1、2020-2021 学年山东省青岛市市北区九年级学年山东省青岛市市北区九年级上期末物理试卷上期末物理试卷 一、单项选择题（本题满分一、单项选择题（本题满分 18 分，共分，共 10 个小题，每小题个小题，每小题 2 分）分） 1下列物品中属于导体的是（ ） A铅笔芯、玻璃杯 B塑料吸管、橡皮 C人体、盐水 D陶瓷、煤油 2下列关于能量转化转移现象的说法中，正确的是（ ） A用干电池供电，电能转化为化学能 B电热器工作，电能转化为内能 C暖瓶塞被热气弹开，机械能转化为内能 D搓手取暖，内能发生了转移 3首先发现电生磁的科学家是（ ） A欧姆 B焦耳 C奥斯特 D法拉第 4下列作图错误的是（ ）
2、A B C D 5下列与电动机工作原理相同的是（ ） A B C D 6关于家庭电路和安全用电，下列说法错误的是（ ） A保险丝必须装在火线上 B使用电冰箱时，金属外壳必须接地 C当保险丝熔断后，可以用钢丝代替 D发现有人触电后，应立即切断电源 71 度电可供一盏额定功率为 25W 的灯正常工作（ ） A40h B0.04h C25h D40s 8下列运用科学方法的实例中，属于“分类法”的是（ ） A通过吸起大头针的个数来判断磁体的磁性大小 B将电流比作水流来研究 C改变内能的方法分做功和热传递两类 D根据电功率的定义写出其公式 9下列关于电路的分析错误的是（灯丝电阻不变） （ ） A只闭合
3、S1，只有灯 L1发光 BS1、S2都闭合，若 R1R2则 U1U2 C先闭合 S1、S2，再断开 S2，通过 L1的电流不变 D先闭合 S1，再闭合 S2，电路的总电阻变小 二、不定项选择题（本题满分二、不定项选择题（本题满分 15 分，共分，共 5 个小题） ：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出将答题卡个小题） ：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出将答题卡的对应项涂黑（每小题全选对得的对应项涂黑（每小题全选对得 3 分，漏选得分，漏选得 1 分，错选或不选得分，错选或不选得 0 分分 （多选）10 （3 分）下列关于物理概念的说法，错误的是（ ） A电功率表示用电器消耗电能的多少
4、B导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C感应电流的方向与切割磁感线运动方向和磁场方向有关 D磁场中的某一点，小磁针静止时 N 极所指的方向就是该点磁场的方向 （多选）11 （3 分）下列关于物理概念的说法，正确的是（ ） A常用水做冷却剂，是利用了水的比热容大这一性质 B电流产生的磁场方向与电流的方向有关 C一个物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能对外做功了 D两个电阻并联，若其中一个变小了，则总电阻变小 （多选）12 （3 分）探究影响导体电阻大小的因素，在图中 A、B 两点间接入电阻丝，规格如图， （忽略灯丝电阻随温度的变化） ，下列说法错误的是（ ） 序号 材料 长
5、度 横截面积 1 炭钢合金丝 L S 2 镍铬合金丝 L S 3 镍铬合金丝 L 2S 4 镍铬合金丝 2L S A探究电阻大小与横截面积的关系，应选择序号为 1、3 电阻丝 B分别接入序号为 2、3 的电阻丝，闭合开关后，前者灯泡更亮 C探究导体电阻大小与材料的关系，可选序号为 1、2 的电阻丝 D选序号为 2、4 的电阻丝，可得结论：材料、横截面积相同时，长度越大，导体的电阻越大 （多选）13 （3 分）如图所示电路，下面说法正确的是（ ） A只闭合开关 S1，灯 L 和电阻 R1串联 B只闭合开关 S2，灯 L 发光，滑片左移，灯变暗 C闭合开关 S1和 S3，电路中只有 R1工作 D开
6、关全部闭合，R1和 R2并联 （多选）14 （3 分）利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为 3V，更换 5 个定值电阻 Rx，得到如图乙所示的图象，以下有关叙述正确的是（ ） A该同学研究的是电流和电压的关系 B实验中电压表的示数保持 2.5V 不变 C将 Rx从 10 换成 15 后，应将滑片 P 向左移 D当 Rx25 时，滑动变阻器阻值 5 三、实验题（本专题满分三、实验题（本专题满分 32 分，共分，共 7 个小题，第个小题，第 16 小题小题 4 分，第分，第 17 小题小题 4 分，第分，第 18 小题小题 4 分，第分，第 19 小小题题 5 分，第分，第 20 小题小题
