1、 1 2021 年江苏省中考一模试题分类汇编年江苏省中考一模试题分类汇编 1 .下列现象的形成需要吸热的是（ ） A树叶落白霜 B草上现露珠 C冰川渐消融 D山间起浓雾 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 A树叶落白霜，是水蒸气遇冷直接变成固态小冰晶的凝华现象，需要放热，故 A 不符合题 意； B草上现露珠，是水蒸气遇冷液化成的小水滴，需要放热，故 B 不符合题意； C冰川渐消融，是固态冰吸热熔化成液态水的过程，故 C 符合题意； D山间起浓雾，是水蒸气遇冷液化成的小水滴，需要放热，故 D 不符合题意。 故选 C。 2 .关于物态变化过程的描述，下列四个现象中说法正确的是（ ） A 冰凌
2、的形成凝固、吸热 B 雾淞的形成升华、吸热 C 露珠的形成液化、放热 D 冰冻衣服变干汽化、吸热 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 A冰凌是向下流动的水凝固而成的，这个过程需要放热，故 A 错误； 2 B雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，这个过程需要放热，故 B 错误； C露珠是空气中的水蒸气遇冷液化而成的，这个过程需要放热，故 C 正确； D冰冻的衣服变干是固态冰直接升华成了水蒸气，这个过程需要吸热，故 D 错误。 故选 C。 3 .如图所示装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为 10g，烧杯内液体初温和质量都相等， 燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为 t甲、t乙和 t
3、丙，且 t甲t乙t丙，则 下列说法正确的是（ ） A燃料 b 放出热量最多 B液体 2 吸收的热量最少 C燃料 a 的热值比燃料 b 的大 D液体 1 的比热容比液体 2 的大 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 AC 甲丙的燃料 a 质量相同， 放热相同， 甲乙加热同样液体， 最终 t甲t乙， 根据， 燃料 a 放热多，根据 Q=mq，a 热值比 b 大，故 A 错误，C 正确； BD因为用完全一样燃料，甲丙中液体 1 和 2 吸收热量一样，且都比乙中液体 1 多，又因 为 t甲t丙，根据 ，液体 2 比热容大，故 BD 错误。 故选 C。 4 .如图所示，甲、乙、丙 3 图的装置完全
4、相同，燃料的质量相同，烧杯内液体的初温与质量 也相同，不考虑热量损失且液体均未沸腾，下列选项正确的是（ ） 3 A对比乙丙两图液体最终升温可以比较两种液体的比热容 B对比甲乙两图，如果燃料 2 的热值较高，最终乙图液体内能较大 C对比乙丙两图，如果液体 b 最终升温较高，说明燃料 1 的热值较大 D对比甲丙两图，如果液体 b 的比热容比液体 a 大，升高相同的温度，液体 a 需要加热较 长时间 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 A乙丙两图燃料不一样，热值不同，放出的热量不相等，要比较两种液体的比热容，要控 制吸收的热量相等，这样不能比较比热容的大小，A 项错误； B如果燃料 2 的热值
5、较高，那么乙图的液体 a 能吸收更多的热量，内能更大，B 项正确； C 乙丙两图的液体 a、 b 吸收的热量不一定相等， 那么燃料 1、 2 放出的热量也不一定相等， 不能判断热值大小，C 项错误； D对比甲丙两图，如果液体 b 的比热容比液体 a 大，升高相同的温度，液体 b 要吸收更多 的热量，液体 b 需要加热较长时间，D 项错误； 5 .下列现象中，与烧水时壶口出现的“白气”，属于同种物态变化的是（ ） A B C D 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 4 烧水时壶口出现“白气”，是水蒸气液化形成的小水滴； 冰雪消融是固态冰变为液态水的过程，属于熔化现象，故不符合题意； 露水是
