs A8m2m 6m 。故答案为：；6；6。【点评】此题考查了速度有关的知识和对图象的分析处理能力；从图象中找出有用的信息，并运用速度的公式求出题目中的量。8一物体立在焦距 f 的凸透镜的主光轴上，距光心为 4f，物体沿主光轴移到 1.5f 处的过程中，物与像的距离 先变小后变大 （填“先变大后
27、变小”、“先变小后变大”、“不断变小”、“不断变大”或“保持不变”）【分析】当物体由 2 倍焦距以外靠近 2 倍焦距处时，即在凸透镜的二倍焦距以外，物距减小的距离的比像距增大的距离大，既物像的距离是减小的。若物体从 2 倍焦距处向焦距处移动时，像距增大的距离大于物距减小的距离，物像的距离是变大的。当物距与相距相等时，既物体处于 2 倍焦距上时，像一定会处于另一方的 2 倍焦距上，既此时物像距离最小。【解答】解：据上面的分析可知，当物体由 2 倍焦距以外靠近 2 倍焦距处时，即在凸透镜的二倍焦距以外，物距减小的距离的比像距增大的距离大，故该过程中物像的距离逐渐减小；若物体从 2 倍焦距处向焦距处
28、移动时，像距增大的距离大于物距减小的距离，即物像的距离逐渐变大；距光心为 4f，物体沿主光轴移到 1.5f 处的过程中，物体与像之间的距离是先变小，后变大。故答案为：先变小后变大。【点评】知道“当物体由 2 倍焦距以外靠近 2 倍焦距处时，即在凸透镜的二倍焦距以外，物距减小的距离的比像距增大的距离大的，故物像的距离逐渐减小的；若物体从 2 倍焦距处向 1.5 倍焦距处移动时，像距增大的距离大于物距减小的距离，即物像的距离逐渐变大的”是解题的关键。9如图所示，物体在拉力 F 作用下，沿水平面向右做匀速直线运动。当撤去拉力 F 时，物体将做 减速 运动，此时，假设重力突然消失，请推断物体的运动状态
29、 匀速直线运动 。（不计空气阻力）【分析】力是改变物体运动状态的原因。在平衡力的作用下物体运动状态不变，在非平衡力的作用下，物体运动状态改变；一切物体在不受力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。【解答】解：物体在拉力 F 作用下，沿水平面向右做匀速直线运动，则所受拉力和摩擦力是一对平衡力；当撤去拉力 F 时，物体只受到与运动方向相反的摩擦力作用，将做减速运动；由题知，撤去拉力 F 时，再假设重力突然消失，则物体对水平面的压力、物体与水平面间的摩擦力以及支持力都会同时消失，即此时物体不再受到力的作用，所以其运动状态不变，将做匀速直线运动。故答案为：减速；匀速直线运动。【点评】此题考查的是我们
30、对力和运动关系及牛顿第一定律的理解和应用。正确对物体进行受力分析是解答的关键。10在如图所示的实验装置中，当导体 ab 不动，磁体左右运动时，灵敏电流计的指针 会 （选填“会”或“不会”）发生偏转。人们利用该实验原理发明了 发电机 （选填“电动机”或“发电机”）。【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这就是电磁感应现象；利用这一原理制成了发电机。【解答】解：闭合开关后，当导体 ab 不动，磁体左右运动时，可以切割磁感线，因此会有感应电流产生，此时电流计指针会发生偏转。如果上下运动与磁感线方向平行，不能切割磁感线，电路中不会产生感应电流。这种现象就是电磁感应现象
31、，利用它人们发明了发电机。故答案为：会；发电机【点评】此题考查了电磁感应现象的实验，尤其要注意导体如何运动才能切割磁感线，难度不大。11如图是关于电阻 R1、R 2 的电流与电压关系的图象，由图象可知 R1 R 2（选填“”、“”或“”），R 2 20 ；若将 R1、R 2 并联接在电压为 2V 的电路中，则干路中的电流为 0.5 A。【分析】将 R1、R 2 并联接在电压为 2V 的电路中，它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，根据欧姆定律比较两电阻的阻值关系以及 R2 的阻值，根据并联电路的电流特点求出干路的电流。【解答】解：将 R1、R 2 并联接在电压为 2V 的电路中，因
