1、2023-2024学年第一学期12月六校联合调研试题高一物理一、单选题：本题共11小题，每小题4分，共44分1下列说法中正确的是（）A图甲中，人对沙发的推力是由于沙发发生了形变而产生的B图乙中，落在球网中的足球速度变小后惯性也变小C图丙中，百米比赛中裁判员判断运动员谁是冠军时可以把运动员看成质点D图丁中，伽利略通过如图的实验和逻辑推理相结合得到自由落体是匀加速直线运动2如图所示，“观察蜡块的运动”实验中，如图所示，蜡块沿玻璃管匀速上升的同时，玻璃管沿水平方向向右匀加速移动，蜡块运动的轨迹是（）A直线OA B曲线OBC曲线OC D曲线OD3近年来我国的航天事业取得了举世瞩目的成就。如图所示是航天
2、员聂海胜在空间站完全失重状态下用质量测量仪测定质量的情景：一个支架形状的质量测量仪固定在舱壁上，测量时，聂海胜把自己固定在支架的一端，王亚平将支架打开到指定位置，松手后支架拉着聂海胜从静止返回舱壁，此过程支架产生恒定拉力F，用光栅测速装置测得支架复位时的速度v和复位经历的时间t，则聂海胜的质量为（）ABCD4某同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究求合力的方法，如图所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋拉力的大小关系，并通过OA、OB、OC的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力
3、的方法，在实验过程中，下列说法正确的是（）A实验需要测量橡皮筋的长度以及橡皮筋的原长B实验时，三根橡皮筋的长度应保持相等C多次实验中O点需要保持在同一位置D为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋5某同学用两只手分别撑住桌子（桌面等高）使自己悬空，并保持如图所示姿势静止，两手臂和桌面夹角均为0g2 时，摩擦力的大小为ma-1 2mgC当a=g2 时，摩擦力的大小为12mgD若缆车加速度增加，则小物块受到的摩擦力和支持力都可能减小11如图，质量均为m的环A与球B用一轻质细绳相连，环A套在水平细杆上，设有一水平恒力F作用在球B上，使A环与B球一起向右匀加速运动已知细绳与竖直方向的夹角，g为重力加速
4、度，则下列说法正确的是（）A轻质绳对B球的拉力大于杆对A环的支持力B若水平细杆光滑，水平恒力F大小等于mg C若水平细杆粗糙，则动摩擦因数小于DB球受到的水平恒力可能大于2mg 二、非选择题：本题共6小题，共56分12题15分，其中第13题第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须写出数值和单位12某物理学习小组通过实验探究加速度与力、质量的关系，实验过程中使用如图甲所示的实验装置，把小车及车中砝码总质量计为M，槽码的质量为m，重力加速度为g，所使用的交流电电源频率为50Hz。 (1) 在实验过程中，小车及车中砝码所受的合力近
5、似与槽码的总重力相等，下列说法正确的是（ ） A必须保证槽码的质量远小于小车和砝码的总质量B. 补偿阻力时，不能将细绳挂着槽码通过定滑轮拴在小车上C. 与小车相连的细线必须保持水平D. 补偿阻力后，若改变小车和砝码的总质量后需要重新平衡摩擦力（2）该组同学按照正确的步骤完成了实验。如图乙是实验中打出的一条纸带，O点是纸带上打出的第一个点，A、B、C、D、E、F、G是计数点，相邻两个计数点间还有4个点未标出，OA间有部分纸带没有画出来，测量出各计数点到O点的距离并标在纸带上，由图中数据可得小车的加速度大小是_m/s2。（结果保留两位有效数字） （3）该组同学实验得到的a-F图像如图丙中实线所示，
6、则可知所挂槽码质量最大不应超过( )。A10gB30gC40gD50g（4）为了避免实验中因槽码质量过大引起的误差，本校实验室改进了实验装置，将力传感器内置于小车与绳子相连处，如图丁所示，可直接测量得到小车受到的绳子拉力的大小。在“探究质量一定时，加速度a与物体受力F的定量关系”时，该组同学收集了其他几组同学数据得到的图像如图丁所示。由此可得出结论： （5）该组同学在小车所受拉力保持不变时，分别通实验测出小车和砝码总质量分别为M1、M2、M3、M4、M5，加速度分别为a1、a2、a3、a4、a5，为了直观的得到加速度和小车与砝码总质量的关系，你认为应该作什么图像 （请填写a-M 或a-1M）1
7、3（本题8分）在抗洪抢险中，战士驾驶冲锋舟救人，假设江岸是平直的，洪水沿江自上游而下，水流速度v水=3m/s，冲锋舟在静水中的航速v船=5m/s，战士救人的地点A离岸边最近点O的距离为100m.（1）若战士想通过最短的时间将人送上岸，求最短时间和上岸点与O点距离.（2）若战士想通过最短的航程将人送上岸，求冲锋舟的船头朝向与上游河岸夹角和上岸时间.14（本题9分）如图所示，A、B两物块的质量分别为mA=2m和mB=m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，求：（1）当Fmg时，A、B间，B
