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2022年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考模拟练习数学试卷(二)含答案解析

1、2022 年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考数学模拟练习试卷(二)年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考数学模拟练习试卷(二) 一、选择题(每小题一、选择题(每小题 3 分,共计分,共计 30 分)分) 1 (3 分)8 的倒数是( ) A18 B18 C8 D8 2 (3 分)下列运算中,结果正确的是( ) Aa3a3a Ba2+a2a4 C (a3)2a5 Daaa2 3 (3 分)下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( ) A B C D 4 (3 分)下列几何体中,同一个几何体的主视图与俯视图不同的是( ) A B C D 5 (3 分)抛物线 y3(x4)2+5 的顶点坐标是( ) A (

2、4,5) B (4,5) C (4,5) D (4,5) 6 (3 分)在直角ABC 中,C90,AB3,AC2,则 sinA 的值为( ) A53 B52 C23 D255 7 (3 分)如图,圆 O 是 RtABC 的外接圆,ACB90,A25,过点 C 作圆 O 的切线,交 AB的延长线于点 D,则D 的度数是( ) A25 B40 C50 D65 8 (3 分)方程13=2+1的解为( ) Ax5 Bx5 Cx7 Dx7 9 (3 分)如图,ABC 是一张等腰三角形纸片,顶角BAC120,BC6现将ABC 折叠,使点 B与点 A 重合,折痕为 DE,则 DE 的长为( ) A1 B2

3、C23 D3 10 (3 分)如图,在ABC 中,D、E 分别为 AB、AC 边上的点,DEBC,BE 与 CD 相交于点 F,则下列结论一定正确的是( ) A= B= C= D= 二、填空题(每小题二、填空题(每小题 3 分,共计分,共计 30 分)分) 11 (3 分)把 202200000 用科学记数法表示为 12 (3 分)函数 y=12+8中,自变量 x 的取值范围是 13 (3 分)计算27 313的结果是 14 (3 分)把多项式 a36a2b+9ab2分解因式的结果是 15 (3 分)已知反比例函数 y=的图象经过点(2,5) ,则 k 的值为 16 (3 分)不等式组 20

4、+ 5 3 + 7的解集为 17 (3 分)若扇形的圆心角为 120,半径为 2,则该扇形的面积是 (结果保留 ) 18 (3 分)小明在元宵节煮了 20 个元宵,其中 10 个黑芝麻馅,6 个山楂馅,4 个红豆馅(除馅料不同外,其它都相同) 煮好后小明随意吃一个,吃到红豆馅元宵的概率是 19 (3 分)等腰三角形 ABC 中,ABAC,ADBC 于点 D,点 E 在直线 AC 上,2CEAC,AD6,BE5,则ABC 的面积是 20 (3 分)如图,四边形 ABCD 是菱形,E 在 AD 上,F 在 AB 延长线上,CE 和 DF 相交于点 G,若 CEDF,CGF30,AB 的长为 6,则

5、菱形 ABCD 的面积为 三、解答题(其中三、解答题(其中 21-22 题各题各 7 分,分,2324 题各题各 8 分,分,2527 题各题各 10 分,共计分,共计 60 分)分) 21 (7 分)先化简,再求代数式1 ( 21)的值,其中 a2sin60+tan45 22 (7 分)如图,在每个小正方形的边长为 1 的方格纸中有线段 AB 和 CD,其中点 A、B、C、D 均在小正方形的顶点上 (1)在方格纸中画出锐角三角形 ABE,点 E 在小正方形的顶点上,且ABE 的面积为 10; (2)在方格纸中画出等腰三角形 CDF,点 F 在小正方形的顶点上,且CDF 的面积为 10; (3

6、)在(1) (2)条件下,连接 EF,请直接写出线段 EF 的长 23 (8 分)某社区为了调查居民对“物业管理”的满意度用“A”表示“相当满意” , “B”表示“满意” ,“C”表示“比较满意” , “D”表示“不满意” ,随机抽取了部分居民作问卷调查,要求每名参与调查的居民只选一项,如图是工作人员根据问卷调查统计资料绘制的两幅不完整的统计图,请你根据统计图提供的信息解答以下问题: (1)本次问卷调查共调查了多少人; (2)请通过计算补全条形统计图; (3)如果该社区有居民 2000 人,请你估计该社区居民对“物业管理”感到“不满意”的有多少人? 24 (8 分)如图,正方形 ABCD,点

