1、2019 年江苏省苏州市吴江区实验中学中考物理模拟试卷一、单选题1. 如图所示的四种现象，由于光的反射形成的是（ ）A. 放大的“金鱼” B. 墙上的手影C. 斑马在水中的倒影 D. 雨后的彩虹【答案】C【解析】鱼缸相当于凸透镜，由光的折射形成的虚像，是正立、放大的， A 不符合题意；手影是由于光沿直线传播形成的， B 不符合题意；水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成像，是由光的反射形成，故 C 符合题意；彩虹是光的色散现象，是光的折射现象，故 D 不符合题意，故选 C。2.“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。 ”总结概括出这重要规律的科学家是A. 亚里士多德 B
2、. 伽利略 C. 牛顿 D. 托里拆利【答案】C【解析】【分析】牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。【详解】牛顿在伽利略、笛卡尔的基础上得到牛顿第一定律：“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态” 。所以此科学规律是牛顿得到的。故选：C。3.关于声现象，下列说法正确的是（ ）A. 常温（ 15）下，空气中的声速大于水中的声速B. “蒙面歌王” 节目中观众是通过音调猜出歌手的C. 声呐利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D. 汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声【答案】D【解析】【详解】声音在固体中的传播速度最快，液体中
3、次之，在气体中的传播速度最慢，声音不能在真空中传播，所以常温（15）下，空气中的声速小于水中的声速，故 A 错误；音色是由发声体本身决定的，不同的发声体，音色一般不同，所以， “蒙面歌王”节目中观众是通过音色猜出歌手的，故 B 错误 ；超声波具有较强的穿透性，并且能够传递信息，所以声呐是利用超声波确定鱼群位置和海水深度的，故 C 错误；在汽车排气管上安装消声器，是在声源处减弱噪声，故 D 正确，故选 D。【点睛】本题考查的知识点较多，涉及声速、音色的理解、超声波的应用、以及减弱噪声的途径，属于基础题，难度不大。4.下列说法中，正确的是（ ）A. 汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能B. 物体
4、的温度降低时内能减少，所以 0冰块的水分子不做热运动C. 沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大D. 温度从热量高的物体传递给热量低的物体【答案】C【解析】A、做功冲程是燃料释放的内能推动活塞向下运动而转化为机械能，故 A 错误；B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，所以 0冰块的水分子仍然在做热运动，故 B 错误；C、沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，白天，吸收相同的热量时，由于水比热容大，所以温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，由于水比热容大，所以水的温度降低的少，造成沿海地区昼夜温差较小，故 C 正确；D、热传递的条件是有温度差，即热量总是从温度高的物体传递给温度低的物
5、体，而热量是个过程量，不能说热量高或者低，故 D 错误。故选 C。点睛：要注意总结水的比热容较大的应用实例，如作为热机的冷却物质，作为北方冬季的取暖物质，本题中解释沿海地区昼夜温差较小等。5.我们知道，一对作用力与反作用力总是大小相等，方向相反。如图所示，重 25N 的长方体物块甲放在水平桌面上，另一重 10N 的长方体物块乙放在物块甲上。则下列说法正确的是A. 物块乙所受的合力为 10NB. 物块乙对物块甲的压力为 15NC. 桌面受到物块甲的压力为 15ND. 桌面对物块甲的支持力为 35N【答案】D【解析】【分析】（1）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，合力为零；（2）物块乙对物块甲的
6、压力等于物块乙的重力；（3）桌面受到物块甲的压力等于物块甲乙的重力之和；（4）根据力的作用的相互性得出桌面对物块甲的支持力大小。【详解】A、物块乙静止，处于平衡状态，受到平衡力的作用，故所受的合力为 0N故 A错误；B、物块乙对物块甲的压力等于物块乙的重力，为 10N故 B 错误；C、桌面受到物块甲的压力等于物块甲乙的重力之和，即 25N+10N=35N故 C 错误；D、由 C 知，桌面受到物块甲的压力为 35N，而桌面对物块甲的支持力与桌面受到物块甲的压力是一对相互作用力，故大小为 35N，故 D 正确。故选：D。6.2018 年 6 月 2 日，我国制造的高分辨率卫星“高分六号”成功发射升