7、5 分，第分，第 21 小题小题 7 分，第分，第 22 小题小题 3 分）分） 15 （4 分）比较不同物质吸热能力 （1）如图所示两只相同的烧杯中分别盛有 相同的水和煤油，用相同的酒精灯加热到 6min 时，煤油升高的温度比水 ，此时煤油吸收的热量 （选填“大于”或“小于”或“等于” ）水吸收的热量。 （2） 实验表明： 一定质量的某种物质， 温度升高时吸收的热量与 之比， 叫做这种物质的比热容。 16 （4 分）探究电流和电压的关系： （1）请根据电路图将实物图连接好 （2）按照电路图，连接实物，在 ab 间分别接入 5、10 和 20 的电阻，移动滑片 P，测量并记下几组电压值和电流值
8、，填入表一、表二和表三，分析表格，得出结论。 表一 R15 U/V 2 4 6 I/A 0.4 0.8 1.2 表二 R210 U/V 2 4 6 I/A 0.2 0.4 0.6 表三 R320 U/V 2 4 6 I/A 0.1 0.2 0.3 （3）分析表一、表二和表三中第 3 次数据可得出结论：在 一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。 如图为 R1、R2、R3的 UI 图象，其中图线 表示的是 R1的图象。 17 （4 分）测小灯泡电阻 （1） 某实验小组通过测量经过灯泡的电流和两端的电压， 代入公式 R ， 可算出小灯泡的电阻。三次测量数据见表格，请将表格补充完整。 次数 I/A
9、U/V R/ 1 0.2 1.0 5.0 2 0.3 2.0 6.7 3 0.4 4.0 （2）根据实验数据可知，小灯泡电阻是 （变化、不变）的，可能是受 的影响。 18 （5 分）测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率。 （1）测功率的原理是 。请你在方框中画出实验电路图。 （2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数等于 V，小灯泡正常发光，记下此时的电流 I。 调节滑片，使电压略高于额定电压，记下此时的电流值 I； 使电压略 ，记下此时的电流值 I，观察灯泡发光情况，填入表格。算出灯泡电功率，并比较小灯泡电功率与发光情况的关系。 19 （5 分）如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪
10、些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。 （1）实验中，运用 法，通过给电阻丝通电产生热量来加热 ，使与之相连的 U 形管中液面产生高度差，来比较电阻丝产生的热量。 （2）甲装置可探究电流产生的热量与 的关系，通电一段时间后， （填“左”或“右” ）侧容器 U 形管液面高度差较大。 （3）给乙装置通电一段时间，左侧容器 U 形管液面高度差较 。 20 （7 分）探究电磁感应现象 （1）如图中导体 ab 向左或向右运动时，电流表指针 （填“偏转”或“不偏转” ） ；ab 向上或向下运动时，电流表指针 （填“偏转”或“不偏转” ） 。 这说明，闭合电路的部分导体在磁场中做 运动时，
11、导体中会产生感应电流。 导体 ab 向左或向右运动时，电流表指针偏转方向 ，说明感应电流方向与 有关。 （2）在此现象中，能量转化情况是将机械能转化成 ，据此制成 。 21 （3 分）探究影响电磁铁磁性强弱的因素 （1）如图 1 实验，将滑动变阻器滑片向 移动，吸引大头针数量增加，由此可知：外形、线圈匝数相同时， ，电磁铁磁性越强。 （2）如图 2 实验，可研究电磁铁磁性与 的关系。 四、基础问答、作图和计算： （本专题满分四、基础问答、作图和计算： （本专题满分 15 分共分共 6 个小题，第个小题，第 23 小题小题 2 分，第分，第 24 小题小题 3 分，第分，第 25 小题小题2 分
12、，第分，第 26 小题小题 2 分，第分，第 27 小题小题 3 分，第分，第 28 小题小题 3 分）分） 22家庭电路发生短路时，电路中电阻很小，根据公式 在电路两端的电压一定时，电阻很小，电路中总电流 ，将保险丝烧坏。 23 （3 分）请标明小磁针、螺线管的 N、S 极以及磁感线方向。 24根据实物电路，在方框中画出电路图。 25如图所示家庭电路，开关 S1同时控制吊灯 L1、L2，电路中还有一个三孔插座，用笔画线表示导线，将它们连入电路。 26 （3 分）已知 R12，R23，电压表的示数为 1V。求电源电压。 27 （3 分）一个电烙铁的额定电压是 220V，在额定电压下工作的电阻是
13、 440。 求： （1）电烙铁正常工作时的电流多大？ （2）这一电烙铁正常工作 10min 产生多少热量？ 五、综合能力： （本专题满分五、综合能力： （本专题满分 18 分，共分，共 3 个小题，第个小题，第 29 小题小题 10 分，第分，第 30 小题小题 5 分，第分，第 31 小题小题 3 分）分） 28 （10 分）电路如图，灯泡 R3标有“5V 1W”字样，灯泡阻值保持不变。R120，滑动变阻器 R2最大阻值为 20。电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为 03V。请画出每个小题的等效电路图。 （1）只闭合开关 S1时，电流表的示数为 0.3A，则电源电压是多少？ （2）只闭
