1、2020 年广东省广州市增城区中考物理一模试卷年广东省广州市增城区中考物理一模试卷 一、选择题（每小题一、选择题（每小题 3 分分,共共 36 分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意. 1如图所示，眼睛到手机的距离大约是（ ） A25mm B25cm C25dm D2.5m 2老师鼓励你要大声发言，这是提高声音的（ ） A响度 B频率 C音调 D音色 3使用蓝牙耳机接听手机来电，所用的电磁波频率为 2.42.48109Hz，图是电磁波图， 则蓝牙通信的电磁波（ ） A是蓝光 B能传递信息 C在真空中传播速度为 340m/s D在真空中传播速
2、度比红外线大 4体育频道转播的象棋大赛，棋子被吸附在竖直放置的磁性棋盘上保持静止，如图所示， 此时棋子受到的摩擦力（ ） A方向竖直向上，大小小于它的重力 B方向竖直向下，大小等于它的重力 C方向竖直向上，大小等于它的重力 D方向竖直向下，大小大于它的重力 5下表为不同气压下水的沸点： p/ 105Pa 0.98 1.01 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.05 t/ 99 100 103 107 111 115 117 121 压力锅工作时锅内气体压强最大可达 1.69105Pa，锅内水的最高温度（ ） A可达 100 B可达 115 C可达 121 D不确定 6受新型冠
3、状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要阻挡外 界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗 粒（潮湿环境中会失去静电） ，内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的构造如 图所示。下列说法正确的（ ） A口罩潮湿后防护能力降低 B佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外 C口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针 D佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华形成 7 “木桶理论”指出木桶能盛下水的容量由最短的木板来决定。如图将水注进水平面的木桶 时，水对木桶底部的压强说法正确的是（ ） A最大压强由最长木板决定 B木桶的质量决定压强大小 C木桶的底面积决
4、定压强大小 D补齐短木板能增加最大压强 8如图所示，电源两端电压恒定，闭合开关，灯泡 L1比灯泡 L2亮，则（ ） AL1的电阻比 L2的大 BL1两端电压比 L2大 C若 L1灯丝烧断，L2两端电压不变 D若 L2灯丝烧断，通过 L1电流变大 9如图所示，磁感线竖直向下，AB 棒运动，电流表指针偏转，则（ ） AU 型磁铁上端是 S 极 BAB 棒可能是竖直方向运动 C此过程电能转化为机械能 D电路有电流说明磁能生电 10 图中烛焰在光屏上成清晰放大的像。 下列哪一操作可能使烛焰在光屏上成清晰缩小的像 （ ） A透镜不动，蜡烛、光屏靠近透镜 B透镜不动，蜡烛、光屏向右移动 C透镜、光屏都不动
5、，蜡烛向右移动 D蜡烛、光屏都不动，透镜靠近光屏 11网球落地后弹起又落地，最终停在地面，则（ ） A小球速度一直增加 B小球下落时它的重力势能全部转化为动能 C小球在运动过程中，机械能转化为内能 D小球下落过程中，受力平衡 12如图装置，用铁夹将温度传感器、两个试管固定在铁架台上，两试管装有质量相同的不 同种液体，温度传感器的探头部分与试管内的液体良好接触，传感器通过数据采集线与 计算机相连接，在计算机上得到的实验图象如图所示，下列说法正确的是（ ） A加热 t1时间，甲吸收热量多 B甲的比热容大 C甲、乙升高相同的温度，甲吸收热量多 D吸收相同的热量，甲升温比乙多 二、填空作图题（共二、填
6、空作图题（共 28 分）分） 13 （3 分）如图所示装置，按压前，瓶里的压强 大气压。用力按压泵头时，洗手液 被挤出，说明储液腔内气体压强 洗手液瓶内气体压强，从而推测此时储液腔内的 气体压强 大气压。 （选填“大于” 、 “等于” 、 “小于” ） 14 （3 分）俯卧撑可以看成是一个杠杆，如图所示 A 为重心，O 为支点，支撑点 B，手臂 垂直。画出动力（支撑力）的方向，动力臂是 m，假如人的体重是 500N，则撑力 是 N。 15 （3 分）如图为一辆汽车的俯视示意图，O 点为司机眼部所在位置，司机在右侧的后视 镜 AB（看作平面镜）中能看到车尾 C 点。 （1）画出司机眼睛 O 看到