7、空，在其发射及完全进入太空过程中，下列说法中正确的是 A. 在上升过程中火箭受到的大气压强越来越大B. 火箭使用的助推燃料，其热值越低越好C. 进入太空后，卫星“高分六号”的质量变为零D. 竖直向上加速过程中，卫星“高分六号”受到的支持力大于其自身的重力【答案】D【解析】A. 海拔越高，气压越小，所以在上升过程中火箭受到的大气压强越来越小，故 A 错误；B. 火箭使用的助推燃料，其热值越高越好，热值越高等质量的燃料释放的能量更大，做功越多，故 B 错误；C. 质量是物体的属性，与位置变化无关，所以进入太空后，卫星“高分六号”的质量不变，故 C 错误；D. 根据运动和力的关系可知，竖直向上加速过
8、程中，卫星“高分六号”受到的支持力大于其自身的重力，故 D 正确；故选 D。点睛：注意对质量的理解，要明确质量是物体的基本属性，与形状、状态、位置无关。7.在探究蹄形磁体周围磁场的实验中，老师将玻璃板平放在磁体上，并均匀地撒上一层铁屑，轻敲玻璃板，铁屑就会有序地排列起来，如图。对实验中有关现象的分析不正确的是（ ）A. 撒铁屑的目的是将原来不存在的磁场显示出来B. 铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体C. 轻敲玻璃板，铁屑由于具有惯性会与玻璃板分离D. 轻敲玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑在磁力作用下排列有序【答案】A【解析】【分析】磁场这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，借助细铁
9、屑可以显示磁体周围的磁场分布特点；在磁体或电流的作用下，使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。惯性与质量有关，质量越小，惯性越小，运动状态越容易改变。据以上内容分析即可解答。【详解】磁体周围始终存在磁场，对放入其中的磁体产生力的作用；撒铁屑的目的是：借助细铁屑显示磁体周围的磁场分布特点，但不是将原来不存在的磁场显示出来，故 A 错误；原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化，铁屑在磁场中被磁化成一个个小磁体，故 B正确；铁屑质量较小，惯性小，运动状态容易改变，轻敲玻璃板时，铁屑由于具有惯性而与玻璃板分离，故 C 正确；铁屑受到磁场的作用，轻敲
10、玻璃板，铁屑与玻璃板分离后，不受摩擦力，铁屑逐渐有序排列，故 D 正确，故选 A。【点睛】本题考查的是磁场的存在、性质、磁化、惯性现象等知识点，关键是磁场客观存在，可以利用细铁屑显示磁场分布，体现的是转换思想。8.如图所示，当带电体接触验电器的金属球时，下列说法正确的是A. 若带电体带正电荷，则这些正电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上B. 若带电体带负电荷，则这些负电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上C. 若带电体带正电荷，则验电器就有一部分电子转移到带电体上D. 若带电体带负电荷，则验电器就有一部分正电荷转移到带电体上【答案】C【解析】【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，金
11、属箔片所带的电荷量越多，其张角越大。 （2）金属中的自由电荷是自由电子；质子不可移动。据此分析判断。【详解】AC、若带电体带正电荷，带电体缺少电子，所以不可能有电子从金属杆流向金属箔，而只能是有一部分电子从金属箔转移到金属杆上，故 A 错误，C 正确；B、若带电体带负电荷，负电荷将部分转移到金属箔上，从而金属箔带负电，而带电体仍带负电，故 B 错误；D、若带电体带负电荷，是由于有多余的电子，则带电体就有一部分电子转移到验电器上，故 D 错误；故选：C。9.关于家庭用电及安全常识。下列说法正确的是（ ）A. 低于 220V 的电压对人体是安全的B. 家庭电路中，各用电器都是串联在电路中的C. 控
12、制用电器的开关应该接在该用电器和零线之间D. 外壳为金属的用电器，用三线插头是防止漏电而采取的安全措施【答案】D【解析】A、不高于 36V 的电压为安全电压，低于 220V 的电压远远超出了安全电压的范围，故 A错误；B、家庭电路中各用电器要能互不影响，独立工作，所以都是并联的，故 B 错误；C、开关应接在用电器和火线之间，这样在断开开关时，用电器与火线断开，更安全，故C 错误；D、外壳为金属的用电器使用三线插头是为了防止漏电而采取的安全措施，即用电器漏电时，电流通过地线导入大地，保证使用人员的安全，故 D 正确。故选 D。点睛：注意理解三脚插头和三孔插座的作用，其中第三个脚或孔分别连接用电器