7、E 在 AD 上,将CDE 绕点 C 顺时针旋转 90至CFG,点 F,G 分别为点 D,E 旋转后的对应点,连接 EG,DB,DF,DB 与 CE 交于点 M,DF 与 CG 交于点 N (1)求证 BMDN; (2)直接写出图中已经存在的所有等腰直角三角形 25 (10 分)哈尔滨地铁“三号线”正在进行修建,现有大量的残土需要运输某车队有载重量为 8 吨、10吨的卡车共 12 辆,全部车辆运输一次可以运输 110 吨残土 (1)求该车队有载重量 8 吨、10 吨的卡车各多少辆? (2)随着工程的进展,该车队需要一次运输残土不低于 166 吨,为了完成任务,该车队准备新购进这两种卡车共 6

8、辆,则最多购进载重量为 8 吨的卡车多少辆? 26 (10 分)已知:ABC 是O 的内接三角形,AP 平分BAC 交 BC 于 D,交O 于 P (1)如图 1,求证:= ; (2)如图 2,G 是的中点,连接 BG 分别交 AP、AC 于 E、F,连接 BP,求证:BPPE; (3)如图 3,在(2)的条件下,点 H 是 EF 上的一点,ABE+12PBD45,BE4EH4,BPH45,求 AE 的长 27 (10 分)已知:在平面直角坐标系中,点 O 为坐标原点,直线 ykx7k 与 x 轴交于 A 点,与 y 轴交于B 点,直线 yx 与 AB 交于 C 点 (1)如图 1,求 A 点

9、的坐标; (2)如图 2,点 P 是 OC 延长线上的一点,过点 P 作 PDy 轴于点 D,连接 PA,设点 P 的横坐标为 t,四边形 PDOA 的面积为 S,求 S 与 t 之间的函数关系式(不要求写出自变量 t 的取值范围) ; (3) 如图 3, 在 (2) 的条件下, 且 S49, 点 E 在 x 轴负半轴上, 连接 DE, 其中 2EDO+OAB90,点 F 为 ED 的中点,过点 F 作 FMDE,分别交 OD,OP,PA 于点 G,H,M,若 HM8FG 时,求线段 BG 的长 2022 年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考数学模拟练习试卷(二)年黑龙江省哈尔滨市南岗区中考数学模拟练

10、习试卷(二) 答案与解析答案与解析 一、选择题(每小题一、选择题(每小题 3 分,共计分,共计 30 分)分) 1 (3 分)8 的倒数是( ) A18 B18 C8 D8 【分析】直接利用倒数的定义得出答案 【解答】解:8 的倒数是:18 故选:B 2 (3 分)下列运算中,结果正确的是( ) Aa3a3a Ba2+a2a4 C (a3)2a5 Daaa2 【分析】本题考查幂的运算法则,依据幂的运算法则计算即可 【解答】解: A、 由于同底数的幂相除底数不变指数相减, 故当 a0 时,a3a3a01,故本选项错误; B、a2+a22a2,故本选项错误; C、依据幂的乘方运算法则可以得出(a3

11、)2a6,故本选项错误; D、aaa2,正确 故选:D 3 (3 分)下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( ) A B C D 【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解 【解答】解:A、不是轴对称图形,是中心对称图形,故此选项不合题意; B、是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不合题意; C、是轴对称图形,是中心对称图形,故此选项符合题意; D、是轴对称图形,不是中心对称图形,故此选项不合题意; 故选:C 4 (3 分)下列几何体中,同一个几何体的主视图与俯视图不同的是( ) A B C D 【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、侧面和上面看,所得到的图形 【解

12、答】解:A、圆柱的主视图与俯视图都是矩形,错误; B、正方体的主视图与俯视图都是正方形,错误; C、圆锥的主视图是等腰三角形,而俯视图是圆和圆心,正确; D、球体主视图与俯视图都是圆,错误; 故选:C 5 (3 分)抛物线 y3(x4)2+5 的顶点坐标是( ) A (4,5) B (4,5) C (4,5) D (4,5) 【分析】已知抛物线解析式为顶点式,可直接写出顶点坐标 【解答】解:二次函数的解析式为 y3(x4)2+5, 其顶点坐标为: (4,5) 故选:A 6 (3 分)在直角ABC 中,C90,AB3,AC2,则 sinA 的值为( ) A53 B52 C23 D255 【分析】