14、合开关 S2，R2的滑片位于中点处，此时 R2消耗的电功率是多少？ （3）只闭合开关 S3，在保证各电路元件都正常使用的前提下，R2的取值范围是多少？ （4）若更换新电源，并将电压表的量程调为 015V。只闭合 S2时，调节 R2滑片至某一位置，电压表的示数为 3V，电路中的电流为 Ia； 只闭合 S3时， R2滑片接入电路中的电阻为 20，电路中约电流为 Ib；若 Ia：Ib3：2，则此时电源电压是多少？ 29 （5 分）电动汽车以其环保、轻便的优势，正逐渐被人们接受。无线充电技术以无线传输电能代替有线传输电能，在电动汽车领域的应用一直备受关注。 某地铺设了一条 12 公里长的无线充电路段，
15、 道路下面铺有通电发射线圈， 汽车底部配有接收线圈及与其相连的电池，这样可以实现汽车一边行驶一边充电。其装置及原理图如下所示： （1）在上述电动汽车无线充电技术中，应用的原理有 和 。 （2）该种汽车无线充电技术至今未得到广泛推广。其中一个重要原因是充电效率低，仅为 50%。若该道路可提供的充电功率为7kW， 要给一个电池容量为10.5kWh的电动汽车充满电， 需要的时间为 。 （3）该电池容量为 10.5kWh 的电动汽车充满电后，在正常道路上以 36km/h 的速度匀速行驶时，受到的阻力为 1000N。若电能的 80%转化为有用的机械能，在数值上等于电机牵引力做的功。求汽车运动的最大距离。
16、 30 （3 分） 某物理兴趣小组设计了一个压力报警装置， 工作原理如图所示。 ABO 为一水平杠杆， O 为支点，AB：OB4：1；已知报警器 R0的阻值恒为 10，压力传感器 R 固定放置，R 的阻值随所受压力 F 变化的关系如表所示。闭合开关 S，水平踏板空载时，电压表示数为 2V；当水平踏板所受压力增大，电压表示数达到 5V 时，报警器 R0开始发出报警信号。踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。求： F/N 0 5 10 15 20 25 30 R/ 50 34 24 18 14 12 10 （1）电源电压为 。 （2）当报警器开始报警时，踏板设置的最大压力值为 。 （3）若电源电压变为
17、 14V，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，应将踏板触点 B 水平向 移动进行调节。 参考答案解析参考答案解析 一、单项选择题（本题满分一、单项选择题（本题满分 18 分，共分，共 10 个小题，每小题个小题，每小题 2 分）分） 1下列物品中属于导体的是（ ） A铅笔芯、玻璃杯 B塑料吸管、橡皮 C人体、盐水 D陶瓷、煤油 【分析】常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的水溶液、石墨等 常见的绝缘体包括：橡胶、陶瓷、塑料、玻璃、油等。 【解答】解：A、铅笔芯是石墨制品，铅笔芯是导体，玻璃杯是玻璃制品，玻璃杯是绝缘体，故 A 不符合题意。 B、塑料吸管是塑料制品，塑料吸管是绝
18、缘体，橡皮是橡胶制品，橡皮是绝缘体，故 B 不符合题意。 C、人体是导体，盐水是盐的水溶液，盐水是导体，故 C 符合题意。 D、陶瓷是绝缘体，煤油是绝缘体，故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】 导体和绝缘体不能死记硬背， 根据生活中用哪些材料来导电， 用哪些材料来绝缘， 记忆效果好，并且记忆长久。 2下列关于能量转化转移现象的说法中，正确的是（ ） A用干电池供电，电能转化为化学能 B电热器工作，电能转化为内能 C暖瓶塞被热气弹开，机械能转化为内能 D搓手取暖，内能发生了转移 【分析】能量转化的过程中，必定有一种能量减少，另一种能量增加。分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加了
19、，总是减少的能量转化为增加的能量。结合实例，明确转化过程中能量的变化情况，可做出判断。 【解答】解：A、干电池供电时，是电池的化学能转化为电能，故 A 错误； B、电热器在工作时消耗电能，产生内能，故是将电能转化为内能的过程，故 B 正确； C、暖瓶塞被热气弹开，是热气的内能转化为了瓶塞的机械能，故 C 错误； D、搓手取暖是通过做功的方式改变物体的内能，因此内能发生了转化，故 D 错误。 故选：B。 【点评】分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。结合实例，明确转化过程中能量的变化情况，可做出判断。 3首先发现电生磁的科学家是（ ） A欧姆 B焦耳
