1、 淮北市淮北市 2023 届高三第一次模拟考试届高三第一次模拟考试 数学试题卷数学试题卷 一、选择题：本题共一、选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 40 分在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的分在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的 1已知全集U R，集合2230Pxxx 和21,Qx xkk，则集合UPQ 的元素个数为（）A1 B2 C3 D4 2已知复数 z 在复平面内对应点的坐标是2,1，则21zz（）A15i22 B15i22 C53i22 D53i22 3如图所示，在三棱台A B CABC中，沿平面A BC截去三棱锥AABC，则剩余的
2、部分是（）A三棱锥 B四棱锥 C三棱柱 D组合体 4已知cos21sincos3则3sin4（）A26 B13 C26 D13 5在平面直角坐标系xOy中，点11,A x y，22,B xy在椭圆22:12xCy上，且直线 OA，OB 的斜率之积12，则22221121xyxy（）A1 B3 C2 D52 6如图，在平面直角坐标系xOy中，AB，CD，EF，GH分别是单位圆上的四段弧，点 P 在其中一段弧上，角以 Ox 为始边，OP 为终边若sincostan，则点 P 所在的圆弧是（）AAB BCD CCD DGH 7如图，对于曲线所在平面内的点 O，若存在以 O 为顶点的角，使得对于曲线上
3、的任意两个不同的点A，B 恒有AOB成立，则称角为曲线的相对于点 O 的“界角”，并称其中最小的“界角”为曲线的相对于点 O 的“确界角”已知曲线121,0,:41,0,xxexC yxxx（其中2.71828e L是自然对数的底数），O 为坐标原点，则曲线 C 的相对于点 O 的“确界角”为（）A6 B4 C3 D2 8对于一个古典概型的样本空间和事件 A，B，C，D，其中 60n ，30n A，10n B，20n C，30n D，40n AB，10n AB，60n AD，则（）AA 与 B 不互斥 BA 与 D 互斥但不对立 CC 与 D 互斥 DA 与 C 相互独立 二、二、多项选择题多
4、项选择题：本题共本题共 4 小题，小题，每小题每小题 5 分，分，共共 20 分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全全部选对的得部选对的得 5 分，分，部分选对的得部分选对的得 3 分，分，有选错的得有选错的得 0 分分9已知 D 是ABC的边 BC 上的一点（不包含顶点），且ADABACxyuuu ruu u ruuu r，其中,x yR，则（）A1xy B21xy C2xy D22loglog2xy 10已知函数 ln 1f xxx，则（）A f x在0,单调递增 B f x有两个零点 C曲线 f x在11,22f点处切线的斜率为1 ln2
5、D f x是奇函数 11已知曲线2:16yx，直线 l 过点4,0F交于 A，B 两点，下列命题正确的有（）A若 A 点横坐标为 8，则24AB B若2,3P，则APAF的最小值为 6 C原点 O 在 AB 上的投影的轨迹与直线360 xy有且只有一个公共点 D若2AFFBuuu ruur，则以线段 AB 为直径的圆的面积是81 12如图，以正方形的一边为斜边向外作直角三角形，再以该直角三角形的两直角边分别向外作正方形，重复上述操作，保持所作的直角三角形都相似，得四个正方形，记为 A、B、C、D，其面积记为AS，BS，CS，DS，则下列结论正确的有（）AADBCSSSS BADBCSSSS C
6、2ADBSSS D2ADCSSS 三、填空题：本题共三、填空题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 20 分分 1362xx的展开式中的常数项为_（用数字作答）14已知直四棱柱1111ABCDABC D的底面是菱形，120ABC，棱长均为 4，AB，1CC的中点分别为P、Q，则三棱锥11PADQ的体积为_ 15设,0,013,1.xxexf xexx x若互不相等的实数1x，2x，3x满足123f xf xf x，则112233x f xx f xx f x的取值范围是_ 16已知双曲线22:26xyC过点5,3，则其方程为_；设1F，2F分别为双曲线 C 的左右焦点，D
7、为右顶点，过2F的直线与双曲线 C 的右支交于 A，B 两点（其中点 A 在第一象限），设 M，N 分别为12AFF，12BFF的内心，则MDND的取值范围是_（第一个空 2 分，第二个空 3 分）四、解答题：本题共四、解答题：本题共 6 小题，共小题，共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（本题满分 10 分）设ABC内角 A、B、C 所对边分别为 a、b、c，已知sinsinsinsincCbBCAaa，4b （1）求角 B 的大小（2）若4 63c，求ABC的面积 18（本题满分 12 分）已知数列 na满足11a，132nna