13、的外壳和大地，当用电器漏电时，电流能通过地线导入大地，从而保证人员的安全。10.图甲中用力 F1 水平拉着重为 G 的物体在水平路面上匀速移动 s 的距离。图乙中用动滑轮拉着它也在同一路面上匀速移动 s 的距离，水平拉力为 F2使用动滑轮的过程中（ ）A. 总功为 W 总 =F2s B. 有用功为 W 有 =GsC. 机械效率为 = D. 额外功为 W 额 =2F2sF1S【答案】D【解析】A、如图使用动滑轮时，拉力端移动距离是物体移动距离的 2 倍，即 ，拉力做的总功为： ，故 A 错误；B、由于两图中物体和接触面都相同，所以使用动滑轮做的有用功，等于甲图中直接拉物体做的功，即 ，故 B 错
14、误；C、机械效率为： ，故 C 错误；D、有用功与额外的和为总功，所以额外功为：，故 D 正确。故选 D。点睛：涉及机械效率的问题时，关键是要清楚总功、有用功、额外功都在哪，本题中两图的状况相同，所以甲图做的功等于乙图中 F2 做的有用功，另外注意图中没有将物体升高，所以有用功千万不要表示成： 。11.如图，R 1为定值电阻，R 2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合 S，当 R2的滑片 P 向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）A. 电压表 V 的示数变大B. 电流表 A2的示数变小C. 电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的乘积变大D. 电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的比值变大【
15、答案】D【解析】【分析】由电路图分析知道，两电阻并联，电流表 A2 测通过 R1 的电流，电流表 A1 测并联电路的总电流，电压表测电源电压，【详解】由电路图知道，两电阻并联，电流表 A2 测通过 R1 的电流，电流表 A1 测并联电路的总电流，电压表测电源电压，由于电源电压保持不变，所以电压表示数保持不变，故A 错误；由于并联电路各支路互不影响，所以，当 R2 的滑片 P 向右滑动的过程中，通过R1 支路的电流大小不变，即电流表 A2 的示数不变，故 B 错误；当 R2 的滑片 P 向右滑动的过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律知道，通过变阻器的电流变小，由并联电路电流的规律知
16、道，A 1 示数变小，电压表 V 的示数与电流表 A1 的示数的乘积变小，故 C 错误；又因为 A1 示数变小，而电压表示数不变，故电压表 V 的示数与电流表 A1的示数的比值变大，故 D 正确，故选 D。【点睛】本题考查的是并联电路的规律及欧姆定律的运用，解题的关键是电路的分析，得出电路的连接方式及各个电表的测量对象。12.如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W“字样，闭合开关后，当滑片 P 移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为 P1；当滑片 P 移至某一端点时，电流表示数为 0.3A，电压表示数变化了 3V，此时滑动变阻器消耗的功率为 P2，且 P1：
17、P2=5：6下列判断正确的是（ ）A. 滑动变阻器的最大阻值为 10B. 电路允许消耗的最大功率为 4.5WC. 小灯泡正常发光时，滑片 P 位于滑动变阻器中点位置D. 滑动变阻器消耗的功率由 P1 变为 P2 的过程中，小灯泡消耗的功率变化了 0.6W【答案】B【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）设电源电压为 U，当滑片 P 移至某位置时，小灯泡正常发光，由 PUI 可得，此时电路中的电流为：II L 0.5A ，滑动变阻器消耗的功率为：P1（UU L）I（U6V）0.5A，当滑片 P 移至某一端点时，电流表示数为 0.3A
18、，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数增大了 3V，此时滑动变阻器两端的电压为：U 滑 U6V 3VU3V，此时滑动变阻器消耗的功率为：P2U 滑 I（ U3V）0.3A ，已知 P1：P 25：6，联立解得，电源电压U9V；则滑动变阻器的最大阻值为：R 滑大 20，故 A 错误；（2）为 0.5A，则电路中的最大电流为灯泡的额定电流:0.5A，电路的最大功率：P 大 UI大 9V0.5A4.5W，故 B 正确；（ 3）小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U 滑 U6V9V6V3V ，