7、 C 点的光路图。 （2）汽车在行驶时发动机会升温。常用防冻液（水与防冻原液混合）进行冷却，防冻原 液不易蒸发。防冻原液含量越高比热容会越小。下表是防冻原液与水按不同的比例混合 时，混合液的凝固点和沸点（表中防冻液含量是指防冻原液在混合液中所占体积的百分 比） 防冻原液含量（%） 30 40 50 60 70 80 混合液的凝固点（） 17 28 37 49 48 46 混合液的沸点（） 103 104 107 111 117 124 如果防冻原液含量由 30%逐渐增大到 80%，则混合液凝固点的变化情况是 。 A逐渐升高 B逐渐降低 C先升高后降低 D先降低后升高 汽车水箱中的混合液中防冻液
8、含量越高越好。这种说法对吗？ ，其理由 是 。 长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点 （选 填“升高” 、 “降低”或“不变” ） ，其原因是 。 16 （3 分）小丽周末和家人骑共享单车去绿道游玩，同时用手机记录路程和时间如下表： 记录手机时间 10：00 10：10 10：20 10：30 10：40 10：50 路程（km） 0 1.5 3 3 5 6 （1）10：0010：10，单车的平均速度是 m/s。 （2）10：2010：30，单车相对于地面是 的。 （填“运动”或“静止” ） （3）10：3010：40，单车匀速下坡，此时单车动能 ，机械能 。 （填
9、“变 大” 、 “变小” 、 “不变” ） （4） 10： 0010： 20 的平均速度为 v1， 10： 3010： 50 的平均速度为 v2， 则 v1 v2 （选填“大于” “小于” “等于” ） 。 17 （3 分）同学正在游乐场观察一位小朋友荡秋千，他注意到：小朋友从 A 到 C，C 到 A 来回摆动时，每一次摆动的时间似乎相等。 （1）为了验证这个猜想是否正确，该同学制作了单摆实验模拟了小朋友荡秋千的过程。 如图所示， 测试时间的工具是 。 实验中比较 与 两段时间是否相等。 （2）从 A 到 C 点，画出单摆的小球在 C 点时的受力示意图。 18 （3 分）如图所示，一个人先后用
10、 30N 的力将 1kg 或 2kg 的物体分别在光滑水平面、粗 糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动 2 米。 （1） 为了计算力做功的大小， 需要 公式， W光滑水平面 J， W粗糙斜面 J。 （2）移动中，同样粗糙的水平面与斜面比较，摩擦力 f水平 f斜面（选填“等于” 、 “不等于” ） ，原因： 。 三、解析题（共三、解析题（共 18 分）分） 19 重 104N 的汽车在水平路面匀速运动， 汽车牵引力功率 9.2kW， 其汽油发动机效率为 20% （汽油热值是 4.6107J/kg） 。 （1）以点代车，画出汽车匀速运动过程中水平方向受力示意图。 （2）若汽车与地面的接触面积为 0.
11、04m2，小轿车对地面多大压强？ （3）求汽车运动 100s 内，发动机消耗多少汽油质量？ 20如图所示，闭合开关，改变 R1阻值，在表 2 中记下几组电流表、电压表的读数。坐标 图中已作出 R2的 UI 图线。 电流/A 0.1 0.3 0.4 0.5 电压/V 2.5 1.5 1.0 0.5 （1） 改变 R1阻值过程中， 通过 R1与 R2的电流始终保持 （选填 “相等” 、“不等” ） ， 原因： （2）根据表 2 数据在坐标中描点并连线。 （3）当电流表的示数为 0.1A 时，R2的电阻是多少？UDF是多少？ （4）当电流表的示数为 0.3A 时，R1与 R2总电功率是多少？ 四、实
12、验探究题（共四、实验探究题（共 18 分）分） 21 如图所示是同学们做过的一些物理实验情景图， 请你对这些实验现象分别进行分析并得 出结论。 （1）图甲：闭合开关，小磁针发生们偏转。说明： 。 （2）图乙：迅速击打硬纸板，板上的鸡蛋落入杯中。说明： 。 22在测量小灯泡的电阻的实验中，同学连接了部分电路如图所示，请你用画线代表导线， 将电路连接完整，并在方框内画出对应的电路图。 （1）正确连接电路后，一同学先后测出甲、乙两组电流数据，I甲 A，I乙 A，从甲到乙电流变化可以判断，滑动变阻器滑片向 滑动了。 （2）移动滑动变阻器时，发现电流表有示数变化，电压表示数几乎不变，经检查发现是 电路连