6、空气中温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故符合题意； 雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故符合题意； 霜是空气中的水蒸气放热后凝华形成的固态小冰晶，故不符合题意，故 ABD 不符合题 意，C 符合题意。 故选 C。 6 .水煎包是东营特色名吃， 其特色在于兼得水煮油煎之妙， 色泽金黄， 一面焦脆， 三面嫩软， 皮薄馅大，香而不腻在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（ ） 水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动 水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点低 木柴燃烧时将化学能转化为内能 往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的 锅盖不断被水蒸气顶起而发
7、生“跳动”，此时水蒸气的内能转化为锅盖的机械能 A B C D 【答案】B 【解析】 【详解】 水煎包“香气四溢”，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故正确； 水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点高，故错误； 木柴燃烧时将化学能转化为内能，故正确； 往热锅内倒入水会产生大量的“白气”， “白气”是悬浮在空气中的小液滴， 是由于水蒸气液 化形成的，故错误； 锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气对外做功，将内能转化为锅盖的机械 能，故正确； 综上说法正确的是，故 B 符合题意为答案 【点睛】 本题结合生活中的“名吃”考查了分子动理论的内容， 燃料燃烧时能量的转化以及内
8、能的应用， 理论与实际相结合，可以加深对知识的理解，有益于学生养成理论联系实际的习惯 7 .甲、 乙两盆水中都有冰块， 甲盆里的冰少， 乙盆里的冰多， 两盆里的冰都不熔化， 则 （ ） 5 A甲盆水的温度比乙盆的高 B甲盆水的温度比乙盆的低 C甲盆水的温度等于乙盆水的温度 D不能判断两盆水的温度高低 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 由题意可知，甲、乙虽然冰块的多少不同，但两杯中都是冰水混合物，而冰水混合物的温度 是 0，故二者温度相同，故 ABD 不符合题意，C 符合题意。 故选 C。 8 .2019 年春节期间热映的流浪地球被誉为开启了中国科幻电影元年这部电影讲述了 多年以后太阳急
9、速衰老膨胀， 无法再给地球提供能量， 人类为了拯救地球而点燃木星周围的 可燃气体，逃离太阳系的故事其中“点燃木星”将地球推开相当于内燃机的 A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程 【答案】C 【解析】 【详解】 “点燃木星”将地球推开，将内能转化为机械能，相当于内燃机的做功冲程 A吸气冲程，无能量转化； B压缩冲程，机械能转化为内能； C做功冲程，内能转化为机械能； D排气冲程，无能量转化 9 .下列场景与所蕴含的物理知识对应完全正确的是（ ） A春季，小卉体育训练后满头大汗，回到教室不停扇风提高液体温度加快蒸发 B夏季，小弃手拿着一瓶冰冻矿泉水，一段时间后冰减少，手感到凉熔化吸热 C