19、此时滑动变阻器的电阻为：R 滑 6，因为滑动变阻器的最大阻值为 20，所以此时滑片 P 不在中点位置，故 C 错误；（4 ）由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为 P1，则此时灯泡消耗的功率 PLP 额3W，滑动变阻器消耗的功率由 P1 变为 P2 的过程中，电压表示数变化了 3V 即增大了3V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了 3V，则此时灯泡两端的电压UL6V3V3V，此时灯泡消耗的电功率：P LU LI3V0.3A0.9W，则灯泡消耗的功率变化了：PP LPL3W0.9W2.1W，故 D 错误。故选： B。点睛：（1）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，
20、电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；当滑片 P 移至某一端点时，电流表示数为 0.3A，电流表示数减小，电阻变大，说明滑片在最大阻值处，算出滑动变阻器的最大阻值；（2）根据 PUI 和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；（3）根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片 P 的位置；（ 4）根据 PUI 算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。二、填空题13.如图所示，用刻度尺测量物体 A 的长度是_cm。【答案】3.20【解析】【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；（2
21、）起始端没从 0 开始，把 3.00cm 处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去 3.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。【详解】图中刻度尺把 1cm 又分为 5 个小刻度，故最小刻度值为 2mm；物体 A 起始端对应的刻度值为 3.00cm，物体 A 末端对应的刻度值为 6.20cm，所以物体 A 长度为6.20cm3.00cm3.20cm。14.小付买了一盒“雪月饼”，为了保持低温，工作人员在月饼包装盒内装入了一定量的 “干冰”。回到家中，打开包装盒，发现周围空气出现了“白雾”，这是因为“干冰” 在_过程中吸收热量，使空气中的水蒸气_成了小雨滴。 （两空均填物态变化名称
22、）【答案】 (1). 升华 (2). 液化【解析】【详解】干冰极易由固态变为气态，发生升华现象从周围空气中要吸收热量，空气放热并液化成小水滴即为看到的“白雾”。【点睛】应该熟练掌握干冰升华人工降雨情镜中包含的物态变化过程，干冰升华也是近年来中考热点之一。15.一辆轿车以 72km/h 的速度在水平路面上沿直线匀速行驶 10 分钟，轿车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的 0.2 倍（g 取 10N/kg） ，则牵引力为_N此时汽车的功率为_kW。【答案】 (1). 3103 (2). 60【解析】（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，所以牵引力与阻力相等，则牵引力为：；（2）汽车的速
23、度： ，根据 计算汽车的功率为：。点睛：一是要理解匀速直线运动时，为平衡状态，牵引力与阻力平衡；二是注意公式的应用，代入公式时单位要统一。16.如图所示是蹦床运动，当运动员从高处下落过程中_能转化为动能，运动员与蹦床面接触的瞬时_能最大；与蹦床接触后，床面发生弹性形变，运动员的动能转化为蹦床的_势能。【答案】 (1). 【答题空 1-1】重力势能 (2). 【答题空 1-2】动 (3). 【答题空 1-3】 弹性势能【解析】【详解】蹦床运动员在下落过程中，质量不变，高度降低，势能减小，同时速度变大，动能增大，重力势能转化为动能；运动员与蹦床面接触的瞬时，速度达到最大值，此时动能最大，运动员与蹦
