1、2023年上海市杨浦区中考物理一模试题一、选择题（共20分）1. 在太阳系中，地球属于（）A. 恒星B. 行星C. 卫星D. 彗星2. 首先用实验测定了大气压强值的科学家是（）A. 阿基米德B. 欧姆C. 托里拆利D. 牛顿3. 下列器件中，属于应用连通器原理工作的是（）A. 吸尘器B. 注射器C. 体温计D. 液位计4. 冰熔化成水后，不变的物理量（）A. 密度B. 体积C. 质量D. 比热容5. 若用电器电功率越大，则电流通过该用电器做的功一定（）A. 越多B. 越快C. 越少D. 越慢6. 2022年11月25日，工程船“奋力”轮装载长江口二号古船开往上海船厂。当“奋力”轮从长江口水域平
2、稳驶入黄浦江时，“奋力”轮受到的浮力（）A. 变大B. 不变C 先变小后变大D. 先变大后变小7. 有一根电阻丝，若要使该电阻丝的阻值变小，可以采取的方法是（）A. 减小电阻丝两端的电压B. 增大通过电阻丝的电流C 减小电阻丝长度D. 减小电阻丝横截面积8. 盛有等质量水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面，均匀柱体A、B漂浮在水面上，如图所示。已知容器底面积S甲S乙，水深h甲h乙，则下列判断一定正确的是（）A. 柱体排开水的质量m排A=m排BB. 柱体的密度A=BC. 水对容器底部的压力F甲F乙D. 容器对地面的压强p容甲h乙，液体的密度相同，所以，根据压强公式可知，由题意知S甲S乙，且，则
3、F甲F乙，故C正确；D根据压强公式可知，由于柱体A、B的质量大小关系无法确定，故容器对地面压力的大小也无法确定，故无法判断容器对地面的压强关系，故D错误。故选C。9. 【答案】C【解析】【详解】B该电路是并联电路，电压相等，则电压表V的电压等于电源电压，其示数不变。故B不符合题意；AR2两端的电压不变，根据可知，流过它的电流不变。而R1接入电路中的电阻变大，而电压不变，根据可知，流过它的电流变小。干路电流为不变，变小，则I变小，即电流表A示数变小。故A不符合题意；C电压表V示数与电流表A示数的比值为并联电路的总电阻。由于R1增大，R2不变，根据可知，总电阻增大。故C符合题意；D电流表A示数与电
4、流表A1示数的差值是流过R2的电流不变。故D不符合题意。故选C。10. 【答案】A【解析】【详解】由题意知甲、乙沿竖直方向截取相同厚度，则截取后甲、乙与地面之间受力面积的关系为由题意知，将截取部分叠放在自身剩余部分上面，前后甲、乙的质量没有发生变化，则重力大小也没发生变化，故甲、乙对地面的压力大小也不变；由题意知此时它们对水平地面的压强相等，则此时甲对水平地面的压强为乙对水平地面的压强为由于，则截取前甲对水平地面的压强为截取前乙对水平地面的压强为由图可知又因为故故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。二、填空题（共35分）11. 【答案】 . 电 . 并联 . 0.8【解析】【详解】1根据能量
5、守恒可知，家用电器在工作时，将电能转化为其它形式的能。2家用电器工作时互不影响，则各家用电器之间是并联连接的。3电饭煲正常工作2小时，耗电12. 【答案】 . 减小 . 大 . 大气压强【解析】【详解】1根据可得，人对雪地的压力不变，受力面积增大，压强减小。2根据可知，水的密度不变，深度增大，水的压强增大。3用吸管吸饮料，饮料在大气压的作用下被压到嘴里，因此用吸管吸饮料利用的是大气压的知识。13. 【答案】 . 地磁场 . S（南） . 奥斯特【解析】【详解】1指南针之所以能指方向，是因为地球本身是一个巨大的磁体，它的南北极在地球两端，根据磁极之间相互作用的规律，指南针的北极和地磁的南极相互吸
6、引，指南针的南极与地磁的北极相互吸引；当指南针静止时，它的北极就指向地球的北端，南极就指向地球的南端，所以指南针能确定地理方位，是由于指南针在地磁场的作用下能够指南北。2由于磁感线是闭合曲线，磁体外部的磁感线是从北极出来，回到磁体的南极，内部是从南极到北极，外部的磁感线为曲线，而内部的磁感线为直线；则图中两磁极均为S极。3首先发现电流的磁效应的物理学家是奥斯特。14. 【答案】 . 10 . 10 . 0.2【解析】【详解】1由欧姆定律可得，该导体的电阻为2由于导体的电阻是导体自身的一种性质，只与导体的长度、材料、横截面积等因素有关，与通过导体的电流及其两端的电压无关，所以该导体的电阻仍然是1