13、如图,根据勾股定理,得 BC= 2 2= 32 22= 5再根据锐角的正弦值的定义,求得 sinA 【解答】解:如图 在 RtABC 中,C90, BC= 2 2= 32 22= 5 sinA=53 故选:A 7 (3 分)如图,圆 O 是 RtABC 的外接圆,ACB90,A25,过点 C 作圆 O 的切线,交 AB的延长线于点 D,则D 的度数是( ) A25 B40 C50 D65 【分析】首先连接 OC,由A25,可求得BOC 的度数,由 CD 是圆 O 的切线,可得 OCCD,继而求得答案 【解答】解:连接 OC, 圆 O 是 RtABC 的外接圆,ACB90, AB 是直径, A2

14、5, BOC2A50, CD 是圆 O 的切线, OCCD, D90BOC40 故选:B 8 (3 分)方程13=2+1的解为( ) Ax5 Bx5 Cx7 Dx7 【分析】分式方程去分母转化为整式方程,求出整式方程的解得到 x 的值,经检验即可得到分式方程的解 【解答】解:去分母得:x+12(x3) , 去括号得:x+12x6, 移项合并得:x7, 解得:x7, 检验:把 x7 代入得: (x3) (x+1)0, 分式方程的解为 x7 故选:D 9 (3 分)如图,ABC 是一张等腰三角形纸片,顶角BAC120,BC6现将ABC 折叠,使点 B与点 A 重合,折痕为 DE,则 DE 的长为(

15、 ) A1 B2 C23 D3 【分析】利用含 30角的直角三角形的性质可得 CE2AE,BE2DE,从而得出 AE 的长,再根据折叠的性质可得答案 【解答】解:ABAC,BAC120, BC30, 将ABC 折叠,使点 B 与点 A 重合, BAEB30,BEAE,BDE90, CAEBACBAE90, CE2AE2BE, BE2, 在 RtBDE 中,B30, DE=12BE1, 故选:A 10 (3 分)如图,在ABC 中,D、E 分别为 AB、AC 边上的点,DEBC,BE 与 CD 相交于点 F,则下列结论一定正确的是( ) A= B= C= D= 【分析】根据平行线分线段成比例定理

16、进行判断即可 【解答】解:DEBC, =,=, =,A 正确; DEBC, =,B 错误; DEBC, =,C 错误; DEBC, =,D 错误, 故选:A 二、填空题(每小题二、填空题(每小题 3 分,共计分,共计 30 分)分) 11 (3 分)把 202200000 用科学记数法表示为 2.022108 【分析】用科学记数法表示较大的数时,一般形式为 a10n,其中 1|a|10,n 为整数,且 n 比原来的整数位数少 1,据此判断即可 【解答】解:2022000002.022108 故答案是:2.022108 12 (3 分)函数 y=12+8中,自变量 x 的取值范围是 x4 【分析

17、】根据分式有意义的条件列出不等式,解不等式即可 【解答】解:由题意得 2x+80, 解得:x4, 故答案为:x4 13 (3 分)计算27 313的结果是 23 【分析】先把各二次根式化为最减二次根式,再合并同类项即可 【解答】解:原式33 3 23 故答案为:23 14 (3 分)把多项式 a36a2b+9ab2分解因式的结果是 a(a3b)2 【分析】首先提公因式 a,再利用完全平方进行二次分解即可 【解答】解:a36a2b+9ab2 a(a26ab+9b2) a(a3b)2 故答案为:a(a3b)2 15 (3 分)已知反比例函数 y=的图象经过点(2,5) ,则 k 的值为 10 【分

18、析】根据反比例函数图象上点的坐标特征,k2(5)10 【解答】解:反比例函数 y=的图象经过点(2,5) , k2(5)10, 故答案为:10 16 (3 分)不等式组 20 + 5 3 + 7的解集为 1x2 【分析】分别解得不等式,然后再求得他们公共部分即使不等式组的解集 【解答】解:不等式组 20 + 5 3 + 7, 解不等式得:x2, 解不等式得:x1, 不等式组的解集为1x2 故答案为:1x2 17 (3 分)若扇形的圆心角为 120,半径为 2,则该扇形的面积是 43 (结果保留 ) 【分析】直接根据扇形的面积公式计算即可 【解答】解:n120,R2, S=12022360=43