8、a，2,nn （）求证：数列1na 是等比数列；（）若121nnnbnaa，nS为数列 nb的前 n 项和，求nS 19（本题满分 12 分）如图，已知四棱锥PABCD的底面是平行四边形，侧面 PAB 是等边三角形，2BCAB，60ABC，PBAC （）求证：面PAB 面 ABCD；（）设 Q 为侧棱 PD 上一点，四边形 BEQF 是过 B，Q 两点的截面，且AC平面 BEQF，是否存在点 Q，使得平面BEQF 平面 PAD？若存在，确定点 Q 的位置；若不存在，说明理由 20（本题满分 12 分）为弘扬中华优秀传统文化，荣造良好的文化氛围，某高中校团委组织非毕业年级开展了“我们的元宵节”主
9、题知识竞答活动，该活动有个人赛和团体赛，每人只能参加其中的一项，根据各位学生答题情况，获奖学生人数统计如下：个人赛 奖项组别 一等奖 二等奖 三等奖 团体赛获奖 高一 20 20 60 50 高二 16 29 105 50（）从获奖学生中随机抽取 1 人，若已知抽到的学生获得一等奖，求抽到的学生来自高一的概率；（）从高一和高二获奖者中各随机抽取 1 人，以X表示这 2 人中团体赛获奖的人数，求X的分布列和数学期望；（）从获奖学生中随机抽取 3 人，设这 3 人中来自高一的人数为，来自高二的人数为，试判断 D与 D的大小关系（结论不要求证明）21（本题满分 12 分）已知椭圆2222:10 xy
10、abab，A、F 分别为的左顶点和右焦点，O 为坐标原点，以 OA 为直径的圆与交于 M 点（第二象限），2aOM （）求椭圆的离心率 e；（）若2b，直线lAM，l 交于 P、Q 两点，直线 OP，OQ 的斜率分别为1k，2k （）若 l 过 F，求12kk的值；（）若 l 不过原点，求OPQS的最大值 22（本题满分 12 分）已知函数 xf xekxk，kR（）讨论函数 f x的单调性；（）当1k 时，令 22 f xg xx（）证明：当0 x 时，1g x；（）若数列 nx满足：113x，1nxneg x，证明：1ln 12nnx 淮北市淮北市 2023 届高三一模数学参考答案届高三一
11、模数学参考答案 一、选择题一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B D B C A C B D AD AC BCD BC 二、填空题二、填空题 13240；144 3；1592,4 16221412xy，4 3 4 3,33 12 解：设123 ，最大正方形边长为 1，小正方形 A、B、C、D 的边长分别为 a，b，c，d 则2cosa，cossinb，sincosc，2sind 所以4422sincos2sincos22ADBCSSSS，故 C 正确 44sincosADBCS SS S，故 B 正确 所以选 BC 16解由双曲线22:26xyC过点5
12、,3，所以53226，所以方程为221412xy 如图：设12AFF的内切圆与1AF，2AF，12FF分别切于 H，D，G，所以AHAD，11HFGF，22DFGF，所以121212122AFAFAHHFADDFHFDFGFGFa，又122GFGFc，所以1GFac，2GFca，又1EFac，2EFca，所以 G 与,0E a重合，所以 M 的横坐标为 a，同理可得 N 的横坐标也为a，设直线 AB 的倾斜角为，则22EF M，22EF N，tantan22MENEcaca sinsin222coscos222ca cossin22sincos22ca 22cossin22sincos22ca
13、 2cossinca 当2时，0MENE，当2时，由题知，2a，4c，3ba 因为 A，B 两点在双曲线的右支上，233，且2，所以tan3 或tan3，3133tan3，且10tan，244 34 342,00,tantan33MENE，综上所述，4 3 4 3,33MENE 故答案为：221412xy；4 3 4 3,33 三、解答题三、解答题 17（本题满分 10 分）解：（1）由sinsinsinsincCbBCAaa 得22cbcaaa，即222acbac，则2221cos22acbBac，所以3B（2）注意到4b，3B，4 63c，由sinsinbcBC 得4 643sinsin3
14、C，即34 6223sin42C 又20,3C，所以4C则53412A 5sinsinsinsincoscossin12464646A 23216222224 所以114 6624 3sin4422343ABCSbcA 18（本题满分 12 分）（1）注意到*1322,nnaannN，则1131nnaa，即1131nnaa 所以1na 是以112a 为首项，以 3 为公比的等比数列（2）由（1）知112 3nna，故12 31nna 所以14212 31 2 3121 33nnnnbnn 故2343 35 37 321 33nnSn ，两同乘以 3，错位 231433 35 321 321 3