24、床接触后，蹦床发生形变，运动员的速度变小，动能减小，同时蹦床的弹性形变变大，弹性势能增大，运动员的动能转化为蹦床的弹性势能。【点睛】 （1）重力势能的大小和物体的质量以及所处位置的高度有关，动能的大小和物体的质量以及运动的速度快慢有关；（2）影响弹性势能的因素有弹性形变的大小，在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大 （3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的17.拉弓射箭的过程中，弓被拉弯，说明力可以改变物体的_；松手后箭飞出，说明力可以改变物体的_。【答案】 (1). 形状 (2). 运动状态【解析】解：力可以改变物体的形状，所以在拉力的作用下弓变弯了；力
25、能改变物体的运动状态，所以松手后弓对箭产生了力的作用将箭向前飞出，改变了箭的运动状态。点睛：力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。18.2018 年 2 月 12 日，我国用长征三号乙运载火箭发射了北斗全球卫星导航系统的第28、29 颗卫星，到 2020 年，该系统将拥有 5 颗静止轨道卫星和 30 颗非静止轨道卫星，可在全球范围内为各类用户提供高精度的定位、导航、授时服务，并具有短报文通信能力。（1）火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的机械能_（选填“增大” 、 “减小”或“不变” ） 。（2）卫星工作所需的能量，主要由太阳帆板提供，太阳帆板将_转化为电能。（3）静止
26、轨道卫星离地面的高度约为 3.6104km，地面控制中心通过_向该卫星发送指令，指令从地面传到卫星所用的时间约为_s。【答案】 (1). （1）增大； (2). （2）太阳能； (3). （3）电磁波； (4). 0.12【解析】【分析】动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度；机械能等于动能与势能之和；太阳能电池板将太阳能转化为电能；电磁波能够在真空中传播，传播的速度和光速相同，由速度公式计算指令从地面传到卫星所用的时间，据以上内容即可解答。【详解】 （1）火箭加速上升的过程中，搭载的卫星的质量不变，速度增大，动能变大，同时高度增加，重力势能变大，又因为机械能为动能与势能之
27、和，所以，火箭加速上升的过程中机械能增大；（2）太阳能帆板即太阳能电池板，其工作时，将太阳能转化为电能；（3）由于电磁波可以在真空中传播，且传播的速度和光速相同，所以地面控制中心通过电磁波向该卫星发送指令；由 知道，指令从地面传到卫星所用的时间是：19.如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为 p1 和 p2，缸对桌面的压强分别为 p1和 p2两只玩具鸭受到的浮力分别为 F1 和 F2，则它们的大小关系为：p 1 _p2，p1_p2，F1_F2，若乙图中小玩具鸭的质量为 15g，它排开水的体积是_cm 3。【答案】 (1).
28、 = (2). = (3). (4). 15【解析】（1）由图可知，玩具鸭放入后水的深度 h 仍然相同，根据 pgh 可知，水对容器底部的压强相等，即：p 1p 2；（2）因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满了水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G 物 F 浮 G 排 ，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面积相同） ，则由 p 可知，缸对桌面的压强相等，即：p 1p 2；（3 ）根据甲乙两图可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，则甲缸中鸭子
29、受到的浮力大，即：F 1F 2；（4）若乙图中小玩具鸭的质量为 15g，则漂浮条件和阿基米德原理可知： G 排 F 浮 G 物 ，即：m 排gm 物 g，所以，m 排 m 物 15g，由 可得它排开水的体积： V 排 15cm 3。点睛：（1）知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式 pgh 可比较缸底受到水的压强；（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知甲、乙两烧杯对桌面的压力关系，然后比较压强关系；（3）玩具鸭子漂浮时浮力等于重力，根据图示判断出鸭子排开水体积的大小，于是可根据阿基米德原理比较浮力大小关系；（4）根据阿基米德原理求出排开水的质量，利用 V 即可求出体积。
