1、知识点知识点 1919 内能内能 一、分子的热运动与内能 分子动理论：物质是由大量微观粒子(包括分子、原子和离子)构成的。这些微观粒子都在不停地做无规则运动即热运动。微观粒子之间有间隔，微观粒子之间存在着相互作用力(包括引力和斥力)。分子热运动的快慢宏观上表现为温度的高低，温度越高热运动越快。物体具有内能就是因为物体内部大量的微观粒子做无规则运动。温度越高，微观粒子运动越快，物体的内能越大。 【知识延伸】 1理论上，温度达到273.13(即绝对温度为 0K)时，分子才会停止运动，但实际上这个温度是不存在的（理论最低温度） 。所以说，分子都在做无规则运动。特别注意“0（273.13）时分子的无规
2、则运动停止”或“0时物体的内能为零”这样的说法是错 误的。 2同一物体，温度越高内能越大。 思维导图 教材精析 3物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，如冰块吸热熔化过程中，内能增加，但温度不变。 二、改变内能的方式 1改变物体内能的途径有做功和热传递。 摩擦生热、压缩气体等都是对物体做功，可以增加物体的内能；高温气体(如水蒸气)将瓶塞冲出，是物体(气体)对外做功，物体的内能减少。 对物体加热可以增加物体内能，对物体冷却可以减少物体内能。这是通过热传递改变物体的内能。 【知识延伸】 1热传递的形式有传导、对流和辐射三种形式，固体的热传递以传导为主，对流通常发生在液体和气体中，真空中通过
3、辐射进行热传递。 2物体的热传导能力与物体的导电能力类似，导电能力越强，一般导热能力也越强。 2热传递的量度 热传递是物体间的能量转移，发生转移的能量称为热量，用 Q 表示。 热量的计算公式：Qcmt。 公式中的 c 是物质的比热容，简称比热，单位是 J/(kg )。水的比热容是 4.2103J/(kg )。公式中的 t指物体热传递前后的温度差。 【知识延伸】 内能和热量是完全不同的概念。内能指一个物体内部所有分子运动的动能和势能总和。热量是指热传递或能量转化过程中，转移或转化的能量多少。可以类比说明：一个水库中的总水量可看作是“内能”，而“热量”可看作是水库水坝放出来的水量。 三、热值与热机
4、 1热值 1kg 某种燃料完全燃烧时放出的热量称为热值。热值是评价一种燃料品质的重要指标。热值可用 q 来表示，单位是 J/kg(气体 J/m3)。热值计算时可用：Qmq(气体用：QVq)。 2汽油机的工作过程 汽油机是重要的内燃机之一。所有内燃机的能量转化方式都是将内能转化为机械能。汽油机的主要结构有汽缸、活塞、连杆、曲轴、火花塞等。 汽油机工作过程一个周期分为四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。 其中吸气冲程吸入的是经化油器而来的汽油和空气的混合气体； 压缩冲程时活塞对混合气体做功，混合气体内能增大温度升高； 做功冲程时火花塞点火，汽油燃烧放热，推动活塞向外运动，该冲程将内能
5、转化为机械能； 排气冲程将燃烧后的废气排出汽油机。 【知识延伸】 1燃料的“完全燃烧”指燃料中的碳元素全部变成二氧化碳，氢元素全部变为水。燃料的热值不需要记忆。 2汽油机一个工作周期，曲轴转两圈，做功一次（1241） 。 3从图中识别汽油机工作过程的四个冲程，要注意观察的细节是：活塞的上下运动情况、进气门和出气门的打开和关闭情况、火花塞是否点燃等。 Gy1 （2021 浙江宁波 中考真题）在如图所示的“汽油机模型”实验中，将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇动起电机，观察到放电针放电，汽油燃烧，软木塞被高温高压的气体冲出。该实验可模拟四冲程汽油机工作时的（ ） A吸气冲程 B压缩冲程 C