13、接有问题，原因是 。 23 “汤圆熟了的时候它会浮起来” ，小明通过实验观察煮汤圆的过程，下表是他记录的部分 数据和实验现象，（汤圆加热后， 由于内部空气受热膨胀等原因使其体积变大， g取10N/kg） 。 （1）t1min 时，汤圆沉底，说明此时汤圆受到的浮力 （选填“大于” 、 “等于” 、 “小 于” ）重力。 （2） 汤圆在第 3min 时的浮力 第 1min 时的浮力 （选填 “大于” 、“等于” 、“小于” ） ， 判断依据： 。 （3）t4min 汤圆漂浮时，受到的浮力为 N。 加热时间 t/min 1 2 3 4 汤圆质量 m/g 15 18 20 20 汤圆在水中的 位置 沉
14、底 上浮 上浮 漂浮 24小明使用斜面将物体提升一定高度，对此他猜想： “提升物体离地面一定高度时，斜面 坡度越大，机械效率越高” 。请你设计实验验证其猜想。 （1）除了图上的器材，还需要补充 （实验仪器） ； （2）请写出实验步骤： ； （3）根据你的实验过程，用所测得物理量表示斜面的机械效率。 2020 年广东省广州市增城区中考物理一模试卷年广东省广州市增城区中考物理一模试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一、选择题（每小题一、选择题（每小题 3 分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意. 1 （3 分）如图所示，眼睛到手机的距离
15、大约是（ ） A25mm B25cm C25dm D2.5m 【分析】人的明视距离约为 25cm，据此分析判断。 【解答】解：人的明视距离约为 25cm；根据图中的距离可知，此时手机到眼睛的距离约 为 25cm。 故选：B。 【点评】本题考查了明视距离的大小，属于基础知识，要熟记。 2 （3 分）老师鼓励你要大声发言，这是提高声音的（ ） A响度 B频率 C音调 D音色 【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调 指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色 是由发声体本身决定的一个特性。 【解答】解：老师鼓励你要大声发言，这是
16、提高声音的响度。故 BCD 错误、A 正确。 故选：A。 【点评】区分声音的三个特征，是解答此题的关键。 3 （3 分）使用蓝牙耳机接听手机来电，所用的电磁波频率为 2.42.48109Hz，图是电磁 波图，则蓝牙通信的电磁波（ ） A是蓝光 B能传递信息 C在真空中传播速度为 340m/s D在真空中传播速度比红外线大 【分析】电磁波可以传递信息，可以传递能量；手机蓝牙利用电磁波传递信息的； 电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在真空中传播，传播速度约为 3108m/s。 【解答】解： A、 蓝牙通讯用的是电磁波频率为 2.42.48109Hz， 是无线电波， 不是蓝光， 故 A 错误； B、
17、使用蓝牙耳机接听手机来电，说明蓝牙通信的电磁波能传递信息，故 B 正确； CD、 蓝牙通讯和手机通讯使用的都是电磁波， 电磁波在真空中的传播速度约为 3108m/s 与光速相同，故蓝牙通信的电磁波在真空中传播速度与红外线速度相同，故 CD 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了手机通信的相关知识，熟练掌握相关基础知识即可正确解题，是一 道基础题。 4 （3 分）体育频道转播的象棋大赛，棋子被吸附在竖直放置的磁性棋盘上保持静止，如图 所示，此时棋子受到的摩擦力（ ） A方向竖直向上，大小小于它的重力 B方向竖直向下，大小等于它的重力 C方向竖直向上，大小等于它的重力 D方向竖直向下，大小大于它的
18、重力 【分析】解答本题可根据二力平衡条件去分析，二力平衡条件：作用在同一物体上的两 个力，大小相等、方向相反且作用在同一直线上。 【解答】解： 棋盘上的棋子在竖直方向上受到两个力的作用：重力和摩擦力；由于棋子在棋盘上保持 静止，所以这两个力是一对平衡力； 根据二力平衡条件可知，这两个力在大小上是相等的，方向上是相反的。由于重力的方 向竖直向下，所以摩擦力的方向竖直向上，故 C 正确，ABD 错误。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对二力平衡条件的掌握和理解，解答此类题时，要先对物体进 行受力分析，看哪两个力是一对平衡力，然后再根据二力平衡条件去判断。 5 （3 分）下表为不同气压下水的沸点：