30、20.小明在家中用煤气灶将初温为 20，质量为 2kg 的一壶水加热到 80，这是通过_的方式使水的内能_如果煤气完全燃烧放出的热量只有 60%被水吸收，则至少需要燃烧_kg 的煤气 水的比热容为 4.2103J/(kg)，煤气的热值为 4.2107J/kg【答案】 (1). 热传递 (2). 增加 (3). 0.02【解析】用煤气灶加热使水的温度升高，内能增加，这是热传递的方式改变内能的；初温为 20，质量为 2kg 的一壶水加热到 80，吸收的热量为：；煤气完全燃烧放出的热量只有 60%被水吸收，则煤气燃烧放出的热量为：；需要燃烧煤气的质量为：点睛：重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式
31、应用时单位要统一，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有进要用到质量，要统一单位后再计算。21.电阻 R1=12，R2=4 并联在同一电路中，则它们两端的电压之比为 U1：U2=_，电流之比 Il：I2=_，功率之比 P1：P2=_。【答案】 (1). 1：1 (2). 1：3 (3). 1：3【解析】解：R 1、R2 并联时，并联电路中各支路两端的电压相等，它们两端的电压之比 U1：U2=1：1，根据欧姆定律可得，通过它们电流值比： = = = = 。根据 P=UI 得： = = = 。点睛：本题考查了并联电路的电压特点、功率公式以及欧姆定律的应用。两电阻并联时，根据并联电路的电压特点可知
32、它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据 P=UI 得出功率之比。三、计算题22.小明家里的电热水器里装有 50kg、20的水，通电后将水加热到 70，已知 水1.010 3kg/m3，c 水 4.210 3J/（kg） 。求：（1）电热水器里水的体积（2）水吸收的热量。【答案】 （1）0.05m 3；（2）1.0510 7J。【解析】【分析】（1）已知水的质量和密度，利用公式 V 得到水的体积；（2）已知水的比热容、质量和初温度，末温度，利用公式 Qcm (t t0）得到水吸收的热量。【详解】 （1）因为 ，所以水的体积为 V = 0.05m 3；（2）水吸收的热量为 Q
33、c 水 mt4.210 3J/（kg）50kg （70 20）1.0510 7J。23.如图所示，用甲、乙两种滑轮组，分别匀速竖直向上提升同一重物，从相同位置开始提升至同一高度处，求：（1）若不计绳重，滑轮重及摩擦，两次拉力 F1和 F2之比；（2）若不计绳重及摩擦，重物质量为 400g，动滑轮质量为 100g，匀速拉动过程中甲、乙两装置的机械效率。【答案】 （1）若不计绳重、滑轮重及摩擦，两次拉力 F1和 F2之比为 3：2；（2）若不计绳重及摩擦，甲、乙两装置的机械效率都是 80%。【解析】【分析】（1）甲乙两滑轮组所提的重物相同，上升的高度相同，若不计绳重，滑轮重及摩擦根据F 拉= 计算
34、出所用的拉力，比较两绳子拉力的大小关系；（2）甲乙两滑轮组所提的重物相同，上升的高度相同，根据 W=Gh 求出所做的有用功；（3）不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，再根据总功等于有用功和额外功之和，计算出总功，根据公式 得出机械效率。【详解】 （1）由图知，甲图中，n 12；乙图中，n 23，若不计绳重、滑轮重及摩擦，则拉力 F G，两次拉力 F1和 F2之比：F 1：F 2 G： G ： 3：2；（2）重物的重力：Gmg0.4kg10N/kg4N，动滑轮的重力：G 轮 m 轮g0.1kg10N/kg1N，不计绳重及摩擦时，滑轮组的机械效率 ，由于两装置中物重和动滑轮
35、重均相同，所以甲、乙两装置的机械效率： 1 2 .故答案为：（1）若不计绳重、滑轮重及摩擦，两次拉力 F1和 F2之比为 3：2；（2）若不计绳重及摩擦，甲、乙两装置的机械效率都是 80%。24.如图所示电路中，灯泡 L 标有“6V 3W“字样（不计温度对灯丝电阻的影响） ，当开关 S1闭合，滑动变阻器的滑片 P 在最左端时，灯泡 L 正常发光；当开关 S1 闭合，S 2 断开，滑动变阻器的滑片 P 在中点时，电流表的示数是 0.2A求：（1）电源电压（2）滑动变阻器 R 的最大阻值；（3）电路的最小功率和最大功率。【答案】 （1）6V；（2）36；（3）0.75W， 4W。【解析】（1）当开
36、关 S1 闭合，滑动变阻器的滑片 P 在最左端时，灯泡 L 正常发光，此时灯单独接在电路中工作，所以电源电压等于灯正常工作的电压，即：；（2）根据 得灯的电阻为：；当开关 S1 闭合，S 2 断开，滑动变阻器的滑片 P 在中点时，灯与滑动变阻器总电阻的一半串联接入电路，电流表的示数是 0.2A，根据 得此时总电阻为：，根据串联总电阻等于各电阻之和得：，解得滑动变阻器的阻值为： ；（3）根据 可知，电阻最大时，功率最小；由于电阻串联时，电阻增大，所以 S1 闭合，S 2 断开，滑片位于最右端时，灯与滑动变阻器的最大阻值串联，电阻最大，则最小功率为：；当电阻最小时，功率最大；由于电阻并联时，电阻变