6、做功冲程 D排气冲程 【答案】C 【详解】 将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇动起电机使放电针放电，当放电针放电时，汽油燃烧，圆典例精讲 筒内气体的内能增加， 气体对软木塞做功， 软木塞被高温高压的气体冲出， 而汽油机的做功冲程对外做功，所以，该实验可模拟四冲程汽油机工作时的做功冲程。 故选 C。 Gy2 （2021 浙江绍兴 中考真题）如图所示，在试管内装适量的水，用橡皮塞塞紧管口，加热一段时间后橡皮塞冲出，同时管口附近产生“白气”。以下分析不正确的是（ ） A水温上升时，水的内能增加 B加热时管内的水不断汽化 C管内气体对橡皮塞做功，其内能减少 D试管口的“白气”是水蒸气 【答案】
7、D 【详解】 A加热过程中，水吸热，水温上升时，分子动能增大，水的内能增加，故 A 正确，A 不符合题意； B 汽化有两种方式， 蒸发和沸腾， 蒸发可以发生在任何温度下， 所以加热时管内的水不断汽化， 故 B 正确，B 不符合题意； C管内气体对橡皮塞做功，内能转化成塞子机械能，管内气体的内能减少，故 C 正确，C 不符合题意； D试管口的白气是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故 D 错误，D 符合题意。 故选 D。 Gy3 （2020 浙江衢州 中考真题）将冰块放在泡沫箱中可制成简易“冰箱”，把一瓶饮料放入“冰箱”后，冰块和饮料的温度随时间变化的曲线如图所示，在两物体温度达到相同之前，下列说法正确
8、的是（ ） A甲是冰块 B乙吸收热量 C甲内能增加 D乙内能减少 【答案】B 【分析】 两个温度不同的相互接触时，会发生热传递现象；高温物体放出热量，低温物体吸收热量。 【详解】 由图可知，物体甲的温度是降低的，即物体甲放出热量，内能减小；物体乙的温度是升高的，即物体乙吸收热量，内能变大；所以物体甲是饮料，乙是冰块；故 B 正确，ACD 错误。 故选：B。 Gy4 （2019 浙江台州 中考真题）下列是关于水蒸发致冷现象的解释， 水分子运动速度有大有小； 剩余的水内能减少，温度降低； 剩余的水分子运动速度相对较小； 速度大的水分子动能大，更易摆脱周围分子的“束缚”，跑到空气中。 此解释合理的顺
9、序是（ ） A B C D 【答案】A 【分析】 解释水蒸发致冷时，先描述水分子的运动速度有差异，再说明哪部分水分子容易跑到空气中，最后说明剩余水分子的速度大小，进而判断剩余水的内能和温度变化。 【详解】 关于水蒸发致冷的现象，解释如下： 水分子运动速度有大有小； 速度大的水分子动能大，更易摆脱周围分子的“束缚”，跑到空气中。 剩余的水分子运动速度相对较小； 剩余的水内能减少，温度降低。 那么正确的顺序是：。 故 A 正确。 Gy5 （2021 浙江宁波 中考真题） 某品牌电热水壶的铭牌 （部分内容） 如表所示。 当该电热水壶正常工作时，至少需要_s才能把质量为2.0kg、 初温为25的水加热
10、到100。【水的比热容为4.2103J/ （kg ） 】 容量 2.0L 额定电压 220V 额定功率 1500W 【答案】420 【详解】 由表中数据知道，该电热水壶的额定功率为 P1500W。将质量为 2.0kg、初温为 25的水加热到 100，水吸收的热量 354.2 10 J/(kg C ) 2.0kg (100C25C )6.3 10 JQcm t 故该电热水壶正常工作时，把质量为 2.0kg、初温为 25的水加热到 100至少需要的时间为 56.3 10 J420s1500WWQtPP Gy6 （2021 浙江嘉兴 中考真题）核能是水种高效清洁的能源。2020 年 11 月，具有完
11、全自主产权的“华龙一号”核电机组并网发电。如图是核电机组示意图，通过三个回路的设计有效提高了安全性。 （1）一回路：反应堆中核燃料反应产生大量的热，从而将水加热到约 320，气压达到 150 多个标准大气压，此时水不会沸腾的原因是_。 （2）二回路：蒸汽发生器中的水被加热后_（填物态变化名称）成水蒸气，这些水蒸气推动汽轮机带动发电机发电。 （3）三回路：核电站通常建在海边用海水作冷凝剂，原因是海水量多且_。 【答案】 气压增大，水的沸点升高 汽化 比热容大 【详解】 （1）1水的沸点受气压的影响，在一个标准大气压下，水的沸点是 100，气压越高，水是沸点越高，在一回路中，气压达到 150 多个