10、秋季，小卉发现清晨操场边的双杠上铺满了一层霜霜是水蒸气凝固形成的 D冬季，戴眼镜的小卉从教室外走进温暖的教室内，眼镜镜片模糊不清汽化放热 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 A回到教室不停扇风，提高液体上方空气流动加快蒸发，故 A 错误； B矿泉水瓶中的冰块熔化吸收热量，故 B 正确； C霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故 C 错误； D镜片模糊不清，是因为水蒸气遇冷液化成小液滴，故 D 错误。 6 故选 B。 10 .下列现象中不可能出现的是（ ） A潮湿的夏天，从冰箱里取出的鸡蛋一段时间后会“冒汗” B在有风的夏天，人游泳后刚从水中出来会感觉到“冷” C冬天，戴眼镜的人刚从室内走到
11、室外时，镜片上会出现小水珠 D寒冷冬天的早晨，操场的草地上常常会有一层霜 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 A潮湿的夏天，从冰箱里取出的鸡蛋的温度很低，空气中的水蒸气遇到冷的鸡蛋液化成小 水滴，故会冒汗，故 A 不符合题意； B有风的夏天，人游泳后刚从水中出来会感觉到冷，是因为人身上有水，水蒸发吸热，故 B 不符合题意； C冬天，戴眼镜的人刚从室外走到室内时，镜片上会出现小水珠，因为室内有水蒸气遇到 冷的镜片液化，而从室内走到室外时，镜片上不会出现小水珠，故 C 符合题意； D 寒冷冬天的早晨， 操场的草地上常常会有一层霜， 是因为空气中水蒸气遇冷凝华形成的， 故 D 不符合题意。 故
12、选 C。 11 .用如图所示甲、乙两套相同的装置，可完成两个实验：实验一“探究不同物质吸热升温的 现象”，实验二“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”下列关于这两个实验的说法正 确的是（ ） A实验一时，烧杯中应装入质量相等的同种液体 B实验一时，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间 C实验二时，烧杯中应装入质量相等的不同液体 D实验二时，在燃烧皿中放入不同燃料，用秒表记录燃料充分燃烧所用时间 【答案】B 【解析】 【详解】 7 A探究不同物质吸热升温的现象，应控制液体的质量相同，种类不同，因此烧杯中应装入 质量相等的不同种液体，故 A 错误； B探究不同物质吸热升温的现象，应控制不同
13、物质在相同时间内吸收的热量相同，因此在 燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间，故 B 正确； C比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量，应控制烧杯内液体的质量和种类相同，因此 烧杯中应装入质量相等的同种液体，故 C 错误； D比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量，应控制燃料种类不同，因此在燃烧皿中放入 不同燃料，用秒表记录燃料充分燃烧所用时间，故 D 错误； 12 .关于热现象，下列说法中正确的是（ ） A温度相同的物体，其内能大小一定相同 B熔点越高的物体，熔化时吸收的热量越多 C物体吸收热量，温度不一定升高 D物体的内能减小，一定是对外做了功 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】 A
14、影响内能大小的因素是质量、温度和状态，温度相同时，质量不同，内能也不同，故 A 错误； B 晶体熔化时吸收的热量， 与物体的质量和物质的种类有关， 与熔点没有关系， 故 B 错误； C物体吸收热量，温度不一定升高，如沸腾时，吸收热量但温度不变，故 C 正确； D改变内能的方法有两种：做功和热传递，所以，内能减少可能是物体对外界做了功，也 可能是放出了热量，故 D 错误。 故选 C。 13 .夏天在饮料中加上几个冰块，会使饮料的温度下降。这样做一方面是因为冰块的温度比 饮料低，另一方面是因为冰块（ ） A液化放热 B凝华放热 C汽化吸热 D熔化吸热 【答案】D 【解析】 【详解】 冰块的温度比饮