19、 故答案为43 18 (3 分)小明在元宵节煮了 20 个元宵,其中 10 个黑芝麻馅,6 个山楂馅,4 个红豆馅(除馅料不同外,其它都相同) 煮好后小明随意吃一个,吃到红豆馅元宵的概率是 15 【分析】根据概率的求法,找准两点: 全部情况的总数 20; 符合条件的情况数目 4;二者的比值就是其发生的概率 【解答】解:有 4 个红豆馅元宵,共 20 个元宵, P(红豆馅元宵)=420=15 故答案为:15 19 (3 分)等腰三角形 ABC 中,ABAC,ADBC 于点 D,点 E 在直线 AC 上,2CEAC,AD6,BE5,则ABC 的面积是 16 或485 【分析】分两种情形分别求解即可

20、 【解答】解:如图 1,在等腰ABC 中,ABAC,ADBC 于 D, AD 是底边 BC 的中线, 2CEAC, G 为ABC 的重心, AD6,BE5, DG=13AD2,BG=23BE313, 在直角BDG 中,由勾股定理得到:BD= 2 2=83,BC2BD=163, SABC=12BCAD16 如图 2,作 EGBC 于 G EGAD, =2, EG3,设 CGa,则 BDCD2a, 在直角BEG 中,由勾股定理得到:BG= 52 32=4, 5a4, a=45, BC=165 SABC=12BCAD=121656=485 故答案为:16 或485 20 (3 分)如图,四边形 AB

21、CD 是菱形,E 在 AD 上,F 在 AB 延长线上,CE 和 DF 相交于点 G,若 CEDF,CGF30,AB 的长为 6,则菱形 ABCD 的面积为 18 【分析】作辅助线,构建全等三角形,根据中位线定理得 OM=12CE,ON=12DF,则 OMON,证明AMOAHO,得 OMOHON,根据等边对等角和平角的定义得:AMO+ONH180,再由平行线的同位角相等得:DAB+EGF180,所以得DAB30,根据 30角的性质求出菱形的高 PC的长,代入面积公式求出菱形 ABCD 的面积 【解答】解:连接 AC、BD,交于点 O,分别取 AE、BF 的中点 M、N,连接 OM、ON,在 A

22、B 上截取AHAM,连接 OH,过 C 作 CPAF 于 P, 四边形 ABCD 是菱形, O 是 BD 的中点,也是 AC 的中点, OM=12CE,ON=12DF, CEDF, OMON, AC 平分DAB, DACBAC, AOAO, AMOAHO, OMOH,AMOAHO, OMOHON, OHNONH, AHO+OHN180, AMO+ONH180, OMEC,ONDF, AMOAEC,ONHGFA, AEC+GFA180, DAB+EGF180, CGF30, EGF150, DAB30, ADBC, CBFDAB30, ABBC6, CP=12BC3, 菱形 ABCD 的面积AB

23、CP6318, 故答案为 18 三、解答题(其中三、解答题(其中 21-22 题各题各 7 分,分,2324 题各题各 8 分,分,2527 题各题各 10 分,共计分,共计 60 分)分) 21 (7 分)先化简,再求代数式1 ( 21)的值,其中 a2sin60+tan45 【分析】先根据分式的减法法则算减法,再根据分式的除法法则和乘法法则进行计算,求出 a 的值后代入,即可求出答案 【解答】解:1 ( 21) =12(21) =1(1)2 =1(1)2 =11, a2sin60+tan45232+1= 3 +1, 当 a= 3 +1 时,原式=13+11=13=33 22 (7 分)如图

24、,在每个小正方形的边长为 1 的方格纸中有线段 AB 和 CD,其中点 A、B、C、D 均在小正方形的顶点上 (1)在方格纸中画出锐角三角形 ABE,点 E 在小正方形的顶点上,且ABE 的面积为 10; (2)在方格纸中画出等腰三角形 CDF,点 F 在小正方形的顶点上,且CDF 的面积为 10; (3)在(1) (2)条件下,连接 EF,请直接写出线段 EF 的长 【分析】 (1)利用勾股定理可得 AB5,再画 BE5,并且使 BE 上的高为 4 即可; (2)首先画 DF4,并且使 BF 上的高为 5,再连接 FD 即可; (3)根据网格可直接得到答案 【解答】解: (1)如图所示: (