20、C奥斯特 D法拉第 【分析】根据对物理学家及其成就的掌握作答。 【解答】解：A、欧姆发现了著名的欧姆定律。故 A 不符合题意； B、焦耳发现了著名的焦耳定律和功与热的定量关系。故 B 不符合题意； C、奥斯特最早发现电流周围存在磁场，是第一个发现电生磁的物理学家。故 C 符合题意； D、法拉第最早发现电磁感应现象，为发电机的发明提供了可能。故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】掌握物理学家的贡献，掌握每一条物理规律和定律形成的过程，也就是要注重学习的过程。 4下列作图错误的是（ ） A B C D 【分析】物理学规定，在磁体外部，磁感线从 N 极出发，回到 S 极；同名磁极相互排斥，异名磁
21、极相互吸引； 通电螺线管周围的磁场分布与条形磁铁相似，磁极性质用安培定则判断。 【解答】解：由图知： A、两侧的磁感线都是从磁体的 N 极出来的，符合磁体外部磁感线的特点，故 A 正确； B、磁感线应该回到 S 极，不是从 S 极出发，故 B 错误； C、同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针的 S 极靠近磁体的 N 极，故 C 正确； D、由安培定则知，通电螺线管的右侧为 N 极；磁感线从 N 极出发，回到 S 极，故 D 错误。 故选：B。 【点评】此题考查了磁感线的性质及安培定则的应用，属于基本规律的考查，难度不大。 5下列与电动机工作原理相同的是（ ） A B C D 【分析】找
22、出和电动机工作原因相同的即可。 电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力而运动。 【解答】解：A、如图是奥斯特实验，奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故 A 不符合题意。 B、如图是利用电磁铁工作的，电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故 B 不符合题意。 C、如图是发电机工作原理图，是根据电磁感应原理工作的，故 C 不符合题意。 D、如图说明通电导体在磁场中受力运动，是电动机工作原理图，故 D 符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查了电流周围存在磁场、发电机和电动机的工作原理图，在电磁部分经常考查这几个工作原理图，一定要熟练掌握。 6关于家庭电路和安全用电，下列说法错误的是（ ） A保险丝必须
23、装在火线上 B使用电冰箱时，金属外壳必须接地 C当保险丝熔断后，可以用钢丝代替 D发现有人触电后，应立即切断电源 【分析】 （1）从安全的角度分析，保险丝必须装在火线上； （2）家用电器的金属外壳一定要接地，当家用电器漏电时，当人接触金属外壳时，地线把人体短路，防止触电事故的发生； （3）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用； （4）发现有人触电，应立即切断电源。 【解答】解： A、从安全用电的角度分析，保险丝必须装在火线上，故 A 正确； B、电冰箱使用时金属外壳一定要接地，防止漏电时发生触电事故，故 B 正确； C、铜丝的熔点高
24、，用铜丝代替保险丝，在电流异常升高到一定的高度的时候，不能自身熔断切断电流，起不到保险作用，故 C 错误； D、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，然后救人，故 D 正确。 故选：C。 【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识，在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。 71 度电可供一盏额定功率为 25W 的灯正常工作（ ） A40h B0.04h C25h D40s 【分析】已知消耗的电能和灯泡的功率，根据 P的变形式可求工作时间。 【解答】解： 灯泡的额定功率 P25W0.025kW，消耗的电能 W1 度1kWh， 由 P可得，灯泡正常工作的时间： t40h。 故选：A
25、。 【点评】本题考查了电功率公式的简单应用，解答时要注意单位换算。 8下列运用科学方法的实例中，属于“分类法”的是（ ） A通过吸起大头针的个数来判断磁体的磁性大小 B将电流比作水流来研究 C改变内能的方法分做功和热传递两类 D根据电功率的定义写出其公式 【分析】首先对选项中的每个探究过程或研究方法进行分析，明确采用的具体方法，然后确定正确的选项。 【解答】解：A、磁性强弱无法直接判断，通过转换吸起大头针的个数来判断磁体的磁性大小，采用的是转换法。故 A 不符合题意； B、电流不能直接观察，水流可以直接感受，用能够直接观察的水流说明电流的作用和形成，采用的是类比法。故 B 不符合题意； C、改