12、标准大气压，此时水的沸点也很高，没有达到水的沸点，所以水不会沸腾。 （2）2液体的水变成气态水蒸气的过程叫汽化。 （3）3水的比热容大，相同质量的水，升高相同的温度能吸收更多的热量，所以核电站通常用海水作冷凝剂。 Gy7 （2020 浙江杭州 中考真题）如图一只瓶子，内装一些铁屑。我们既可以通过振荡，也可以通过加热，使铁屑的温度升高，内能增大。从改变物体内能的方法来看，前者是通过_方法，后者是通过_方法来增大铁屑的内能。如果你没有看到内能改变的过程，仅凭铁屑温度的改变能否确定采用了什么方法改变了铁屑的内能？_（选填“能”或“不能”） ，这是因为_。 【答案】 做功 热传递 不能 做功与热传递两
13、种方法对改变物体的内能是等效的 【详解】 12使铁屑内能增加的方法：用力晃动塑料瓶，对塑料瓶和铁屑做功，将机械能转化为内能，使铁屑的内能增加，温度升高。 将装铁屑的塑料瓶放入热水中一段时间，铁屑的温度升高，这是通过热传递的方式改变铁屑的内能。 34如果没有看到内能改变的过程，单凭铁屑温度的升高，不能判断出具体的方法，因为做功与热传递两种方法对改变物体的内能是等效的。 Gy8 （2015 浙江绍兴 中考真题）甲图是生活中常用的热水瓶，当注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，有时软木塞会跳起来， 这一过程瓶内气体通过_改变了内能。 乙图是四冲程汽油机的工作示意图，其中_图（选填符号）所示的冲程也发生
14、同样的能量变化。 【答案】 做功 B 【详解】 由图甲知，瓶内气体膨胀对外做功，气体的内能转化为瓶塞的机械能，这一过程瓶内气体是通过做功改变了内能； 乙图中： A一个气门关闭，一个气门打开，活塞向上运动，是排气冲程； B两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能； C两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能； D一个气门关闭，一个气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程。 所以，B 图所示的冲程与甲图发生同样的能量变化。 Gy9 （2020 浙江绍兴 中考真题）热机发明后，一直在持续的改进和发展中。 材料一： 1769 年， 法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车
15、 （图甲） ， 传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧 （图乙） ，热效率为 5%一 8%之间。 材料二：1862 年，法国人德罗夏提出内燃机（内燃指燃料在气缸内燃烧）的四冲程循环理论：气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩； 高压燃烧气体产生巨大爆发力；将已经燃烧的废气从气缸中排出。 材料三：1876 年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到 14%。 （1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”由下图中的_冲程实现。 A B C D （2）德罗夏提到的内燃方式是基于_的猜想。 （3）老
16、师在重复演示“做功改变内能”实验（图丙）之间，需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的与内燃机的_（选填“吸气”、“压缩”、“做功”或“排气”）冲程的原理相似。 【答案】 C 燃料在气缸内燃烧，热量散失少，热效率高 排气 【分析】 （1）在四冲程内燃机中，提供动力的是做功冲程； （2）燃料在气缸内燃烧时的热效率高一些； （3）老师在重复演示“做功改变内能”实验（图丙）之间，需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的是排出里面的废气。 【详解】 （1）在四冲程内燃机中，提供动力的是做功冲程；由图可知，A 中进气门打开，活塞下行，为吸气冲程；B中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程；C 中两个气门关闭，活