32、并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压均为 2V，由图象可知，通过两电阻的电流分别为 I10.4A ，I 20.1A，由 I 的变形式 R 可知，R 1R 2，R2 的阻值：R2 20，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流：II 1+I20.4A+0.1A0.5A。故答案为：；20；0.5。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。三作图题（共 4 小题，满分 30 分）12如图甲是家庭电路中，开关同时控制二孔、三孔的插座（虚线表示背面连接），请在图乙中将其正确地连接在家庭电路中。【分析】家庭电路中接入用户的电线一般有两
33、条：火线和零线，三孔插座的接法是上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，简称“上地左零右火”。【解答】解：为了安全，对于两孔插座，左零线，右火线；三孔插座中上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；且开关接在火线和用电器之间，如下图：【点评】该题考查了家庭电路的连接，是一道基础题。13为了测量一只约 5电阻 R 的精确阻值，连成如图所示的电路。（1）电路中有一处连接错了，请你在接错的导线上打“”，并画出正确的连线。（2）在虚线框内，根据改正后的电路画出电路图。【分析】（1）电压表应该并联在电阻 R 两端，原图中电压表与导线并联了；注意电流表和电压表的量程选择；（2）电流表、滑动变阻器、定值电阻串联，电压
34、表并联在电阻 R 两端；【解答】解：（1）图中电压表与导线并联了，电压表需要并联在电阻 R 两端；因为电源为三节干电池串联，电源电压为 4.5V，所以电压表的量程应选 015V ；待测电阻约 5，最大电流 I 0.9A，故电流表的量程应选 03A，正确的连线如图：（2）先画出电源，从正极开始依次画出滑动变阻器、开关、电阻、电流表回到负极，电压表并联在 R 两端，电路图如图所示：【点评】本题考查根据实物图画电路图，难点是找出实物图中的错误之处，关键是明白电路中各个用电器的连接方式。14如图是对 A、B 两种品牌保温杯的保温效果进行测试所获得的图象信息。利用该信息和你具有的科学知识回答以下问题：（
35、1）从该实验中你能得出的结论是 A AA 品牌的保温效果更好BB 品牌的保温效果更好CA 和 B 两种品牌的保温效果相同D保温杯在水温较低时能自动加热（2）测试过程热水降温的快慢是不同的，热水与周围空气的温差越大，降温越 快 。【分析】此实验一定要保证水的初温和水的质量是相同的，这样可以直接观察温度计示数的变化情况来判断保温材料的性能情况；结合图象分析降温规律，当温度不再改变时，即水温降到了室温。【解答】解：（1）由图象可知，在相同时间内，A 品牌保温杯内的水降温慢，因此 A 品牌的保温效果更好；保温杯内无加热装置，在水温较低时不能自动加热，故只有 A 正确；（2）由图象可知，热水与周围空气的
36、温差越大，降温越快；故答案为：（1）A；（2）快。【点评】解决此类信息给予题目，要结合题意进行分析，不可盲目乱猜。15某校同学参加社会实践活动时，在山上发现一块很大的岩石，他们想测出这块岩石的密度。几位同学随身携带的工具和器材有：电子天平（附说明书）、购物用的弹簧秤、卷尺、喝水用的茶缸、铁锤、细线和一瓶饮用水（已知水的密度为 0）请你从中选用部分工具和器材，帮他们设计一种精确测量岩石密度的实验方案要求（1）写出主要的实验步骤（2）写出岩石密度的数学表达式（用已知量和测量量表示）【分析】测物体密度所依据的实验原理是 ，所以要测出岩石的密度，就需要知道岩石的质量和岩石的体积。（1）岩石的质量可以选
37、用天平进行测量；（2）题中所给的器材里并没有量筒，所以无法采用常规的方法即用量筒测量岩石的体积。我们可以利用等效替代的方法来解决这个问题：如果让岩石浸没入水中，则就可以得到 V 岩石 V 排水 在我们所学的公式里，还有一个公式里含有 V 排水 ，那就是阿基米德原理 F 浮 液 gV排 利用天平称出排开水的质量，再代入公式求得排开水的体积，即岩石体积，最后利用密度公式推导出其密度表达式。【解答】解：（1）测物体密度所依据的实验原理是 ，所以要测出岩石的密度，就需要知道岩石的质量和岩石的体积，故设计实验步骤如下：用铁锤敲击岩石，取下适当体积的小岩石块；用电子天平称出小岩石块的质量，记为 m0；在茶