15、3nnnSnn，两式相减得 231423 32 32 32 321 33nnnSn 16 1 34321 331 3nnn 83nn 所以43nnSn，*nN 19（本题满分 12 分）（1）证明：在ABC中，因2BCAB，60ABC 所以90BAC，即ACAB，又ACPB，PB，AB 相交，所以AC 面 PAB，所以面PAB 面 ABCD 得证（2）假设存在点 Q，使得平面BEQF 平面 PAD 如图，以 A 为原点，分别以ABuu u r，ACuuu r为 x，y 轴的正方向建立空间直角坐标系Axyz，则0,0,0A，2,0,0B，2,2 3,0C，1,0,3P 2,2 3,0AD uuu
16、 r，1,0,3AP uu u r，4,2 3,0BD uuu r，3,2 3,3DP uuu r，设1111,xny zu r是平面 PAD 的法向量，则11111122 3030nADnAxyxzP ，取13,1,1n u r 设DQDPuuu ruuu r，其中01 则34,2 32 3,3BQBDDQBDDPuuu ruuu ruuu ruuu ruuu r 连接 EF，因AC平面 BEQF，AC 平面 PAC，平面PAC 平面BEQFEF，故ACEF 取与EFuu u r同向的单位向量0,1,0j r 设2222,nxyzu u r是平面 BEQF 的法向量，则2222220342
17、3 130jyBQxnnyz ，取23,0,43nu u r 由平面BEQF 平面 PAD，知12nn，有123340n n ，解得23 故在侧棱 PD 上存在点 Q 且当23DQDP时，使得平面BEQF 平面 PAD 另，用几何法也可：由题意及（1）得EFPA，取 E 为 PA 中点，则BEPA 所以PA 面 BEQF，故平面BEQF 平面 PAD 在PAD中，QEPA，E 为中点，进而求解。请阅卷老师相应给分!20（本题满分 12 分）解：（）记“任取 1 名学生，该生获得一等奖”为事件 A，记“任取 1 名学生，该生为高一学生”为事件 B，36350P A，20350P AB，20535
18、0369350P ABP B AP A（）由己知可得，X得可能取值为 0，1，2 100150115020002XP，10050501505150200150200112XP，50501150202 012XP，X的分布列为 X 0 1 2 p 12 512 112 15170122121212E X （）DD 理由：3，3，231DDDD 21（本题满分 12 分）解：（）由己知点 M 是以 AO 为直径的圆上的点 2AOM，又OAa，2aOM，32AMa，3AOM 3,44aMa，又点 M 在椭圆上，22223441aaab，整理得2215ba，222 515bea（）设11,Px y，2
19、2,Qxy，（）由2b，2 5a，椭圆的方程为：221204xy 在RTAOM中6OAM，直线 l 的斜率为33k，直线 l 的方程为343yx，与椭圆方程联立得221204343xyyx 整理得：221050 xx，125xx，1252x x，121212121233(4)(4)1335xxy yk kx xx x （）设直线 l 的方程为33yxt，0t 与椭圆方程联立得22120433xyyxt 消去 x 整理得：2282 3200ytyt，当0 得2032t，1234yyt，212208ty y，222121212115432228POQSt yytyyy ytt 当且仅当216t 时
20、，POQS有最大值，此时最大值是2 5 22（本题满分 12 分）解：（1）由题意得：xfxek 当0k 时，0fx 恒成立，得 f x在,上单调递增：当0k 时，ln,xk时 0fx，此时 f x单调递增，,lnxk 时 0fx，此时 f x单调递减，综上得：当0k 时，f x在,上单调递增，当0k 时，f x在,lnk单调递减，在ln,k 上单调递增。（2）（）当1k 时，22212xexf xg xxx，0 x 欲证 1g x，往证212xxex，即证22212xxxe，记 2222xxxh xe，0 x，得2()02xxh xe，故 h x在0,上单调递减，得 01h xh，0 x 故
21、当0 x 时，1g x 成立（）由（）得当0 x 时，1g x，故当113x，得211xeg x，进而20 x，依次得0nx，*nxN 欲证ln2ln 12nnxn，即证112nxne 下面先证关系11112nnxxee，即证1112nxng xe，0nx 即2211112nnxnxnexex，整理得即证：2(2)20nxnnnxexx 记 22xF xexx，0 x，得 110 xFxxe 又 0 xFxxe，所以 Fx在0,上单调递增，有 00FxF，0 x 所以 F x在0,上单调递增，得 00F xF，0 x 故当0nx，*nxN时，有0nF x，所以1112nxng xe，0nx 故1111321111111112222nnnxxxxnneeeee 又2708e，得1332e，所以131111311112222nxnnnee 所以ln2ln 12nnxn得证