19、 p/ 105Pa 0.98 1.01 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.05 t/ 99 100 103 107 111 115 117 121 压力锅工作时锅内气体压强最大可达 1.69105Pa，锅内水的最高温度（ ） A可达 100 B可达 115 C可达 121 D不确定 【分析】 液体沸点随气压的升高而升高， 随气压的降低而降低。 分析表中数据得出答案。 【解答】解：从表格数据上可知，压力锅工作时锅内气体压强达到 1.69105Pa，锅内水 的最大温度对应的应为此时水的沸点：115。 故选：B。 【点评】此题考查了液体的沸点与气压的关系，属于常识性内容，要记住。
20、 6 （3 分）受新型冠状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要 阻挡外界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等 微小颗粒（潮湿环境中会失去静电） ，内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的 构造如图所示。下列说法正确的（ ） A口罩潮湿后防护能力降低 B佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外 C口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针 D佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华形成 【分析】 （1）佩戴时白色的无纺布朝内，蓝色的防水层朝外，这样与患者接触交谈时， 飞沫携带的大部分病毒会被防水层阻隔难以渗入，剩余的少部分致病病毒再被过滤层吸 附，可以有
21、效的降低被感染的风险； （2）口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩的中间层静电熔喷布能吸引小飞沫； （3）物质由气态变为液态是液化。 【解答】解：A、由题目中“中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境 中会失去静电） ”可知，口罩潮湿后防护能力降低，故 A 正确； B、佩戴时白色的无纺布朝内，吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等，蓝色的防水层朝外，故 B 错误； C、口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩的中间层静电熔喷布能吸引小飞沫，而不是吸 引小磁针，故 C 错误； D、佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气液化而成的，故 D 错误。 故选：A。 【点评】此题以“口罩”为载体，考查液化及液化现象、
22、静电现象等，与实际生活联系 紧密，是一道好题。 7 （3 分） “木桶理论”指出木桶能盛下水的容量由最短的木板来决定。如图将水注进水平 面的木桶时，水对木桶底部的压强说法正确的是（ ） A最大压强由最长木板决定 B木桶的质量决定压强大小 C木桶的底面积决定压强大小 D补齐短木板能增加最大压强 【分析】决定木桶底部受到水的压强的大小的是水的深度，水的深度决定于短木板的长 度，据此分析。 【解答】解：将水注进水平面的木桶时，水的最大深度是由短木板的长度决定的，由公 式 pgh 可知，补齐短木板能能增大水的最大深度，所以能增加最大压强，而木桶的质 量、木桶的底面积不影响水对木桶底部的压强，故只有选项
23、 D 正确。 故选：D。 【点评】本题主要考查了学生对液体压强决定因素的理解，了解木桶的特点，运用液体 压强公式可做出判断。 8 （3 分）如图所示，电源两端电压恒定，闭合开关，灯泡 L1比灯泡 L2亮，则（ ） AL1的电阻比 L2的大 BL1两端电压比 L2大 C若 L1灯丝烧断，L2两端电压不变 D若 L2灯丝烧断，通过 L1电流变大 【分析】本题关键要弄清题目中的隐含条件：由两只灯泡并联可知两灯泡电压相等；由 灯泡 L1比 L2亮可知 L1的实际功率大于 L2的实际功率。 在此基础上根据电功率与电流电 压关系即可得出结论。 【解答】解： （1）由图可知，两只灯泡并联，两灯泡电压相等；故
24、 B 错误； （2）由 P实UI 可知，U1U2，P实1P实2，所以 I1I2，即通过 L1的电流大，由 I 可得 R，则 L1的电阻比 L2的小，故 A 错误。 因为两灯泡并联，由并联电路电压关系可知两灯泡两端电压相等，若 L1灯丝烧断，L2 两端电压不变，通过 L1电流不变，故 C 正确，D 错误。 故选：C。 【点评】本题考查电功率与电流和电压的关系，主要是考查电功率公式的应用，要知道 并联电路电压的规律，还要知道灯泡亮度值取决于灯泡的实际功率。 9 （3 分）如图所示，磁感线竖直向下，AB 棒运动，电流表指针偏转，则（ ） AU 型磁铁上端是 S 极 BAB 棒可能是竖直方向运动 C此