17、塞下行，为做功冲程；D 中排气门打开，活塞上行，为排气冲程；故“巨大爆发力”由 C 冲程实现； （2）德罗夏提到的内燃方式是基于燃料在气缸内燃烧，热量损失少，热效率高的猜想； （3）老师需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的是排出里面的废气，相当于内燃机的排气冲程。 【点睛】 本题考查了内燃机的工作过程，明确内燃机的四个冲程是解题的关键。 Gy10 （2020 浙江 中考真题）英国物理学家斯特林于 1816 年发明了“斯特林发动机”。斯特林发动机气缸内工作介质易汽化、易液化，该介质经过吸热膨胀、冷却压缩的循环过程输出动力，因此又被称为热气机。某工程师按照斯特林发动机原理设计了如图甲所示的模型机
18、，工作过程中飞轮持续旋转如图乙。请结合所学知识解释飞轮能持续转动的工作原理_。 【答案】见解析 【详解】 根据图示可知，酒精灯加热将化学能转化为内能，热气缸中的工作介质吸热汽化膨胀，推动活塞 A 向右运动做功，将内能转化为机械能；由于飞轮具有惯性，带动活塞 A 向左运动，活塞 A 将气缸中的工作介质推入冷气缸并液化，活塞 B 又将介质推回热气缸。如此反复。 Gy11 （2021 浙江浙江 九年级专题练习）小科发现大卡车和小轿车有很多不同之处：大卡车采用大动力柴油机，而小轿车采用小动力汽油机；大卡车的车轮要比小轿车多且大；大卡车的前挡风玻璃安装角度较直，而小轿车的前挡风玻璃安装角度则是稍倾斜；大
19、卡车的刹车系统所能提供的制动力比小轿车大。请运用科学知识解释原因。 【答案】见解析 【详解】 大卡车采用大动力柴油机， 而小轿车采用小动力汽油机， 是因为柴油机在压缩冲程比汽油机压缩程度更大，效率比汽油机高，许多功率大的设备大多都采用柴油机。 由于大卡车对路面的压力大， 所以大卡车的车轮要比小轿车多且大， 这样可以通过增大接触面积减小压强。 大卡车的前挡风玻璃安装角度较直，而小轿车的前挡风玻璃安装角度则是稍倾斜，是因为大卡车驾驶室高于小轿车，高于路面很多，根据物体在平面镜中成像时，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等。小汽车前面玻璃是倾斜的，汽车内物体的像在汽车的上方，司机看前面道路时，物
20、体的像不会影响司机的视线。 惯性大小与质量有关，大卡车比自行车的质量大，惯性大，为了改变物体的运动状态，所以，需要大卡车的刹车系统所能提供的制动力比小轿车大。 Gy12 （2021 浙江 九年级专题练习）为保持城市环境清洁，雾炮车向空中喷水雾，使尘埃粒子快速沉降，起到净化空气的作用 （1）夏天，雾炮车喷出的水雾在空中发生_，起到降温的作用（填物态变化名称） （2）雾炮车的发动机是汽油机四个冲程中将内能转化为机械能的是_（填字母） A B C D 【答案】 汽化 C 【详解】 （1）1喷向空中的水雾在空中散失了，能起到降温作用，是因为水汽化吸热的缘故。 （2）2A进气门打开，活塞向下运行，气缸容
21、积增大，是吸气冲程，没有能量转化，故 A 不符合题意； B气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，机械能转化为内能，故 B 不符合题意； C气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，内能转化为机械能，故 C 符合题意； D排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，没有能量转化，故 D 不符合题意。 故选 C。 Gy13 （2021 浙江浙江 九年级专题练习）科学老师用矿泉水瓶（瓶盖上装有气门芯） 、气筒、温度传感器自制了一个气体内能改变的实验装置（如图甲） 。老师做了两组实验，第一组“放气组”向矿泉水瓶中加入少量水和酒精，拧紧瓶盖，用气简向瓶内充气 25 秒，然