25、2)如图所示: (3)EF4 23 (8 分)某社区为了调查居民对“物业管理”的满意度用“A”表示“相当满意” , “B”表示“满意” ,“C”表示“比较满意” , “D”表示“不满意” ,随机抽取了部分居民作问卷调查,要求每名参与调查的居民只选一项,如图是工作人员根据问卷调查统计资料绘制的两幅不完整的统计图,请你根据统计图提供的信息解答以下问题: (1)本次问卷调查共调查了多少人; (2)请通过计算补全条形统计图; (3)如果该社区有居民 2000 人,请你估计该社区居民对“物业管理”感到“不满意”的有多少人? 【分析】 (1)根据条形图可得 C 人数为 100 人,根据扇形图可得 C 占总

26、人数的 20%,再用 100 除以 20%可得答案; (2)首先利用总数减去其他等级的人数,求出 B 等级的人数,从而补全统计图; (3)利用样本估计总体的方法用 2000 乘以感到“不满意”的人数所占百分比 【解答】解: (1)根据题意得: 10020%500(人) , 答:本次问卷调查共调查了 500 人 (2)B 等级的人数有:50020010050150(人) , 补全统计图如下: (3)估计该社区居民对“物业管理”感到“不满意”的有:200010%200(人) 24 (8 分)如图,正方形 ABCD,点 E 在 AD 上,将CDE 绕点 C 顺时针旋转 90至CFG,点 F,G 分别

27、为点 D,E 旋转后的对应点,连接 EG,DB,DF,DB 与 CE 交于点 M,DF 与 CG 交于点 N (1)求证 BMDN; (2)直接写出图中已经存在的所有等腰直角三角形 【分析】 (1)根据正方形的性质得DCB90,CDCB,再根据旋转的性质得 CFCD,ECGDCF90, 则可判断CDF 为等腰直角三角形, 所以CDFCFD45, 然后证明BCMDCN,则 BMDN; (2)根据正方形的性质可判断ABD 和BCD 为等腰直角三角形,根据旋转的性质可判断CDF 和ECG 为等腰直角三角形,然后判断BDF 为腰直角三角形 【解答】 (1)证明:四边形 ABCD 为正方形, DCB90

28、,CDCB, CDE 绕点 C 顺时针旋转 90至CFG, CFCD,ECGDCF90, CDF 为等腰直角三角形, CDFCFD45, BCM+DCE90,DCN+DCE90, BCMDCN, CBM=12ABC45, CBMCDN, 在BCM 和DCN 中 = = = , BCMDCN, BMDN; (2)解:四边形 ABCD 为正方形, ABD 和BCD 为等腰直角三角形; 由(1)得CDF 为等腰三角形; CDE 绕点 C 顺时针旋转 90至CFG, CECG,ECG90, ECG 为等腰直角三角形; CBD 和CFD 为等腰直角三角形; BDF 为等腰直角三角形 25 (10 分)哈

29、尔滨地铁“三号线”正在进行修建,现有大量的残土需要运输某车队有载重量为 8 吨、10吨的卡车共 12 辆,全部车辆运输一次可以运输 110 吨残土 (1)求该车队有载重量 8 吨、10 吨的卡车各多少辆? (2)随着工程的进展,该车队需要一次运输残土不低于 166 吨,为了完成任务,该车队准备新购进这两种卡车共 6 辆,则最多购进载重量为 8 吨的卡车多少辆? 【分析】 (1)设该车队有载重量 8 吨的卡车 x 辆,载重量 10 吨的卡车 y 辆,由题意:某车队有载重量为8 吨、10 吨的卡车共 12 辆,全部车辆运输一次可以运输 110 吨残土列出方程组,解方程组即可; (2)设购进载重量

30、8 吨的卡车 m 辆,则购进载重量 10 吨的卡车(6m)辆,根据该车队需要一次运输残土不低于 166 吨,列出一元一次不等式,解之取其中的最大整数值即可 【解答】解: (1)设该车队有载重量 8 吨的卡车 x 辆,载重量 10 吨的卡车 y 辆, 依题意,得: + = 128 + 10 = 110, 解得: = 5 = 7, 答:该车队有载重量 8 吨的卡车 5 辆,载重量 10 吨的卡车 7 辆 (2)设购进载重量 8 吨的卡车 m 辆,则购进载重量 10 吨的卡车(6m)辆, 依题意,得:110+8m+10(6m)166, 解得:m2, m 可取的最大值为 2 答:最多购进载重量 8 吨