26、变内能的方法分做功和热传递两类，采用分类法。故 C 符合题意； D、根据电功率的定义写出其的公式，采用的是等价变换法。故 D 不符合题意。 故选：C。 【点评】本题主要考查学生对一些常用的物理学方法的了解和区别，涉及到的方法有分类法、比值定义法、类比法、转换法等。 9下列关于电路的分析错误的是（灯丝电阻不变） （ ） A只闭合 S1，只有灯 L1发光 BS1、S2都闭合，若 R1R2则 U1U2 C先闭合 S1、S2，再断开 S2，通过 L1的电流不变 D先闭合 S1，再闭合 S2，电路的总电阻变小 【分析】由图可知，该电路为并联电路；开关都闭合后，S1控制灯 L1，S2控制灯 L2，根据并联
27、电路电流、电压、电阻的关系分析各个选项。 【解答】解：由图可知，该电路为并联电路； A、只闭合 S1时，只有灯 L1发光，故 A 正确； B、S1、S2都闭合，两灯并联，根据并联电路电压关系可知，各支路两端的电压相等，则 U1U2，故 B错误； C、先闭合 S1、S2，两灯并联，再断开 S2，由于并联电路各支路互不影响，则通过 L1的电流不变，故 C正确； D、先闭合 S1，只有灯 L1接入电路，再闭合 S2，两灯并联，根据并联电路的电阻关系可知，电路的总电阻变小，故 D 正确。 故选：B。 【点评】本题考查了电路的辨别、并联电路电流、电压和电阻特点的应用，难度不大，要掌握。 二、不定项选择题
28、（本题满分二、不定项选择题（本题满分 15 分，共分，共 5 个小题） ：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出将答题卡个小题） ：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出将答题卡的对应项涂黑（每小题全选对得的对应项涂黑（每小题全选对得 3 分，漏选得分，漏选得 1 分，错选或不选得分，错选或不选得 0 分分 （多选）10 （3 分）下列关于物理概念的说法，错误的是（ ） A电功率表示用电器消耗电能的多少 B导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比 C感应电流的方向与切割磁感线运动方向和磁场方向有关 D磁场中的某一点，小磁针静止时 N 极所指的方向就是该点磁场的方向 【分析】 （1
29、）电功率表示电流做功的快慢； （2）电阻是导体本身的一种性质； （3）感应电流的方向与导体的运动方向和磁感线的方向有关； （4）磁场方向的规定：磁场中某点，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向。 【解答】解： A、电功率表示用电器消耗电能的快慢，故 A 错误； B、导体电阻的大小和导体的材料、长度、横截面积都有关，与电流和电压的大小无关，故 B 错误； C、影响感应电流方向的因素有两个：导体的运动方向和磁感线的方向有关，故 C 正确； D、根据磁场方向的规定可知，磁场中某点，小磁针静止时北极所指的方向为该点的磁场方向，故 D 正确。 故选：AB。 【点评】本题考查了电功率的概念、导体电阻
30、的影响因素、感应电流的方向、磁场的方向，都是基础知识，要掌握。 （多选）11 （3 分）下列关于物理概念的说法，正确的是（ ） A常用水做冷却剂，是利用了水的比热容大这一性质 B电流产生的磁场方向与电流的方向有关 C一个物体内能增大，可能是吸收了热量，也可能对外做功了 D两个电阻并联，若其中一个变小了，则总电阻变小 【分析】 （1）水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，温度变化小，因此水常被用来做取暖介质和冷却剂； （2）通电导体周围的磁场方向取决于电流的方向； （3）改变物体内能的方式有做功和热传递； （4）根据电阻串并联的特点可分析总电阻的变化情况。 【解答】解：
31、 A、 常用水作冷却剂， 利用了水比热容较大的特性， 这样在同等情况下可以吸收更多的热量， 故 A 正确； B、电流产生的磁场方向与电流方向有关，电流方向改变，产生的磁场方向改变，故 B 正确； C、物体的内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故 C 错误； D、两个电阻并联，根据+可知，若其中一个电阻变小，则变大，则 R总变小，故 D 正确。 故选：ABD。 【点评】本题考查了水的比热容大的应用、电磁场的方向、物体内能的改变以及电阻的变化转化情况，属于综合性题目。 （多选）12 （3 分）探究影响导体电阻大小的因素，在图中 A、B 两点间接入电阻丝，规格如图， （忽略灯