25、过程电能转化为机械能 D电路有电流说明磁能生电 【分析】电磁感应现象：当闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感 应电流。由此分析判断即可。 【解答】解： A、在磁体外部，磁感线是从 N 极发出，回到 S 极；则根据磁感线的方向可知，U 型磁 铁上端是 N 极，故 A 错误； B、若 AB 棒沿竖直方向运动，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生 感应电流，故 B 错误； CD、由题意可知，电路中产生了感应电流，说明 AB 棒在磁场中做切割磁感线运动；该 过程中消耗了机械能，得到了电能，即将机械能转化为电能；该实验说明磁能生电，故 C 错误，D 正确。 故选：D。 【点
26、评】此题考查了产生感应电流的条件，在电路闭合的情况下，导体必须做切割磁感 线运动。其中也可以是导体不动，磁体运动。 10 （3 分）图中烛焰在光屏上成清晰放大的像。下列哪一操作可能使烛焰在光屏上成清晰 缩小的像（ ） A透镜不动，蜡烛、光屏靠近透镜 B透镜不动，蜡烛、光屏向右移动 C透镜、光屏都不动，蜡烛向右移动 D蜡烛、光屏都不动，透镜靠近光屏 【分析】 （1）光屏上能承接清晰的像是实像，凸透镜成实像时，物距减小，像距变大， 像变大。 （2）光路是可逆的，当蜡烛和凸透镜的位置不变时，凸透镜左移，使现在的物距等于原 来的像距。 【解答】解： （1）光屏上能再次出现清晰的像，此时像是实像，要使像
27、成缩小的，要增 大物距，减小像距，所以凸透镜位置不动，向左移动蜡烛，同时向左移动光屏。 （2）因为光路是可逆的，如图位置凸透镜成倒立、放大的实像，当蜡烛和光屏位置不变 时，凸透镜向右靠近光屏时，使现在的物距等于原来的像距时，凸透镜成倒立、缩小的 实像。 故选：D。 【点评】凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。这条规律在凸透镜成像习题 中有广泛的应用。 11 （3 分）网球落地后弹起又落地，最终停在地面，则（ ） A小球速度一直增加 B小球下落时它的重力势能全部转化为动能 C小球在运动过程中，机械能转化为内能 D小球下落过程中，受力平衡 【分析】动能的大小与速度和质量有关；重力势能的大小
28、和质量、高度有关； 网球落地后弹起又落地，最终停在地面，此时网球的机械能变为 0，说明在整个过程中网 球的机械能是不守恒的，即网球需要克服摩擦做功； 小球在运动过程中速度大小发生变化，处于非平衡状态，则小球受力不平衡。 【解答】解： 网球落地后弹起又落地，最终停在地面，此时网球的机械能变为 0，说明在整个过程中网 球的机械能是不守恒的，即网球需要克服摩擦做功，机械能转化为内能，故 C 正确； 小球在下落过程中，高度减小，它的重力势能变小，速度变大，则动能变大；一部分重 力势能转化为动能，另一部分会转化为内能，由于速度大小发生了变化，所以小球受力 不平衡，故 BD 错误； 小球在下落的过程中，速
29、度先变大，接触地面后，小球的动能转化为小球的弹性势能， 其速度会变小，故 A 错误。 综上可知 ABD 错误，C 正确。 故选：C。 【点评】本题考查了影响动能和重力势能的因素、机械能的转化，难度不大。 12 （3 分）如图装置，用铁夹将温度传感器、两个试管固定在铁架台上，两试管装有质量 相同的不同种液体，温度传感器的探头部分与试管内的液体良好接触，传感器通过数据 采集线与计算机相连接， 在计算机上得到的实验图象如图所示， 下列说法正确的是 （ ） A加热 t1时间，甲吸收热量多 B甲的比热容大 C甲、乙升高相同的温度，甲吸收热量多 D吸收相同的热量，甲升温比乙多 【分析】 （1）相同的加热环
30、境，两试管在相同时间内吸收的热量相同。 （2）加热相同时间，甲和乙吸收热量相同，根据图象和公式 Qcmt 分析出比热容大 小。 （3）根据温度变化的情况，分析加热时间，然后得出吸收热量的多少。 （4）加热相同时间，甲和乙吸收热量相同，根据图象判断升高温度的多少。 【解答】解： A、两试管装有质量相同的不同种液体，放在同一加热器内，加热 t1时间，甲和乙吸收 的热量相同；故 A 错误； B、观察图象可知，相同质量的甲乙两种液体吸收同样多的热量（加热相同时间） ，乙的 温度变化小，由 Qcmt 知，乙的比热容较大，故 B 错误； C、 观察图象可知， 甲、 乙升高相同的温度， 乙需要的加热的时间长