22、后迅速打开气门芯放出瓶内气体；第二组“未放气组”实验前 25 秒与第一组完全相同，并且 25 秒后仍然保持不放气。温度传感器自动记录两组实验瓶内温度的变化，结果如图乙。结合内能与其他已学知识分别说明“放气组”与“未放气组”发生温度变化的原因。 【答案】见解析。 【详解】 做功和热传递都能改变物体内能。 “放气组”：025 秒之间，气筒对气体做功增加的内能高于气体放热减小的内能，气体温度升高；2528 秒，气体对外做功，内能减小，气体放热，内能也减小，气体温度降低；2840 秒，气体对外做功减小的内能大于气体从外界吸热增加的内能，气体温度继续降低；40150 秒之间，气体不断从外界吸热，内能增大
23、，温度逐渐升高到室温后保持不变。 “未放气组”：025 秒之间，气筒对气体做功增加的内能高于气体放热减小的内能，气体温度升高；25150秒之间，气体不断向外界放热，内能减小，温度逐渐降低到室温后保持不变。 一、选择题一、选择题 1 （2022 浙江 宁波市江北区教育局教研室（宁波市江北区教师进修学校）九年级期末）2021 年 10 月 16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号 F 遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火起飞，成功发射。如图，火箭喷气发动机是利用燃料在燃烧室中燃烧，燃气向后高速喷出，从而获得向前的动力。下列与火课堂小练 箭发动机燃烧室工作原理一致的冲程是（ ） A B C D 2
24、 （2022 浙江西湖 九年级期末）在下列选项中，只通过热传递改变物体内能的是（ ） A压缩引火 B烧水时水温升高 C锯木材使据子发烫 D钻木取火 3 （2017 浙江镇海 九年级期末）下面说法中正确的是（ ） A内燃机在压缩冲程末，气缸内的内能增加，温度升高 B物体放出了热量，它的温度一定降低 C用干燥的 pH 试纸测定浓硫酸的 pH D验证烧碱溶液中是否含有 Cl-，先加稀盐酸除去 OH-，再加 AgNO3溶液有白色沉淀出现，证明含 Cl 4 （2019 浙江江北 九年级期末）2018 年 12 月 8 日我国嫦娥 4 号月球探测器在西昌成功发射，经历了地月转移、近月制动、环月飞行、动力下
25、降，最终在 2019 年 1 月 3 日实现了人类首次月球背面软着陆。右图是嫦娥 4 号发射时的壮观场景，其能量转化正确的是 （ ） A内能化学能机械能 B化学能内能机械能 C化学能内能重力势能 D内能化学能重力势能 5 （2021 浙江鄞州 九年级期末）质量、初温均相同的甲、乙两物体，将甲投入一杯热水中，达热平衡后水温降低 5，将甲取出，接着把乙投入这杯水中，达热平衡后水温又降低 5，下列说法正确的是（ ） Ac甲c乙 Bc甲t乙 根据Qcm t可知，甲的比热容小于乙的比热容。 故选 B。 6C 【详解】 A迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当
26、温度达到棉花的燃点时，棉花就会燃烧，故 A 错误； B硝化棉燃烧的过程中，通过热传递的方式使筒内空气的内能增加，故 B 错误； C活塞被向上顶起是因为筒内的空气推动活塞做功，内能转化为机械能，与内燃机的做功冲程相同，故 C正确； D缓慢压下活塞，由于存在热损失，在慢慢下压的过程中，空气的内能增加的较少，温度升的不高，达不到棉花的燃点，棉花不会燃烧，故 D 错误。 故选 C。 7 压缩气体 0t1 A 【详解】 1快速压下活塞，活塞对气体做功，气体的内能增加，温度升高，棉花被点燃。故此实验主要为了说明压缩气体做功能使物体内能增加。 2外界对气体做功，气体内能增加，温度升高，故图丙中表示“外界对气