7、0。3由欧姆定律可知，此时通过导体的电流为15. 【答案】 . 甲 . 甲 . 乙【解析】【详解】1由题意知，由密度公式可得，即甲的密度大于乙的密度。2由题意知，由体积公式，可知，所以；又因为，所以甲、乙对地面的压力大小相同，根据，则。3若将它们浸没在水中，因为，则乙排开水的体积大于甲排开水的体积，即，根据浮力的计算公式可得，。16. 【答案】 . 天平 . 量筒 . 阿基米德原理 . 【解析】【详解】1实验室中测量质量的仪器是天平。2根据所学知识中，量筒是测量物体体积的，故测量体积的仪器是量筒。3由图可知，该实验通过量筒求出石块受到的浮力大小，是阿基米德原理的实验过程。4根据密度公式可得，物
8、体排开液体的质量为根据重力的计算公式可得，物体排开液体的重力为17. 【答案】 . P=UI . 正 . b . 2.5V【解析】【详解】1用电压表测用电器两端的电压，用电流表测通过用电器的电流，根据公式P=UI即可算出用电器的电功率，所以“测定小灯泡电功率”的实验原理是P=UI。2电压表在使用时，必须让电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如果电压表的正负接线柱接反，电压表的指针会反转。所以电压表的“+”接线柱应与待测小灯L靠近电源正极的一端相连。3为了保护电路，闭合开关S前，滑片P应置于变阻器的阻值最大处，即b端。4由题意知，小灯泡的额定电压为2.5V，即当小灯泡两端的电压为2.5V
9、时，小灯泡正常发光。18. 【答案】 . 减小 . 增大 . 2.2【解析】【详解】（1）12由表格数据知道，热敏电阻R1阻值随温度的升高减小，由图知道，R1与R2串联，所以，由串联电路电压的特点知道，当环境温度升高时，R1两端的电压减小，电路的总电阻减小，电路总电压不变，由欧姆定律知道，电路的电流增大。（2）3当环境温度到达40、R2两端电压为8伏时，由串联电路电压特点知道，R2两端的电压由串联分压的特点知道代入数据解得19. 【答案】 . B . 若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路【解析】【详解】1A由题意知，刚开始灯L1、L2均正常发光，一段时间后，两灯均熄灭，说
10、明电路中出现了断路的情况，而且电流表是串联在电路中使用，若在M点串联电流表，由于电路已经断路，所以电流表不会有示数，即在M点串联电流表无法判断出故障位置，故A不符合题意；B若在M、N两点间并联电压表，若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路，则可以判断故障位置，故B符合题意；C若在M、Q两点间并联电压表，分析电路可知，此时电压表测的电源电压，示数不会发生变化，故无法判断出故障位置，故C不符合题意。故选B。2在M、N两点间并联电压表后，若电压表示数为U，则L1断路；若电压表示数为0，则L2断路。20. 【答案】 . 流体中，流速越快，压强越小 . 见解析【解析】【详解】（1）1
11、根据题意知道， 流体压强与流速的关系是：流体中，流速越快，压强越小。（2）2列车开动时，会带动列车周围的空气流动；列车通过站台，站台上旅客与列车之间的空气流速快，压强小，离列车较远处的空气流速慢，压强大；旅客会被空气从压强大的地方压向压强小的地方，从而造成被列车“吸入”的危险。三、作图题（共7分）21. 【答案】【解析】【详解】压力的大小等于重力，为4N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上。如图所示22. 【答案】【解析】【详解】由图可知通电螺线管的右端是N极，则左端是S极，由于同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，则小磁针靠近通电螺线管的一端是N极；根据右手螺旋定则：用右手握住通电螺线管，