31、， 所以乙吸热能力强， 吸收的热量多，故 C 错误； D、观察图象可知，加热相同时间，甲和乙吸收相同的热量，甲升高的温度比乙升高的温 度高，故 D 正确。 故选：D。 【点评】 解决此题要学会用控制变量法进行分析， 把吸收的热量转化为加热时间的长短， 考查了学生对数据的分析和理解，是中考中常见的题目。 二、填空作图题（共二、填空作图题（共 28 分）分） 13 （3 分）如图所示装置，按压前，瓶里的压强 等于 大气压。用力按压泵头时，洗手 液被挤出，说明储液腔内气体压强 小于 洗手液瓶内气体压强，从而推测此时储液腔 内的气体压强 小于 大气压。 （选填“大于” 、 “等于” 、 “小于” ）
32、【分析】工作原理和活塞式抽水机原理相同，液体能进入到储液腔内，是因为瓶中气压 大于储液腔内气压。 【解答】解：按压前，瓶内气体与外界大气相通，此时瓶内的压强与大气压相等； 用力按压泵头时，储液腔里的空气被排出，此时储液腔内气体压强小于洗手液瓶内气体 压强，洗手液在气压差的作用下上升并被挤出，故可推测此时储液腔内的气体压强小外 界大气压。 故答案为：等于； 小于； 小于。 【点评】本题考查大气压的应用，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。 14 （3 分）俯卧撑可以看成是一个杠杆，如图所示 A 为重心，O 为支点，支撑点 B，手臂 垂直。画出动力（支撑力）的方向，动力臂是 1.5 m，假如人的体重是
33、 500N，则撑力 是 300 N。 【分析】人的手臂在竖直方向上，动力的方向是竖直向上的；力臂的概念：力臂是指从 支点到力的作用线的距离； 根据杠杆的平衡条件求出支持力 F 的大小。 【解答】解： 由题意可知，人的手臂在竖直方向上，动力的方向是竖直向上的，动力作用在 B 点上， 如图所示： ； 根据力臂的定义可知，动力臂的大小为 L11.5m； 根据杠杆平衡的条件可得：FL1GL2， 则 F1.5m500N0.9m，解得：F300N。 故答案为：如图；1.5；300。 【点评】本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，关键是从图中找出动力臂和 阻力臂。 15 （3 分）如图为一辆汽车的俯视
34、示意图，O 点为司机眼部所在位置，司机在右侧的后视 镜 AB（看作平面镜）中能看到车尾 C 点。 （1）画出司机眼睛 O 看到 C 点的光路图。 （2）汽车在行驶时发动机会升温。常用防冻液（水与防冻原液混合）进行冷却，防冻原 液不易蒸发。防冻原液含量越高比热容会越小。下表是防冻原液与水按不同的比例混合 时，混合液的凝固点和沸点（表中防冻液含量是指防冻原液在混合液中所占体积的百分 比） 防冻原液含量（%） 30 40 50 60 70 80 混合液的凝固点（） 17 28 37 49 48 46 混合液的沸点（） 103 104 107 111 117 124 如果防冻原液含量由 30%逐渐增大
35、到 80%，则混合液凝固点的变化情况是 D 。 A逐渐升高 B逐渐降低 C先升高后降低 D先降低后升高 汽车水箱中的混合液中防冻液含量越高越好。 这种说法对吗？ 不对 ， 其理由是 防 冻原液含量越高比热容越小，根据 Qcmt 可知，在相同质量升高相同的温度下，比热 容小，吸收的热量也小，不利于汽车散热 。 长时间使用后， 汽车水箱中的混合液会减少。 与原来相比， 混合液的沸点 升高 （选 填“升高” 、 “降低”或“不变” ） ，其原因是 升高长时间使用后水容易蒸发，防冻原液 不易蒸发，防冻原液含量变大，从数据看沸点升高。 。 【分析】 （1）先确定 C 点在平面镜中的像点，然后根据反射光线
36、的反向延长线过像点确 定反射光线，再连接光源和反射点，完成光路。 （2）实际应用题要结合物理知识点进行分析，严格按照题目所提供的信息得出结论，防 冻液含量增加过程中，混合液、凝固点、比热容的变化情况。 【解答】解： （1）如图所示：先延长 AB，然后作 C 点关于 AB 的对称点，然后连接 OC （即反射光线） ，并标出反射光线的方向，再连接 C 点和反射点（即入射光线） ，并标出 光线的方向。 （2）由表中数据可见：防冻液含量由 30%逐渐增大到 60%过程中，混合液的凝固点 是降低的；但是从 60%逐渐增大到 90%的过程中，混合液的凝固点是逐渐升高的。故 D 正确。 这种说法是不对的，防