27、体做功”的时间段是 0t1。 3 A汽油机的四个冲程中，对气体做功，气体内能增加的是压缩冲程。A 图为压缩冲程，故 A 符合题意； BCDB 图为排气冲程，C 图为做功冲程，D 图为吸气冲程。故 BCD 不符合题意。 故选 A。 8 钟表 经过相同时间后，泡沫内的温度比棉花的温度更低 BD 【详解】 (1)1要比较泡沫和棉花的隔热性能， 就必须要测量温度和时间， 测量温度用温度传感器， 测量时间用钟表，因此还需要测量工具是钟表。 (2)2由图乙可知，经过相同时间后，泡沫内的温度比棉花的温度更低，发现泡沫的隔热性能比棉花强。 (3)3A泡沫具有耐冲击、易成型的性质，且价格低廉，适合做保温箱，故
28、A 不符合题意； B当温度高于 65C 时，泡沫会释放有毒物质渗入到食物中，危害人体健康，不适合做保温箱，故 B 符合题意； C泡沫密度小，可有效减轻物品包装质量，降低运输费用，适合做保温箱，故 C 不符合题意； D泡沫易燃，大量泡沫堆积，运输中易引发火灾，不适合做保温箱，故 D 符合题意。 故选 BD。 9 天平 加热时间 方案二 【详解】 (1)1实验还需要用天平测水与食用油的质量。 (2)2根据转换法可知，两方案中水和食用油吸热多少是通过加热时间来反映的，加热时间越长，吸收的热量越多。 (3)3从表中数据可知， 水和食用油的质量相同； 在实验过程中控制加热时间相同， 通过比较升高的温度
29、（或温度升高的多少等）来研究水和食用油吸热能力的差异，小明选择的是方案二。 10 温度计和秒表 小于 B 【详解】 (1)1从题干和图可知需要的测量温度和时间，所以需要温度计和秒表。 (2)2由图可知升高相同温度时，豆浆所需加热时间更短，所以吸收的热量少，豆浆吸收的热量小于牛奶吸收的热量。 (3)3因加热相同时间，牛奶升温慢，由下图可知 表示牛奶的温度随时间变化的图象是 B。 11 做功 做功 液化 【详解】 (1)1结合乙图分析，AB 段出现烧瓶内气体温度上升，打气筒对瓶内气体打气，即压缩气体，相当于对气体做功。 (2)2图乙中 BC 段出现的实验现象：橡皮塞弹出，瓶口冒白雾，温度传感器显示
30、温度下降。说明此过程气体对外做功，内能转变为机械能，对应发生情况与热机中做功冲程相似。 (3)3气体对瓶塞做功，气体内能减小，温度降低，酒精汽化的酒精蒸气在温度降低时又发生液化，液化成酒精液滴即“白雾”。 12答案见解析 【详解】 按压打火机按扭时，蓄力弹簧弹性势能增加，积累到一定程度后，弹性势能转化为叩击锤头的动能，使锤头能大力击打压敏陶瓷。压敏陶瓷能产生几千伏电压，使喷气嘴与导线之间形成高压放电产生电火花（或指出电能转化为内能，产生高温） 。金属杆可看成一个杠杆，支点在弯曲处，其右端向下按压时，左端向上运动，并提起喷气嘴。储气室内的液态丁烷迅速汽化，从喷气嘴喷出。丁烷易燃，和氧气混合后，遇
31、到电火花达到着火点，燃烧形成火焰。 13 减小 降低 1.5m 【详解】 （1）12高压气瓶向气垫内充气时，气体会对外做功，内能转化为机械能，气瓶内的气体的内能减小，温度降低。 （2）*3+由题意知，支点在石板的右下角 O 点，所受阻力为石板的重力，方向竖直向下，作用点在石板的中点上，首先做出阻力的示意图，然后从支点到阻力的作用线引垂线段，垂线段的长即为阻力臂，如图所示： *4+由 p=Fs 可得 F1=pS=106Pa0.2m0.2m=4104N 根据 F1L1=F2L2得 422214116 10 N 1m=1.5m4 10 NF LGLLFF。 14 反射 照相机 神经中枢 汽车具有惯性
32、 60 【详解】 （1）1神经调节的基本方式是反射，反射是人体通过神经系统，对外界和内部的各种刺激所发生的规律性反应。 （2）23摄像头相当于一个凸透镜，它的成像原理和我们生活中的照相机的成像原理相同；CPU 是中央处理器，对信息做出反应，类似于人体反射弧中的神经中枢。 （3）4追尾事件发生的主要原因是汽车具有惯性，刹车之后还会向前滑行一段距离。 （4）5飞轮转速是 1800r/min=30r/s，即飞轮 1s 转 30r，一转两个冲程，所以一秒钟转 60 个冲程。 15见解析 【详解】 松开瓶子时，瓶内气体对外做功，内能减小，温度降低，酒精蒸气液化成酒精小液滴。重新拧瓶子时，手 对瓶（或瓶内