15、料的温度低，饮料会对冰块放热，且冰块熔化过程要吸收热量，所以可以使 饮料的温度下降。故 ABC 不符合题意，D 符合题意。 故选 D。 14 .关于温度、热量和内能，下列说法正确的是 8 A温度相同的物体内能一定相等 B汽油机做功冲程中燃气的内能减小 C我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多 D电能可以使灯泡发光，同时产生内能，这些内能又可以自动地转化为电能 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 A. 内能不仅与温度有关， 温度相同的物体内能不一定相等， 因为物体的质量， 体积不确定， 故错误； B. 汽油机做功冲程时，燃气的内能转化成机械能，内能减少，故正确； C. 我们不敢
16、大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高，热量是热传递过程中内能转移 的多少，是过程量，不能说汤含有的热量多，故错误； D. 电能可以使电灯发光，同时产生内能，而这些内能无法自动地转化为电能，是因为能量 的转化是有方向性的，故错误 15 .如图是四冲程汽油机，现正处在_冲程，该冲程是通过_方式增加了气缸内气 体的内能，若该单缸四冲程汽油机的转速为 3000r/min，则它每秒钟完成_个冲程。 【答案】压缩 做功 100 【解析】 【分析】 【详解】 123如图，进气门、排气门都关闭，活塞上移，现正处在压缩冲程；压缩冲程活塞对气 体做功，使气体的内能增大。 3飞轮的转速是 3000r/min，所
17、以每分钟转动的圈数为 3000r，因为飞轮转动一圈完成两个 冲程，所以 1min 可以完成 23000=6000 9 个冲程，故每秒钟完成 100 个冲程。 16 .运动损伤的疼痛常用“冷疗法”治疗：即把氯乙烷（通常情况下是气态）采用_的方 法液化后储存在罐中， 对准损伤处喷射， 氯乙烷在皮肤上会迅速_ （填物态变化名称） ， 同时_大量的热，使受伤部位温度降低。 【答案】压缩体积 汽化 吸收 【解析】 【详解】 1气态的氯乙烷在加压的条件下液化成液态储存在容器内。 23当液态的氯乙烷喷出后，会在皮肤上迅速汽化为气态，汽化过程要吸收热量，所以使 皮肤温度迅速降低。 17 .汽油属于_（选填“清
18、洁”或“非清洁”）能源。如图是汽油机的_冲程，一台四 冲程汽油机每秒钟做功20次， 则它的飞轮转速为_r/min。 某品牌汽车在某路段以1500N 的恒定牵引力匀速行驶 80km， 牵引力做的功是_J； 汽车汽油机的能量流程图如图所示， 则此次运行过程中需要完全燃烧_kg 的汽油。 （汽油的热值为 q5.0107J/kg） 【答案】非清洁 做功 2400 1.2108 8 【解析】 【分析】 【详解】 1由于汽油燃烧后会产生污染大气的废气，所以汽油属于非清洁能源。 2由图可知，进气门和排气门都关闭，产生高温高压的燃气，高温高压气体推动活塞向下 运动，带动曲轴转动，对外做功，属于做功冲程。 3四
19、冲程汽油机每秒内对外做功 20 次，因为一个工作循环飞轮转 2 圈，完成 4 个冲程，做 功 1 次，所以 1s 内，飞轮转 40 圈，1min 飞轮转动的圈数为 6040 圈=2400 圈 10 4牵引力做的功 W=Fs=1500N80103m=1.2108J 5由图知机械能的百分比 100%-33%-30%-7%=30% 完全燃烧质量为 m 的汽油产生的总能量 Q=4108J 燃烧汽油的质量为 m=8kg 18 .“端午浓情， 粽叶飘香”， “粽叶飘香”说明了_， 把酒精和水在长玻璃管中混合后， 发现总体积减小，该实验说明了分子间存在_ 【答案】分子在不停地做无规则运动 间隙 【解析】 【
20、分析】 【详解】 粽叶飘香”是粽子分子与空气发生扩散现象扩散现象说明分子不停地在做无规则运动把 酒精和水在长玻璃管中混合后，发现总体积减小，该实验说明了分子间存在间隙 19 .如图所示，小明用相同的酒精灯给质量相等的水和沙子加热，实验数据如表所示已知 水的比热容为 4.2103J/ （kg?） ， 则 5min 内水吸收的热量_ （选填“”、 “” 或“”） 沙子吸收的热量。不计热量损失，由此测出沙子的比热容是_J/（kg?） 。 11 物质 水 沙子 起始温度 19 19 同时加热 5min 后的温度 29 61 【答案】= 1103 【解析】 【分析】 【详解】 1相同时间内酒精灯燃烧放出