37、冻原液含量越高比热容会越小，根据 Qcmt 可知，在相同 质量升高相同的温度下，比热容小，吸收的热量也小，不利于汽车散热 长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少就会导致防冻液的含量增大，而混合液的 沸点会随着含量增大而升高，所以沸点就会升高； 故答案为： （1）见上图； （2）D；不对；防冻原液含量越高比热容越小，根据 Q cmt 可知，在相同质量升高相同的温度下，比热容小，不利于汽车散热；升高；长 时间使用后水容易蒸发，防冻原液不易蒸发，防冻原液含量变大，从数据看沸点升高。 【点评】本题需要根据平面镜成像的特点的作光的反射光路图，熟练掌握光的反射光路 图的画法；本题综合考查了学生对比热容、沸
38、点、凝固点的了解和掌握，会从图象中得 出相关信息是本题的关键。 16 （3 分）小丽周末和家人骑共享单车去绿道游玩，同时用手机记录路程和时间如下表： 记录手机时间 10：00 10：10 10：20 10：30 10：40 10：50 路程（km） 0 1.5 3 3 5 6 （1）10：0010：10，单车的平均速度是 2.5 m/s。 （2）10：2010：30，单车相对于地面是 静止 的。 （填“运动”或“静止” ） （3）10：3010：40，单车匀速下坡，此时单车动能 不变 ，机械能 变小 。 （填 “变大” 、 “变小” 、 “不变” ） （4）10：0010：20 的平均速度为
39、v1，10：3010：50 的平均速度为 v2，则 v1 等于 v2（选填“大于” “小于” “等于” ） 。 【分析】 （1）从表格中得出 10：0010：10 单车通过的路程，然后利用速度公式计算平 均速度。 （2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生 变化，则运动，不发生变化，则静止。 （3） 动能的大小与质量、 速度有关， 重力势能与高度有关， 机械能为动能与势能的总和。 （4）比较相同时间通过的路程得出结论。 【解答】解： （1）由表可知，单车 10：0010：10 通过的路程 s1.5km1500m， ；时 间 t10min600s， 则其平均速
40、度 v2.5m/s。 （2）由表可知，单车 10：2010：30 通过的路程为零，即单车相对于地面上某一点的 位置没有变化，所以单车相对于地面是静止的。 （3）匀速下坡时，质量不变、速度不变，则动能不变，高度减小，重力势能变小；因机 械能等于动能与势能的总和，所以单车的机械能变小。 （4）10：0010：20 和 10：3010：50，时间相同，通过的路程均为 3km，其平均速 度则 v1等于 v2。 故答案为： （1）2.5； （2）静止； （3）不变；变小； （4）等于。 【点评】此题以共享单车为题材综合考查学生对平均速度的计算与比较、运动和静止的 相对性、动能和势能的大小变化的理解和掌握
41、，从表格中获取相关信息是关键。 17 （3 分）同学正在游乐场观察一位小朋友荡秋千，他注意到：小朋友从 A 到 C，C 到 A 来回摆动时，每一次摆动的时间似乎相等。 （1）为了验证这个猜想是否正确，该同学制作了单摆实验模拟了小朋友荡秋千的过程。 如图所示，测试时间的工具是 秒表 。实验中比较 A 到 C 与 C 到 A 两段时间 是否相等。 （2）从 A 到 C 点，画出单摆的小球在 C 点时的受力示意图。 【分析】 （1）测量时间的工具是秒表；根据猜想确定测量的距离； （2）对小球在经过 C 点时进行受力分析，然后按照力的示意图的画法作出受力示意图。 【解答】解： （1）测量时间的工具是秒
42、表，根据猜想“小朋友从 A 到 C，C 到 A 来回摆 动时，每一次摆动的时间似乎相等”可知， 实验中他要测量 A 到 C、C 到 A 两段时间是否相等。 （2）分析可知，小球在 C 点时，受到重力和绳子拉力的作用，作用点都画在小球的球心 上，如图所示： 故答案为： （1）秒表；A 到 C 与 C 到 A； （2）见上图。 【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符 号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。 18 （3 分）如图所示，一个人先后用 30N 的力将 1kg 或 2kg 的物体分别在光滑水平面、粗 糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移
43、动 2 米。 （1） 为了计算力做功的大小， 需要 WFs 公式， W光滑水平面 60 J， W粗糙斜面 60 J。 （2）移动中， 同样粗糙的水平面与斜面比较， 摩擦力 f水平 不等于 f斜面（选填“等于” 、 “不等于” ） ，原因： 在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩擦力大小与压力有关，在 水平面上与在斜面上压力的大小不相等 。 【分析】 （1）功的计算公式是 WFs。 （2）摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。 【解答】解： （1）功的计算公式是 WFs； 在光滑水平面、粗糙水平面用的力大小均为 30N，物体沿力的方向移动的距离均为 2m， 则 W光滑水平面Fs30N2m60