33、气体）做功，气体内能增加，温度升高，酒精小液滴汽化。 16 25% CaH2 + 2H2O = Ca (OH)2 + 2H2 可燃性 CO2 【详解】 (1)1图中的，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程； 图中的，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程； 图中的，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程； 图中的，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程。 2由图可知，汽油机转变为有用功的能量 W有=300J，燃料完全燃烧所释放的能量 W总=400J+300J+250J+250J=1200J 该汽油机的效率 =300J=1200JWW有总=25% (2)*3
34、+氢化钙(CaH2)是一种常用的储氢剂，遇水后放出氢气并生成一种碱，由质量守恒定律，反应前后元素种类不变，则该碱是氢氧化钠，反应的化学方程式为 CaH2 +2H2O=Ca(OH)2 +2H2 *4+金属氢可能具有的化学性质是具有可燃性。 *5+负排放概念车是指“叶子”能进行光合作用，吸收大气中的二氧化碳，减弱大气的温室效应。 17 温度计示数降低 压缩空气膨胀对活塞做功，内能减小，温度降低 【详解】 12除了看到压缩空气做功，活塞将向右运动外，还可以看到接下来的现象是：温度计示数降低；因为做功可以改变物体的内能，当气体对外做功时，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，故温度计示数降低。 18见
35、解析 【详解】 快速摩擦做功，机械能转化为内能。 双手捧住热传递，气温升高，气压增大。 形成的气体压力差大于瓶盖重力，力改变物体的运动状态。 瓶中气体质量（或温度）降低，气压（或压力差）减少，瓶盖由于重力而下落。 温差变小，压力差变小，跳动缓慢至停止。 19见解析 【详解】 快速摩擦做功，机械能转化为内能。双手握住瓶身，属于热传递改变内能，气温升高，气压增大；形成的气体压力差大于瓶盖重力，瓶盖跳起，力改变物体的运动状态。 20(1)60；(2) 4h40min 【详解】 (1)水箱内水的体积 V=150L=150dm3 =0.15m3 由mV可得，水箱内水的质量 3331.0 10 kg/m0
36、.15m150kgmV 由题意可得，水吸收的热量： 62273 10 J / mh8h2.1m50%2.52 10 JQ 吸 由Qcm t吸可得，水升高的温度 732.52 10 J404.2 10 J / kg150kgQtcm 吸 故水箱中初温为 20的水温度加热到的温度 20+40=60 (2)电热水器在额定电压下工作，电热水的电功率 P=P额=1500W 由WPt所以 72.52 10 J16800s4h40min1500WQWtPP吸 答：(1)正常情况下一天内，水箱中初温为 20的水温度加热到 60； (2) 如果换用电热水器，把同样的一箱水加热升高相同的温度需要 4h40min。
37、 21见解析 【详解】 用力拧瓶的下部时，瓶子变形,瓶子的体积变小，此时压缩瓶内气体做功，机械能转化为内能，瓶内气体内能增加，温度升高，略松开瓶盖，瓶内气体对外做功，内能减小，水蒸遇冷液化形成了小水滴，所以当瓶盖弹出时瓶内及瓶口就有白雾。 22答案见解析 【详解】 将瓶盖倒置蘸水放于瓶口起到密封作用。双手快速摩擦，克服摩擦力做功（机械能转化为内能） ，手的内能增大，温度升高。手捂住瓶身后与矿泉水瓶发生热传递，矿泉水瓶及瓶内气体内能增加，温度升高。瓶内气体受热膨胀（气压增大）气体对瓶塞做功（气体的内能转化为瓶塞的机械能） ，瓶塞跳起。 23 4.2105J 100 【详解】 1 完全燃烧 14g