37、小，且小于任一并联电路，所以当闭合 S1、S 2，且滑片位于左端时，灯与滑动变阻器的最大阻值并联，电阻最小，则最大功率为：。点睛：难点是最后一问的解答，首先要清楚电阻最大时，功率最小；电阻最小时，功率最大；然后再根据电阻的串联和并联的特点得出，串联时，电阻大，并联时电阻小，最后可分别求出最小和最大功率。四、作图题25.如图所示，在图中根据平面镜成像的特点作出三角形 ABC 在平面镜中的像。（ ）【答案】【解析】作 A 点关于镜面的对称点 A；作 B 点关于镜面的对称点 B；作 C 点关于镜面的对称点C；用虚线连接 AB， BC， AC， ABC就是 ABC 在平面镜 MN 中的像。如图所示：点
38、睛：依据平面镜的成像特点，分别做出 A、B 、C 点关于镜面的对称点，然后连接，就是ABC 在镜中的像。26.在图中括号内标出通电螺线管的 N、S 极和小磁针的 N、S 极【答案】【解析】解：根据电源的正负极，可以确定电流从螺线管的左端流入，右端流出，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指向螺线管的右端为 N 极，左端为 S 极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针右端为 S 极，左端为 N 极，如图所示：点睛：本题考查安培定则的应用和磁极间的相互作用规律。安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，知道其中的两个方向可以确定其中的另一个方向；27.如图所示，请画出热气球在竖直方向
39、加速上升时的受力示意图（忽略空气阻力） 。【答案】【解析】解：因为热气球在竖直方向加速上升时，受到重力和浮力的作用，所以浮力大于重力，过热气球的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用字母表示出来即可。如下图所示：点睛：重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于热气球加速上升，因此受到浮力大于重力。五、实验探究题28.阅读短文，回答文后的问题浮子流量计气体的流量一般指单位时间内流过通气管道的气体体积，流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积生活生产中经常要对气体的流量进行控制，例如医院给病人输氧时，用阀门控制氧气瓶输出氧气的流量，在管道中接入流量计，可以反映流量的大小浮子流量
40、计是一种常用的流量计其结构如图所示，一个上粗下细的锥形管，管内倒放着一个铝制的圆锥体浮子工作时，气体从锥形管下端流入，向上冲击浮子，然后流过圆锥体浮子底面与锥形管之间的环形空隙，从上端流出如果浮子受到气流的冲力大，就会向上移动，环形空隙加大，气体流速变小，对浮子的冲力就会变小，这样浮子最终稳定在某一位置，这个位置的高低就反映了气体流量的大小 （1）浮子流量计使用时，锥形管应处于（ ）A.水平方向 B.竖直方向 C.斜向上 D.斜向下（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略 当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子重力的关系是_（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和
41、浮子高度成正比，比例系数为 k1；气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为 k2；浮子的质量为 m当浮子稳定在高度 h 时，气体流量 Q 的表达式为 Q =_（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，请你提出一条可行的改进措施：_【答案】 (1). B (2). 二力平衡 (3). (4). 用密度更大的材料制作浮子【解析】（1）根据题意可知，当流量一定时，气流向上的冲击力与浮子的重平衡，即这一过程要利用浮子的重，所以浮子流量计使用时，锥形管必须处于竖直方向。（2）浮子所受气体浮力很小，可以忽略 当浮子稳定在某一位置时，气流对浮子的冲力和浮子的重力，二力