12、让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极，所以在通电螺线管上看到的导线的电流方向是向下的，所以电源的右端是正极，左端是负极，如图所示：23. 【答案】【解析】【详解】闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向B端移动时，电流表示数变大，可知滑动变阻器接入电路中的电阻变小，滑动变阻器使用B接线柱，电源由两节干电池组成电压为3V，电流表使用小量程即可，如下图：四、综合题（共38分）24. 【答案】49N【解析】【详解】解：根据阿基米德原理，冰块受到的浮力答：冰块受到的浮力为49N。25.【答案】（1）5欧；（2）20欧【解析】【详解】解：（1）由电路图知道，R1与R2并联，因并联电路中
13、各支路两端的电压相等，所以，由知道，电阻R1的阻值（2）由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流一定大于2.4A，所以电流表的量程为03A，当滑动变阻器允许通过的电流最大时，滑动变阻器连入电路的电阻最小，则当电流表示数最大时通过R2的电流为I2=I最大-I1=3A-2.4A=0.6A1A由知道， R2接入电路中的最小电阻答：（1）R1的阻值是5；（2）在保证电路元件均安全的情况下移动变阻器滑片P，变阻器R2的最小阻值20。26. 【答案】（1）4V；（2）16J；（3）18V，0100【解析】【详解】解：（1）根据欧姆定律可得，R1两端的电压U1为（2）由电功的计算公式可得，通电1
14、0s电流通过R1所做的功W1为（3）由题意知，R2的额定电流为1A，而电流表的最大示数为0.9A，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的最小阻值为0，则此时R3两端的电压与电源电压相同，即由题意知，电压表的最大示数为15V，根据以上分析，此时电压表是与R2并联，根据串联电路中电阻分压的规律可知，当电压表的示数最大时，此时与之并联的电阻阻值最大，即当时，此时R2的阻值最大，则此时R3两端的电压为根据欧姆定律，此时流过R3的电流为由于串联电路中电流处处相等，则此时R2的阻值为根据以上分析，R2的取值范围是0100。答：（1）R1两端的电压U1为4V；（2）通电10s电流通过R1所做的功W1为16
15、J；（3）电源电压U为18V，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是0100。27. 【答案】5880Pa；980Pa；196Pa【解析】【详解】解：（1）由题意可知甲对地面的压强为（2）由题意可知距水面0.1m处水的压强为（3）由于柱形容器，根据，水对容器底部的压力为其中F水、水、g、V水不变，所以V排不变，则甲被截取部分的体积为由密度公式，甲的密度可以表示为则甲被截取部分的质量为则甲对地面的压强变化量p甲为即答：（1）甲对地面的压强为5880Pa；（2）距水面0.1m处水的压强为980Pa；（3）甲对地面的压强变化量196 Pa。28. 【答案】 . 闭合开关前，滑片移至变阻器的最小阻值处 .
16、6 . 见解析 . 10【解析】【详解】（1）1由序号1的实验数据可知，闭合开关后，电压表的示数为零，根据欧姆定律可得，由于电路中电流不为零，也就意味着与电压表并联的电阻阻值为零，由此可判断出电压表是与滑动变阻器并联，而且此时滑动变阻器的滑片置于阻值最小处，则小明调整电路之前，实验操作存在的问题是滑片移至变阻器的最小阻值处。（2）2重新调整了电路连接并规范操作，则此时电压表与待测电阻并联，测的是待测电阻两端的电压，由序号2的数据可知此时待测电阻的阻值为第一次实验时，电源电压可表示为则实验时选用的电源电压为6V。（3）3由序号2的数据可知滑动变阻器的最大阻值为（4）4根据以上分析和计算可知待测电
17、阻的阻值为10。29. 【答案】 . F与V成正比 . F小于G . 大 . 大 . F等于G . 见解析【解析】【详解】1根据表中数据可知，当物体的体积逐渐增大时，压力是逐渐增大的，即可以得到结论，压力的增加量与物体的体积成正比，即F与V成正比。2从1234中可以看出此时物块沉底，它们此时F小于G，所以我们可以知道，F小于G时，物块沉底。34压力的增加量其实等于物体所受的浮力，而物体所受的浮力又与体积有关，当物体排开水的体积越大，所受的浮力越大，压力的增加量就越大。565号中的物体是漂浮的，由力的二力平衡原理可知，压力增加量等于物体的重力等于物体所受浮力，所以我们可以得出结论的原因，因为物块二力平衡，所以所受重力等于浮力，而容器底部受到压力的增加量等于浮力，最终可以得出物块漂浮时，压力增加量等于重力。