38、缸中倒入适量水，称出茶缸和水的总质量，记为 m1；用细线系好小岩石块，提着细线的一端，将小岩石块浸没在水中保持静止（小岩石块不与茶缸接触），读出此时天平的示数，记为 m2；（2）小岩石块浸没在水中，V V 排 ，排开水的质量 m 排 m 2m 1，则其排开水的重力为 G 排 （ m2m 1）g，根据阿基米德原理可知，F 浮 G 排 （m 2m 1）g，又因为 F 浮 水 gV 排 水 gV，故 V ，所以岩石的密度表达式 0。答：（1）主要的实验步骤见解答；（2）岩石密度的数学表达式为 0。【点评】本题考查了测量物体密度的方法，本题中测量物体密度所用到的知识包括密度知识和阿基米德原理。要能根据
39、题中的器材想到用阿基米德原理来解决岩石体积的测量，该题综合考查了学生的分析能力和综合能力，是一道好题。四计算题（共 2 小题，满分 16 分）16道路限速监控管理的一种方式是采用“区间测速”，就是测算出汽车在某一区间行驶的平均速度，如果超过了该路段的最高限速即判为超速。（1）若一辆轿车通过两个监测点的时间如图所示，监测点 A、B 相距 25km，全程限速120km/h，采用“区间测速”时，这辆汽车在该路段会不会被判超速。（请通过计算进行说明）（2）若一辆货车以 100km/h 的速度匀速通过 AB 这段路程，则它需要多长时间？【分析】（1）判断该车是否超速，先利用 v 算该车的行驶速度，再与限
40、制速度比较即可知道；（2）根据已知知道车的速度，根据 v 变形公式求出时间。【解答】解（1）由“区间测速”图可得，t10.41min10.31min10min h，v 150km/h，因 150km/h120km/h，故该轿车会被判超速（2）若一辆货车以 100km/h 的速度匀速通过 AB 这段路程，由 v 变形可得：t 0.25h。答：（1）该车平均速度为 150km/h，会被判超速；（2）货车通过这段路程的时间是 0.25h【点评】解决此类题目注意：解题过程要体现比较过程，才知道是否超速；要认识交通标志牌所表示的意义以即公式变形的使用。17如图所示，电源电压恒定不变，电阻 R1 的阻值为
41、 20，滑动变阻器 R2 的最大阻值为 40，小灯泡的额定电压为 18V，灯丝电阻不随温度发生变化，闭合开关 S当开关 S1、S 2 都断开时，滑动变阻器的滑片 P 移动到最右端时，电流表的计数为 0.2A，当开关 S1、S 2 都闭合时，滑动变阻器的滑片 P 移动到最右端时，电流表的示数为 0.9A，求：（1）电源电压是多少？（2）开关 S1、S 2 都断开时，通电 1min 电路中产生的最大热量是多少？（3）小灯泡的额定功率是多少？【分析】（1）分析电路结构，画出开关 S 闭合，S 1、S 2 都断开，滑动变阻器的滑片 P 移到最右端时，由欧姆定律及串联电路特点，求出电源电压；（2）电源电
42、压 U 不变，由 W t 可知电路总电阻 R 最小时，在时间 t 内产生的热量最多，由电路图知：开关 S 闭合，S 1、S 2 都断开，且滑动变阻器 R2 滑片在最左端时，电路电阻最小，然后即可由电功公式求出 1min 电路产生的热量；（3）开关 S、S 1、S 2 都闭合，滑动变阻器与灯泡并联；由欧姆定律及串联电路的特点求出灯泡的电阻；然后由公式 P 求出灯泡的额定功率。【解答】解：（1）开关 S 闭合，S 1、S 2 都断开，滑动变阻器的滑片 P 移到最右端时滑动变阻器与 R1 串联；则 RR 1+R220+40 60 ；由欧姆定律得：电源电压 U IR0.2A 6012V ；（2）由电路
43、图知：开关 S 闭合，S 1、S 2 都断开，且滑动变阻器 R2 滑片在最左端时，此时电路电阻最小，电路功率最大，通电 1min 电路产生的热量最多；则通电 1 分钟，电路中产生的热量 Q t 60s432J，（3）开关 S、S 1、S 2 都闭合，滑动变阻器的滑片 P 移到最右端时，滑动变阻器与灯泡并联；通过滑动变阻器的电流：I 2 0.3A ；由并联电路特点知，I LI A I20.9A0.3A 0.6A ，灯泡电阻 RL 20，灯泡的额定功率 P 额 16.2W ，。答：（1）电源电压是 12V。（2）开关 S1、S 2 都断开时，通电 1 分钟，电路中产生的最大热量是 432J。（3）小灯泡的额定电功率是 16.2W。【点评】本题考查了求电源电压、电路产生的最大热量、灯泡的额定功率等问题，分析清楚电路结构是正确解题的前提，熟练应用欧姆定律、串并联电路的特点、电功及电功率公式是正确解题的关键。