31、的卡车 2 辆 26 (10 分)已知:ABC 是O 的内接三角形,AP 平分BAC 交 BC 于 D,交O 于 P (1)如图 1,求证:= ; (2)如图 2,G 是的中点,连接 BG 分别交 AP、AC 于 E、F,连接 BP,求证:BPPE; (3)如图 3,在(2)的条件下,点 H 是 EF 上的一点,ABE+12PBD45,BE4EH4,BPH45,求 AE 的长 【分析】 (1)要证弧相等,可以证他们对应的圆周角相等, (2)通过圆周角定理和角平分线进行导角,证明两个底角相等即可, (3)根据(2)的结论想到可以做等腰三角形的高,利用三线合一得到 BK,KH 的长度,再根据BPH

32、45可联系到正方形中的半角模型,补全正方形求解出 BK,进而结合勾股定理、面积法、射影定理可将 BD,AP 求出来,即可得出 AE 的长度 【解答】解: (1)AP 平分BAC, BAPCAP, = (2)设BAPCAP, G 为中点, = , ABGCBG, 设ABGCBG, 则EBPGBC+CBPGBC+CAP+, BEPBAP+ABG+, EBPBEP, BPPE (3)ABE+12PBD45, 2ABE+PBD90, 即ABP90, AP 为直径, APBC, 如下图,作 PKBH 于点 K, BPPE,BE4EH4, BKKE2, 将PBK 沿 PB 翻折,点 K 落在点 M 处,

33、将PKH 沿 PH 折叠,点 K 落在点 N 处, 延长 MB,NF 交于点 Q, 有:BMBK2,FNKH3, BPH45, MPN90, MNBKP90,PMPN, 四边形 PMQN 为正方形, 设正方形边长 PMPKx, 则有 QBx2,QHx3,BH5 在 RtQBH 中,有:QB2+QH2BH2, 即: (x2)2+(x3)252, 解得:x11(舍) ,x26, PK6, PBPE= 22+ 62= 210, 在BEP 中有: BDPEBEPK, 即:BD210 =46, 解得:BD=6105, 由勾股定理可得:PD= 2 2=(210)2 (6105)2=8105, cosBPD

34、=, AP=2=5102, AEAPPE=5102 210 =102 27 (10 分)已知:在平面直角坐标系中,点 O 为坐标原点,直线 ykx7k 与 x 轴交于 A 点,与 y 轴交于B 点,直线 yx 与 AB 交于 C 点 (1)如图 1,求 A 点的坐标; (2)如图 2,点 P 是 OC 延长线上的一点,过点 P 作 PDy 轴于点 D,连接 PA,设点 P 的横坐标为 t,四边形 PDOA 的面积为 S,求 S 与 t 之间的函数关系式(不要求写出自变量 t 的取值范围) ; (3) 如图 3, 在 (2) 的条件下, 且 S49, 点 E 在 x 轴负半轴上, 连接 DE,

35、其中 2EDO+OAB90,点 F 为 ED 的中点,过点 F 作 FMDE,分别交 OD,OP,PA 于点 G,H,M,若 HM8FG 时,求线段 BG 的长 【分析】 先根据 S49 求出 P 的坐标, 再根据 FMDE 和 HM8FG 求出点 E 的坐标, 最后根据 2EDO+OAB90找到相似三角形,进而求出点 B 的坐标 【解答】解: (1)令 y0,得 x7,故点 A 的坐标为(7,0) (2)点 P 的坐标为(t,t) ,其中 t0, 故四边形 PDOA 的面积 S=12(t+7)t (3)由(2)知12(t+7)t49,解得 t7 或14(14 舍去) P(7,7) ,D(0,7) ,四边形 PAOD 是正方形 设 E(m,0) ,则 F(2,72) , 设 H(h,h) , 则由 HM8FG,得 7h8(02) , h7+4m,H 的坐标为(7+4m,7+4m) FMDE, 7=72+7724, 解得 m1 E(1,0) ,F(12,72) ,H(3,3) 设直线 FH 方程为 ykx+b,代入 F、H 的坐标,解得 k= 17,b=247 点 G 的坐标为(0,247) FG 垂直平分 DE, , DGEG,EDGDEG, EGOEDG+DEG2EDG90BAOABO, RtEGORtABO, OB:OGOA:OE7,OB24, BGOBOG=1447