32、丝电阻随温度的变化） ，下列说法错误的是（ ） 序号 材料 长度 横截面积 1 炭钢合金丝 L S 2 镍铬合金丝 L S 3 镍铬合金丝 L 2S 4 镍铬合金丝 2L S A探究电阻大小与横截面积的关系，应选择序号为 1、3 电阻丝 B分别接入序号为 2、3 的电阻丝，闭合开关后，前者灯泡更亮 C探究导体电阻大小与材料的关系，可选序号为 1、2 的电阻丝 D选序号为 2、4 的电阻丝，可得结论：材料、横截面积相同时，长度越大，导体的电阻越大 【分析】 （1）电阻大小决定于导体的材料、长度和横截面积；要探究电阻与横截面积的关系，必须保证两根电阻丝的材料和长度都相同；要探究电阻与材料的关系，必
33、须保证两根电阻丝的长度和横截面积都相同； （2） 把多因素的问题变成多个单因素的问题， 分别加以研究， 最后再综合解决， 这种方法叫控制变量法；实验中通过灯泡的亮度的示数来反映电阻的大小，用到了转换法。 【解答】解： A、要探究导体电阻大小与导体根据面积的关系，根据控制变量法的思路，应该选择除了材料和长度都相同的两根电阻丝，从表格中可知，应选择序号 2 与序号 3 的两根电阻丝来研究，故 A 错误； B、分别接入序号为 2、3 的电阻丝，在材料、长度相同时，横截面积越大，电阻越小，电路中的电流就越大，所以序号 3 中的灯泡更亮，故 B 错误； C、为了探究导体的电阻大小与材料的关系，需要控制长
34、度相同、横截面积相同，材料不同，所以选序号为 1、2 的电阻丝，故 C 正确； D、2、4 两根导线，材料相同、横截面积相同，长度不同，选择序号为 2、4 的两根电阻丝，得出结论：长度越大，导体的电阻越大，故 D 正确。 故选：AB。 【点评】 本题主要考查影响电阻大小的因素以及学生对控制变量法的掌握， 是一道比较好的实验探究题。 （多选）13 （3 分）如图所示电路，下面说法正确的是（ ） A只闭合开关 S1，灯 L 和电阻 R1串联 B只闭合开关 S2，灯 L 发光，滑片左移，灯变暗 C闭合开关 S1和 S3，电路中只有 R1工作 D开关全部闭合，R1和 R2并联 【分析】在串联电路中电流
35、只有一条路径；在并联电路中电流有多条流通路径。在实际电路中，如果用导线将用电器的两端直接连接，则会造成短路。 根据开关的状态，先识别电路，然后根据电路分析用电器的工作情况。 【解答】解：A、由图可知，只闭合开关 S1，电流只有一条路径，则灯 L 和电阻 R1串联，故 A 正确； B、由图可知，只闭合开关 S2，电流只有一条路径，则灯 L 和滑动变阻器 R2串联，灯 L 发光，滑片左移时，接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯变亮，故 B 错误； C、由图可知，闭合开关 S1和 S3，灯 L 被短路，电路中只有 R1工作，故 C 正确； D、由图可知，开关全部闭合，电流经开关 S3、S1、S0回
36、到电源的负极，形成电源短路，故 D 错误。 故选：AC。 【点评】本题考查电路的连接方式，不仅要会正确识别电路的连接方式，同时还要会分析电路中用电器的工作情况。 （多选）14 （3 分）利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为 3V，更换 5 个定值电阻 Rx，得到如图乙所示的图象，以下有关叙述正确的是（ ） A该同学研究的是电流和电压的关系 B实验中电压表的示数保持 2.5V 不变 C将 Rx从 10 换成 15 后，应将滑片 P 向左移 D当 Rx25 时，滑动变阻器阻值 5 【分析】A、电流与电阻和电压有关，研究电流与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据题意回答； B、由
37、图乙得出电阻两端的电压分析； C、根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； D、根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入 25 电阻时变阻器连入电路中的电阻。 【解答】解：A、上图中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流： 更换 5 个定值电阻 Rx，得到如图乙所示的图象，故研究电流与电阻的关系，A 错误； B、由图乙知，电阻两端的电压始终保持：UVIR0.1A250.5A52.5V，B正确； C、根据串联分压原理
38、可知，将定值电阻由 10 改接成 15 的电阻，电阻增大，其分得的电压增大； 探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，C 错误； D、根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑UUV3V2.5V0.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的 0.2 倍，根据分压原理，当接入 25 电阻时，变阻器连入电路中的电阻为： R滑0.2255，D 正确。 故选：BD。 【点评】本题研究的电流和电阻的关系，考查控制变量法、串联电路的规律及欧姆定律的运用、数据分析