44、J；W粗糙斜面Fs30N2m60J； （2）在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩擦力大小与压力有关，同一物体对水平面的 压力等于重力， 而对斜面的压力小于重力， 则在水平面上与在斜面上压力的大小不相等， 所以同样粗糙的水平面与斜面比较，摩擦力大小不相等。 故答案为： （1）WFs；60；60； （2）不等于；在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩 擦力大小与压力有关，在水平面上与在斜面上压力的大小不相等。 【点评】此题考查功的计算、摩擦力大小比较，关键是掌握摩擦力大小的影响因素，并 学会利用控制变量法分析解答此类题目。 三、解析题（共三、解析题（共 18 分）分） 19 重 104N 的汽车在水平路
45、面匀速运动， 汽车牵引力功率 9.2kW， 其汽油发动机效率为 20% （汽油热值是 4.6107J/kg） 。 （1）以点代车，画出汽车匀速运动过程中水平方向受力示意图。 （2）若汽车与地面的接触面积为 0.04m2，小轿车对地面多大压强？ （3）求汽车运动 100s 内，发动机消耗多少汽油质量？ 【分析】 （1）水平方向汽车处于匀速运动状态，受到牵引力和阻力的作用，这两个力是 一对平衡力；用一条带箭头的线段表示力的大小、方向、作用点，线段长短表示力的大 小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。 （2）在水平路面匀速运动的小轿车对地面的压力等于其重力，已知受力面积（汽车与地 面的接触
46、面积） ，利用 p可求得小轿车对地面多大压强； （3）已知功率的大小和做功的时间，根据公式 WPt 可求牵引力做的功（有用能量） ； 利用效率公式 求汽油完全燃烧释放的热量（总能量） ，再利用 Q放mg 求需要消 耗汽油的质量。 【解答】解： （1）水平方向汽车处于匀速运动状态，受到牵引力和阻力的作用，这两个力是一对平衡 力；如下图所示： （2）小轿车对地面的压力 FG104N， 小轿车对地面压强： p2.5105Pa； （3）由 P可得，牵引力做的功： WPt9.2103W100s9.2105J。 由 100%得汽油完全燃烧释放的热量： Q放4.6106J， 由 Q放qm 得这 100s 内
47、汽车发动机消耗汽油质量： m0.1kg。 答： （1）如图所示； （2）小轿车对地面的压强为 2.5105Pa； （3）发动机消耗 0.1kg 汽油质量。 【点评】本题考查学生对功的公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式理 解和掌握，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。 20如图所示，闭合开关，改变 R1阻值，在表 2 中记下几组电流表、电压表的读数。坐标 图中已作出 R2的 UI 图线。 电流/A 0.1 0.3 0.4 0.5 电压/V 2.5 1.5 1.0 0.5 （1）改变 R1阻值过程中，通过 R1与 R2的电流始终保持 相等 （选填“相等” 、 “
48、不 等” ） ，原因： 串联电路中各处的电流相等 （2）根据表 2 数据在坐标中描点并连线。 （3）当电流表的示数为 0.1A 时，R2的电阻是多少？UDF是多少？ （4）当电流表的示数为 0.3A 时，R1与 R2总电功率是多少？ 【分析】 （1）根据串联电路的电流特点进行解答； （2）利用描点法做出图象； （3） 当电流表示数为 0.1A 时， 根据图象读出 R1、 R2两端的电压， 然后求出 UDF的大小； （4）当电压表示数为 1.5V 时，根据图象可知电流表的示数，根据图象读出电阻 R2两端 的电压。 【解答】解： （1）由电路图可知，R1与 R2串联，因串联电路中各处的电流相等， 所以，改变 R1阻值的过程中，通过 R1与 R2的电流始终保持相等； （2）利用描点法做出图象，如下图所示： （3）由图象可知，当电流表示数为 0.1A 时，R1、R2两端的电压 U12.5V，U20.25V， 则 UDFU1+U22.5V+0.25V2.75V； （4）由图象可知，当电流表的示数为 0