21、相同的热量，所以在 5min 内水吸收的热量等于沙子吸收的热 量。 2由表格可知，水的温度变化量 沙子的温度变化量 质量相等的水和沙子吸收的热量相同，由此测出沙子的比热容是 20 .小莉同学发现搓手能使手的温度升高， 这是用他_的方式使手的内能增加； 酒精的热 值是 3.0107J/kg，比热容是 2.4107J/(kg )，一瓶酒精被用了一半之后，剩余那部分酒精的 热值和比热容都_（选填“变小”、“不变”或“变大”） ；澳大利亚农场主 Malcom Beare 发明 一种“六冲程发动机”，比传统的“四冲程发动机”效率提高 40%，其第五冲程是在排气冲程结 束后，将水注入汽缸内形成高温高压的水
22、蒸气，推动活塞运动；第六冲程是排出水蒸气，这 些水蒸气进入冷凝器液化变成循环再使用的水。这种新型发动机一个工作循环对外做功 _次。 【答案】做功 不变 2 【解析】 【分析】 【详解】 12 1在搓手时，即手克服摩擦力做功，使得手的内能增加，温度升高，故是利用做功改变物 体的内能。 2一瓶酒精用去一半后， 质量变小， 物质种类不变， 而比热容和热值都是物质的一种特性， 所以剩下酒精的比热容和热值均不变。 3在原来的吸气、压缩、做功、排气冲程中，做功冲程燃气对活塞做功，在新增的第五冲 程中，水蒸气对活塞做功，本工作循环共经历了六个冲程，共有 2 次做功。 21 .一台单缸四冲程汽油机，飞轮每秒钟
23、转动 40 圈，该汽油机每秒做功_次，完 全燃烧 0.1kg 汽油释放的热量为_J，若这些热量的 42%被水吸收，可以将 46kg 的 水由 20加热到_。 （q =4.6107 J/kg，c=4.2103 J/（kg ） ） 【答案】20 4.6106J 30 【解析】 【分析】 【详解】 1该飞轮每秒钟转 40 圈，因为一个工作循环飞轮转 2 圈，完成四个工作冲程，做功 1 次， 所以飞轮转 40 圈共做功 20 次。 2完全燃烧 0.1kg 汽油释放的热量为 Q=qm=4.6107J/kg0.1kg=4.6106J 3水温度升高值 最后水温为 22 .随着我国北斗导航组网成功，北斗导航逐
24、步走进人们的生活。如图甲所示的无人驾驶插 秧机使用北斗导航，农民只需在作业前进行相关设定，即可实现无人值守自动作业。如图乙 是汽油机的_冲程，如果该汽油机飞轮的转速是 60r/s，则汽油机每秒钟对外做功 _次； 某段时间插秧机消耗汽油 0.21kg， 汽油完全燃烧放出的热量是_J； 若这些热量完全被 46kg、初温为 15的水吸收，则水温升高_。 （q汽油 13 =4.6107J/kg、c水=4.2103J/（kg?） ） 【答案】做功 30 9.66106 50 【解析】 【分析】 【详解】 1从图中可以看出，两气门关闭和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程。 2汽油机完成一个工作
25、循环，经历四个冲程，飞轮转动两周，燃气对外做功一次。飞轮的 转速是 60r/s，所以 1s 对外做功是 30 次。 3汽油完全燃烧放出的热量是 Q=m汽油q汽油=0.21kg4.6107J/kg=9.66106J 4这些热量完全被 46kg 初温 15的水吸收 Q吸=Q 由得，水温升高 23 .某本相能热水器装有 200kg 温度为 20的水，阳光照射一天后，水温升高到 50，热水 器内的水吸收了_J 的热量，这是通过_的方式改变了水的内能；若上 这些热量由天然气燃烧提供，则需要完全燃烧_m3的天然气，不考虑能量损失， 天然气热值为 4107J/m3，水的比热容为 4.2103J/（kg ）