39、和对器材的要求。 三、实验题（本专题满分三、实验题（本专题满分 32 分，共分，共 7 个小题，第个小题，第 16 小题小题 4 分，第分，第 17 小题小题 4 分，第分，第 18 小题小题 4 分，第分，第 19 小小题题 5 分，第分，第 20 小题小题 5 分，第分，第 21 小题小题 7 分，第分，第 22 小题小题 3 分）分） 15 （4 分）比较不同物质吸热能力 （1）如图所示两只相同的烧杯中分别盛有 质量 相同的水和煤油，用相同的酒精灯加热到 6min 时，煤油升高的温度比水 高 ，此时煤油吸收的热量 等于 （选填“大于”或“小于”或“等于” ）水吸收的热量。 （2）实验表明
40、：一定质量的某种物质，温度升高时吸收的热量与 质量和升高温度乘积 之比，叫做这种物质的比热容。 【分析】 （1）判断水与煤油的吸热本领的大小，可以判断两种物质在吸收相同热量的情况下，升高温度的多少。 温度升高较多的， 则比热容较小； 为了达到此目的必须控制所用的物质的质量相等、 初温相同，所用仪器相同；选取相同的加热的目的是相同的时间内提供的热量相同； （2）根据比热容的定义分析解答。 【解答】解： （1）在此实验中，为了比较水和煤油吸热本领的大小，我们可以加热相同的时间，观察升高的温度的不同；也可以让它们其升高相同温度，比较加热时间，来比较它们吸热本领的大小。为了达到实验目的前提条件是：在两
41、个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油； 用相同的酒精灯对水和煤油加热相同的时间， 酒精灯放出的热量相同， 则水和煤油吸收的热量是相同的； （2）实验表明：一定质量的某种物质，温度升高时吸收的热量与质量和升高温度乘积之比，叫做这种物质的比热容，在数值上等于单位质量的某种物质温度升高 1所吸收的热量。 故答案为： （1）质量；高；等于； （2）质量和升高温度乘积。 【点评】本题主要考查如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容（吸热能力）的大小。 16 （4 分）探究电流和电压的关系： （1）请根据电路图将实物图连接好 （2）按照电路图，连接实物，在 ab 间分别接入 5、10 和
42、20 的电阻，移动滑片 P，测量并记下几组电压值和电流值，填入表一、表二和表三，分析表格，得出结论。 表一 R15 U/V 2 4 6 I/A 0.4 0.8 1.2 表二 R210 U/V 2 4 6 I/A 0.2 0.4 0.6 表三 R320 U/V 2 4 6 I/A 0.1 0.2 0.3 （3）分析表一、表二和表三中第 3 次数据可得出结论：在 电压 一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。 如图为 R1、R2、R3的 UI 图象，其中图线 a 表示的是 R1的图象。 【分析】 （1）由下表中数据知，电流表选用大量程与电阻串联，电压表选用大量程与电阻并联，变阻器左下接线柱连入电路
43、中与电阻串联，注意电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出； （3）分析表一、表二和表三中第 3 次数据，找出不变的量，同时找出变化量的变化规律得出结论； 根据作图法，由欧姆定律 R分析。 【解答】解： （1）由下表中数据知，电流表选用大量程与电阻串联，电压表选用大量程与电阻并联，变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，注意电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如下左所示： （3）分析表一、表二和表三中第 3 次数据知，电压都为 6V，电阻 R15、R210 和 R320，对应的电流分别为 1.2A、0.6A 和 0.3A，可得出：电阻增大为原来的几倍，通过的电流减小为来的几分之一，即可得出
44、结论：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比； 如上图右可知，电流相同时，图线 a 对应的电压最小，由欧姆定律 R，图线 a 对应的电阻值最小，故其中图线 a 表示的是 R1的图象。 故答案为： （1）如上所示； （3）电压；a。 【点评】本题探究电流和电压的关系，考查电路连接、数据分析、控制变量法及欧姆定律的运用。 17 （4 分）测小灯泡电阻 （1）某实验小组通过测量经过灯泡的电流和两端的电压，代入公式 R ，可算出小灯泡的电阻。三次测量数据见表格，请将表格补充完整。 次数 I/A U/V R/ 1 0.2 1.0 5.0 2 0.3 2.0 6.7 3 0.4 4.0 （2）根据实