38、 酒精放出热量： -5373.0 10 J kg=4.2 10 J=14 10 kgQmq放； 2水吸收的热量： 55=4.2 10 J 60%=2.52 10 JQQ吸放； 由0=-Qcm t t吸可知，这些热量可以 300g 温度 20的水温度升高到： 50332.52 10 J+ =202204.2 10 Jkg300 10 kgQttcm吸； 因为标准大气压下水的沸点是100， 水沸腾后不断吸热但温度保持不变， 所以水温最高可以升高到100。 24(1)6107J；(2)2.52107J；(3)42%。 【详解】 (1) 煤完全燃烧产生的热量： 77=2kg 3 10 J kg=6 1
39、0 JQmq ； (2)由图知，水初始温度为 20，6min 时水温为 80，所以水吸收的热量： 370=-=4.2 10 J kg100kg80 -20=2.52 10 JQcm t t吸； (3) 煤炉烧水时的热效率： 772.52 10 J100%=100%=42%6 10 JQQ吸。 答：(1) 煤完全燃烧产生的热量76 10 J； (2) 水吸收的热量72.52 10 J； (3) 煤炉烧水时的热效率42%。 25(1)3.36104J；(2)37.3%；(3)1.13104J 【分析】 (1)知道水的质量、水的比热容和水的温度变化，根据0()Qcm tt吸求出水吸收的热量。 (2)
40、知道酒精的热值和质量，根据Qmq放求出酒精完全燃烧释放的热量；水吸收的热量和酒精完全燃烧放出热量的比值即为烧水的效率。 (3)根据 1g100的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收的热量求出 5g 的水完全汽化成同温度水蒸气所需要吸收的热量。 【详解】 (1)一个标准大气压下水的沸点为 100，即需将水加热至 100，则水吸收的热量 33404.2 10 J/ kg100 10 kg()(100203.36 10 J)Qc mtt吸水水 (2)3g 酒精完全燃烧释放的热量 3743 10 kg 3.0 10 J/kg9 10 JQmq 放酒精 酒精 则酒精灯烧水的热效率 443.36 10100%1
41、00%37.3%9 1J0 JQQ吸放 (3)1g100的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收 2.26103J 的热量， 则 5g100的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收的热量 345g 2.26 10 J/g1.13 10 JQ 答：(1)水吸收的热量是 3.36104J；(2)酒精灯烧水的热效率是 37.3%；(3)5g100的水汽化成同温度的水蒸气需要吸收的热量是 1.13104J。 26(1)8J；(2)3.2；(3)75s 【分析】 (1)知道弓长s，可以求人来回拉一次钻弓移动的距离2ss，又知道人拉弓的力 F，利用WFs求人来回拉一次钻弓克服摩擦力所做的功。 (2)克服摩擦做功消耗机械能
42、转化为内能， 做了多少功就有多少机械能转化为内能， 由题知，25%QW吸求出木棒吸收的热量；又知道木棒受热部分的质量、木棒的比热容，利用吸热公式求木棒升高的温度。 (3)通过计算知道每秒升高的温度值，又知道室温距着火点的温度差，据此估算使木棒燃烧起来的时间。 【详解】 (1)人来回拉一次钻弓移动的距离 22 0.25m0.5mss 人来回拉一次钻弓克服摩擦力所做的功 16N 0.5m8JWFs (2)由100%QW吸 可得，木棒尖端吸收的热量 20%8J 20%1.6JQW吸 由Qcm t吸可得，木棒升高的温度 331.6J3.22 10 J/(kg) 0.25 10 kgQtcm 吸 (3)由(2)可知，木棒尖端吸热每秒温度升高 3.2，要使木棒燃烧起来，升高的温度为 26020240 则需要的时间 24075s3.2/st 答：(1)人来回拉一次钻弓克服摩擦力所做的功为 8J；(2)1 秒内可使木棒尖端温度提高 3.2；(3)大约用75s 时间才能使木棒燃烧起来。