26、。 【答案】2.52107 热传递 0.63 【解析】 【分析】 【详解】 1水吸收的热量 Q吸=cmt=4.2103J/(kg )200kg(50-20)=2.52107J 2太阳热水器内的水吸收热量，温度升高，发生了热传递，通过热传递的方式改变了水的 内能。 14 3这些热量由天然气燃烧提供，不考虑能量损失，则天然气完全燃烧放出的热量 Q放=Q吸=2.52107J 天然气的体积 =0.63m3 24 .夏天来了，东台西溪植物园荷塘里，荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，闻到花香是 因为分子的_，荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在_ 力，看到红色的荷花是因为红花_红光。 【
27、答案】无规则运动 引 反射 【解析】 【分析】 【详解】 1荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，闻到花香是扩散现象，是由于花香分子在永不停 息地做无规则运动。 2荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在相互作用的引力。 3在太阳光下我们能看到红色的花是因为太阳光中的红光被红花反射了，而太阳光中的其 它色光都被红花给吸收了。 25 .2020 年 5 月 5 日 18 时，长征五号 B 运载火箭在海南文昌首飞成功，正式拉开我国载人 航天工程第三步任务的序幕。如图所示，是火箭首飞时的情景：火箭升空过程中，发动机的 工作原理相当于四冲程内燃机的_冲程?此过程，火箭箭体与空气摩擦会发热，这
28、是通 过_方式改变箭体的内能。 【答案】做功 做功 【解析】 【分析】 【详解】 1内燃机的做功冲程是把内能转化为机械能。火箭升空过程中，火箭发动机工作时将内能 转化为机械能，故发动机的工作原理相当于四冲程内燃机的做功冲程。 2做功和热传递都可以改变物体的内能，火箭箭体与空气摩擦会发热，这是通过做功改变 15 箭体的内能。 26 .如图所示为汽油机的四个冲程，其中机械能转化为内能的冲程是图_。1min 内汽油机完成 2400 个工作循环，飞轮的转速为_r/s。汽油机完成一个工作循环 时，需要吸入 2L 的燃料，其质量为_kg，这些燃料完全燃烧放出的热量为 _J。 （燃料=1.4kg/m3，q燃
29、料=4.6107J/kg） 【答案】甲 80 2.810-3 1.288105 【解析】 【分析】 【详解】 1汽油机机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，图甲的两个气门均关闭，活塞向上运动， 是压缩冲程；图乙的进气门关闭，排气门打开，是排气冲程；图丙的两个气门都关闭，活塞 向下运动，是做功冲程；图丁的进入门打开，排气门关闭，是吸气冲程。所以应选图甲。 2由题意知，1s 内汽油机完成的工作循环为 一个工作循环飞轮转动两圈，那么飞轮转速 240r1s=80r/s 32L 燃料的质量 m=燃料V=1.4kg/m3210-3m3=2.810-3kg 4完全燃烧这些燃料放出的热量 Q放=mq燃料=2.81
30、0-3kg4.6107J/kg=1.288105J 27 .如图所示，用同样的装置进行“比较不同物质的吸热本领”和“比较不同燃料的热值”的实 16 验，则以下说法中正确的是（ ） A这两个实验都要控制被加热的物质的种类一样 B这两个实验都要控制被加热的物质的质量一样 C前一实验中，加热相同时间后，比热容大的物质吸收热量一定多 D后一实验中，加热相同时间后，若温度计示数升高的越多，则该燃料的热值一定越大 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】 A比较不同物质的吸热本领时，需要改变物质的种类，比较不同燃料的热值时，需要加热 相同种类的物体，故 A 错误； B前一实验中，需要改变物质的种类，但质量
31、保持不变，加热相同时间，通过比较温度的 变化，比较物质的吸热本领；后一实验中，需要加热相同种类同质量的物体，通过比较温度 的变化，比较不同燃料的热值，故 B 正确； C前一实验中，则需要燃烧相同的燃料（研究对象） ，加热相同的时间，使物质吸收相同的 热量，故 C 错误； D后一实验中，加热相同时间后，同种物质，质量相同，若越大，说明吸收的热量多， 但是不知道燃料燃烧的质量多少，不能确定该燃料的热值大小，故 D 错误。 故选 B。 28 .一定气压下，某种晶体熔化成同温度液体时所吸收的热量与其质量之比叫该晶体的熔化 热，用字母表示。在标准大气压下，用一个热效率为 40%的酒精炉为热源，将 500