45、验数据可知，小灯泡电阻是 变化 （变化、不变）的，可能是受 温度 的影响。 【分析】 （1）已知经过灯泡的电流和两端的电压，由欧姆定律 I可算出小灯泡的电阻； 根据第 3 次实验数据，由欧姆定律得出电阻测量值； （2）分析表中数据得出结论；小灯泡电阻随温度的变化而变化。 【解答】解： （1）某实验小组通过测量经过灯泡的电流和两端的电压，代入公式 R，可算出小灯泡的电阻； 根据表中数据，第 3 次实验中，R10.0，如下表所示： 次数 I/A U/V R/ 1 0.2 1.0 5.0 2 0.3 2.0 6.7 3 0.4 4.0 10.0 （2）根据实验数据可知，小灯泡电阻是变化的，可能是受温
46、度的影响。 故答案为： （1）；如上表所示； （2）变化；温度。 【点评】本题测小灯泡电阻，考查实验原理、数据分析及影响电阻大小的因素，为基础题。 18 （5 分）测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率。 （1）测功率的原理是 PUI 。请你在方框中画出实验电路图。 （2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数等于 2.5 V，小灯泡正常发光，记下此时的电流 I。 调节滑片，使电压略高于额定电压，记下此时的电流值 I； 使电压略 低于额定电压 ，记下此时的电流值 I，观察灯泡发光情况，填入表格。算出灯泡电功率，并比较小灯泡电功率与发光情况的关系。 【分析】 （1）测量功率的原理为 PUI；
47、利用 PUI 求功率，则需要测出用电器两端的电压以及流过它们的电流，据此设计电路； （2）研究灯的亮度与灯的功率关系，分别使灯的电压低于、等于、高于额定电压，观察灯的发光情况。 【解答】解： （1）测量功率的原理为 PUI； 根据公式 PUI，利用电压表测出灯泡两端的 U、利用电流表测出灯泡的电流 I，滑动变阻器可以调节灯泡两端的电压和通过的电流；故电路图如下： ； （2）闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电压表示数等于 2.5V，小灯泡正常发光，记下此时的电流 I。 调节滑片，使电压略略高于额定电压，记下此时的电流值 I； 使电压略低于额定电压，记下此时的电流值 I，观察灯泡发光情况，填入表格
48、。 故答案为： （1）PUI；如上图； （2）2.5；低于额定电压。 【点评】本题测量小灯泡的电功率，掌握实验原理是解题的关键。 19 （5 分）如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。 （1）实验中，运用 转换 法，通过给电阻丝通电产生热量来加热 空气 ，使与之相连的 U 形管中液面产生高度差，来比较电阻丝产生的热量。 （2）甲装置可探究电流产生的热量与 电阻 的关系，通电一段时间后， 右 （填“左”或“右” ）侧容器 U 形管液面高度差较大。 （3）给乙装置通电一段时间，左侧容器 U 形管液面高度差较 大 。 【分析】 （1）电流通过导
49、体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这是转换法，而在实验中通过加热容器中的空气，使空气受热膨胀改变 U 形玻璃管中液面高度差； （2）甲容器中的两电阻丝串联起来接到电源两端，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据公式律 QI2Rt 进行分析； （3）乙装置的两容器中电阻丝阻值相同，R3的作用是分流，所以两容器中的电阻通过的电流不同，根据公式律 QI2Rt 进行分析。 【解答】 （1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这是转换法，而在实验中通过加热容器中的空气，由 QI2Rt 可知，电阻丝 R1和 R
50、2在相同时间内产生的热量不同，因此会导致密封盒内空气的膨胀情况不同，故会导致 U 形玻璃管中出现液面高度差； （2） 甲装置中， 将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端， 通过他们的电流与通电时间相同， 电阻不同，探究电流产生的热量与电阻的关系；左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，由 QI2Rt 可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，所以右侧容器 U 形管液面高度差较大； （3）乙装置中一个 5 的电阻与两个 5 的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即 I右I左，两个 5 的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右I2+I3，两电