42、大小相等，方向相反，作用在一条直线上，所以二力平衡。（3）对于某个制成的浮子流量计，浮子和锥形管之间的环形空隙的面积和浮子高度成正比，比例系数为 k1，即可得： ；气流对浮子的冲力和流速成正比，比例系数为 k2；浮子的质量为 m且冲力与重力平衡，可得：则： ；根据题意：流量等于气体的流速和通道横截面积的乘积所以当浮子稳定在高度 h 时，气体流量 Q 的表达式为：。（4）浮子流量计能反映的最大流量是有限的，如果要让这个浮子流量计能反映更大的流量，根据 可知，当浮子的质量越大时，流量越大，所以改进措施为：用密度更大的材料制作浮子点睛：认真阅读短文，理解这种浮子流量计利用了二力平衡的原理，第三问得出
43、流量的表达式是个难点，要根据文中描述的每个关系，用数学式表示出来，最后将式子综合在一起，就一定能得到需要的表达式。29.小明在做“观察水的沸腾 ”实验时，用到的器材如下：铁架台、烧杯、温度计、秒表、硬纸板、石棉网等。（1）组装器材时如何确定铁圈（石棉网）的高度？_。（2）实验时用温度计测出不同时刻水的温度，并记录在如表中，其中第 3min 时温度计的示数如图甲所示，示数为_时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7温度/ 80 84 88 96 98 98 98（3）某时刻观察到烧杯中出现图乙所示的现象，表明水_沸腾。（4）请在图丙方格纸上画出水的温度随时间变化的图象。（ ）（5）小明回家后
44、发现妈妈正在炖汤，汤沸腾后妈妈将火调小，汤仍在沸腾。小明又把火调得更小，这时虽还在加热，汤却不沸腾了你觉得不沸腾的原因是_。【答案】 (1). 能用酒精灯的外焰加热； (2). 92； (3). 正在； (4). ； (5). 相同时间内吸收的热量小于或等于散失的热量【解析】【分析】涉及的知识点有：（1）根据酒精灯高度确定铁圈的高度，放好石棉网。（2）温度计的读数是看清量程和分度值；（3）液体在沸腾时产生大量气泡，上升时由小变大；（4）利用描点法画出水的温度随时间变化的图象；（5）液体沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热【详解】 （1）实验时要用酒精灯的外焰进行加热，铁圈（石棉网）的高度据此决定；
45、（2）由图甲知道，温度计的分度值是 1 ，温度计的示数是 92 ；（3）由于液体在沸腾时产生大量气泡，上升时由小变大；由图乙知道，气泡越往上越大，即正处于沸腾阶段，水吸热汽化，所以，气泡内的主要成分是水蒸气；（4）根据图丙的数据先在图象中描点，再用平滑的曲线把点连接起来，图像如下：（5）液体沸腾的条件是：达到沸点，且继续吸热，根据题意知道，当汤沸腾后将火调小，这样使得相同时间内吸热的热量小于或等于散失的热量，所以，汤不会沸腾了。【点睛】本题考查的是“观察水的沸腾”实验，涉及器材的组装、温度计的读数、图象的画法、液体沸腾的现象和特点等知识的考查。30.探究浮力的大小数据结论如图，甲、乙、丙、丁是
46、用同一金属块探究浮力大小跟哪些因素有关的实验。图丙中金属块受到的浮力比图乙中金属块受到的浮力_（填“大”或“小” ），说明浮力的大小与_有关图丁中金属块受到的浮力大小等于_N比较图 _可知，浮力的大小与液体的密度有关。数据结论如图，用木块、弹簧测力计、溢水杯和小桶进行实验：木块受到的浮力 F 浮 _ N。木块排开的水所受的重力 G 排水 _N 。比较数据可知：浮在水上的木块受到的浮力大小_（填“大于” 、 “等于”或“小于” ）它排开的水所受的重力。【答案】 (1). 大 (2). 物体排开液体的体积 (3). 0.3 (4). 丙、丁 (5). 1.2 (6). 1.2 (7). 等于【解析
47、】【分析】测力计的示数越小，说明物体在液体中受到的浮力越大；比较乙丙可得浮力大小与物体排开液体的体积关系；根据 F 浮 GF 确定物体所受浮力的大小；要得浮力大小与液体密度的关系，需使物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；根据漂浮时浮力与重力相等的特点确定浮力的大小；利用水和桶的总重减空桶的重力便可得排开水的重力；比较浮力和排开水重，可得结论。【详解】由图知，丙中金属块排开水的体积大于乙中金属块排开水的体积，弹簧测力计的示数更小，说明丙中受到的浮力更大，因此浮力大小与物体排开液体的体积有关；由甲图知，物体的重力 G 3.6N，由图丁知，弹簧测力计的示数为 3.3N，可知物体受到的浮力为：F 浮 GF3.6N3.3N0.3N ；图丙丁，物体都是完全浸没，排开液体的体积相同，液体的密度不同，测力计的示数不同，即所受浮力不同，可知浮力的大小与液体的密度有关；由图甲知，木块的重力 G 1.2N，因为木块漂浮，所以 F 浮 G1.2N ；空桶的重力为 0.4N，桶和水的总重为 1.6N，可知排开水的重力为 G 排 G 总 G 桶1.6N0.4N1.2N；由数据可知，浮在水上的木块受到的浮力大小等于它排开的水所受的重力。31.如图所示，在“探究凸透镜成像的