8、和地面间的摩擦力大小.（2）当F2mg时，A、B间的摩擦力大小.（3）当F5mg时，A、B的加速度各是多大. 15（本题11分）如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用。一架质量为m1kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F18N，运动过程中所受空气阻力大小恒定，无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞，在t3s时离地面的高度为h=27m（g取10m/s2）。（1）求上升过程中加速度a大小.（2）运动过程中所受空气阻力f大小.（3）假设由于动力系统故障，悬停在离地面高度H28.8m的无人机突然失去升力而坠落，经时间t1在遥控设备的干预
9、下故障解除，动力系统重新启动提供向上最大升力。为了使无人机不坠落到地面，求无人机从开始下落到恢复升力的最长时间t1.16（本题13分）如图所示，有一条沿顺时针方向转动的传送带，传送带速度恒定v=4m/s，传送带与水平面的夹角=37，现将质量m=1kg的小物块无初速度地轻放在其底端（小物块可视作质点），与此同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F=12N。已知传送带从底端到顶端的距离L=5.8m，物块与传送带之间的动摩擦因数=0.5，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）小物块刚放在传送带上时的加速度大小.（2）小物块从传送带底端运动到顶端的时间，以及该过程在传动带上
10、留下的划痕长度.（3）若恒力作用0.9s后立即撤去，请计算分析，判断出小物块从传送带哪端离开，并求出小物块离开传送带时的速度大小. （结果可带根号）2023-2024学年第一学期12月六校联合调研试题高一物理参考答案一、单选题：本题共11小题，每小题4分，共44分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求题号1234567891011答案DCAACBDCABC二、非选择题：本题共6小题，共56分12题15分，其中第13题第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须写出数值和单位12（每空3分，计15分）【答案】(1) AB(
11、3分，选不全1分)， (2) 0.80， (3)B (4) 误差允许范围内质量一定时，物体的加速度与其所受合外力成正比（“误差范围”可不写，但漏“质量一定”条件只给1分） (5) a-1M13（4+4=8分）解析：（1）20s, 60m；（2）53角，25s（1）若战士想通过最短的时间将人送上岸，则船头应该指向正对岸，则最短时间为 2分上岸点与O点距离为： 2分（2）若战士想通过最短的航程将人送上岸，则合速度方向指向正对岸，设船头与上游河岸夹角则： 1分得：，即船头与上游河岸夹53角。 1分战士由A点至岸上的时间t=dv船sin=1004s=25s 2分14（3+3+3=9分）解析（1）A、B
12、间的最大静摩擦力为fABm2mg，B与地面间的最大静摩擦力为f地Bm1.5mg 1分当F=mg f地Bm，A、B都相对地面静止， 由平衡条件： fAB=mg 1分f地B=mg 1分（2）当A、B恰相对滑动时，对B，据牛顿第二定律有： 2mg1.5mgma0对A，据牛顿第二定律有F02mg2ma0解得 F0=3mg 1分当F=2mg 3mg时，此时A、B已发生相对滑动， 1分对A，据牛顿第二定律有F2mg2maA解得： 1分对B，据牛顿第二定律有2mg1.5mgmaB解得： 1分15（3+3+5=11分）解析：（1）6m/s2；（2）2N；（3）（1）无人机上升过程，根据位移时间公式有 2分解得
13、 a=6m/s2 1分（2）无人机上升过程由牛顿第二定律得 2分代入数据解得 f = 2N 1分（3）无人机失去升力而下落过程，由牛顿第二定律得解得 = 8m/s2 1分恢复升力后 解得 =10m/s2 1分无人机恢复升力的时下落速度为 1分到达地面时速度恰为零，则全程有 1分代入数据解得 1分16（3+5+5=13分）解析（1）；（2）1.4s，1m；（3）从顶端离开，6.8m/s（1）对物块受力分析，由牛顿第二定律可得 2分解得： 1分（2）设物块经t1时间与传送带共速，这一过程有： 1分当物块加速至与传送带共速后，物块所受摩擦力方向向下，对物块受力分析可得解得： 1分物块剩下距离为物块继
14、续向上加速，由x2=vt2+12a2t22解得： 1分则物块从底端到顶端时间为 1分在t1内：物块相对传送带向下运动，此时留下的痕迹长度为： 在t2内：物块相对传送带向上运动，此时留下的痕迹长度为： 因为 ，痕迹有覆盖，故划痕长度为： 1分（3）恒力F作用时间为0.9s由上可知经t1=0.4s，物块与传动带共速为v1=4m/s，上滑x1=0.8m剩余t2=0.5s，物块继续加速，加速度为a2=2m/s2，t2后物块速度为v2= v1+ a2 t2=5m/s上滑位移为 1分此时物块相对传动带向上运动，则物块所受摩擦力向下，由牛顿第二定律得：解得：a3=10m/s2物块减速和传送带共速时，上滑位移为： 1分 之后物块所受摩擦力向上，由牛顿第二定律得：解得：a4=2m/s2当物块减速为0时，上滑距离为 1分由于L=5.8m，故物块从上端离开传送带 1分设离开速度为v3，由解得 1分11学科网（北京）股份有限公司