32、 g 初温 为 0的冰全部熔化为 0 的水，共燃烧了 14 g 酒精，酒精的热值为 3107 J/kg。求： (1)冰熔化过程中吸收的热量； (2)在标准大气压下，冰的熔化热 冰。 【答案】(1) 1.68105J；(2) 3.36105J/kg 【解析】 【详解】 (1)14g 酒精完全燃烧放出的热量 Q放=mq=0.014 kg3107 J/kg=4.2105 J 17 由酒精炉效率得，冰熔化成水吸收热量 4.2105J40%1.68105J (2)冰的熔化热 答：(1) 冰熔化过程中吸收的热量为 1.68105J； (2) 在标准大气压下，冰的熔化热为。 29 .在 1 标准大气压下，小
33、明“探究某种物质熔化规律”的实验装置如图甲所 示 （1）图乙所示，其示数为_ （2）实验中，热量从火焰传递给水，却不会反过来传递，说明能量的转移具有_性 （3）根据实验数据画出的物质温度随时间变化的图象，如图丙所示，由图丙可知，该物质 的熔点是_，在 AB 段的比热容_（大于/小于/等于）在 CD 段的比热容 （4）DE 段表示该物质_（正在/没有）沸腾 【答案】-4 方向 0 小于 正在 【解析】 【分析】 【详解】 （1）由图知道，温度计的分度值是 1，又因为液柱在 0下方，所以其示数为-4； （2）热量只能自发的由酒精灯的火焰传递给水，却不会反过来传递，说明能量的转移具有 方向性 （3）
34、晶体熔化过程中，继续吸热，但温度保持不变，由图知道，晶体熔化过程中，保持 0 不变，故熔点为 0；由 Q吸=cmt 知道，当质量和吸收的热量相同时，比热 c 和升高的温 18 度t 成反比，由图知道，在相同时间内，AB 的温度升高的快，说明 AB 段的比热容小于在 CD 段的比热容； （4）液体沸腾时吸热，但温度不变，由图知道，在 DE 段保持 100不变，所以，说明 DE 段表示该物质正在沸腾 30 .在“观察水的沸腾”的实验中，小明、小红两名同学均用如图甲所示装置进行实验，他们 所用的器材规格完全相同，且同时将水加热 16min。 （1）除了图甲中展示的器材外，还需一个重要的测量仪器是_；
35、 （2）甲图中，中心有孔纸板的作用除了固定温度计、减少热量损失外，还有一个主要作用 是_； （3）图乙是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图象； 由图象可知水的沸点是_； 请根据图象分析，小红从给水加热到水沸腾，所用时间较长的原因是_； （4）由表格可知，本次实验应选用测温物质为_的温度计（选填“水银”或“酒精”） 。 测温物质 凝固点/ 沸点/ 水银 -39 357 酒精 -117 78 【答案】秒表 防止水蒸气在温度计玻璃柱上液化，影响读数 99 水的初温较低 水银 【解析】 【分析】 【详解】 （1）1实验中需要记录时间，所以还要用到秒表。 19 （2）2图甲中，纸板可以固定温度
36、计、减少热量损失，其中心有一个小孔还可以避免水蒸 气遇到冷的玻璃管，发生液化，影响温度计的读数。 （3）3由图像知，探究过程中，水的温度保持在 99不变，所以其沸点是 99。 4分析图像知，小红在实验中加热水至沸腾所用时间比小明的长，其原因可能是所用水的 初温太低或质量太大。 （4）5本次实验所用测温物质为水银，因为水银的沸点高于水的沸点，而酒精的沸点比水 的低，则水未沸腾，测温物质已沸腾了。 31 .小明设计了“比较不同燃料热值”的实验，步骤如下： 他准备了两套与图完全相同的实验装置； 分别在燃烧皿中放入质量相同的酒精和碎纸片； 同时点燃酒精和碎纸片对质量和初温相等的水加热； 记录燃烧相同时
37、间后水升高的温度?t。 （1）从以上步骤中可以看出，实验是通过_来比较燃料燃烧放出热量多少。下列实验 中也用到这种思想方法的是_； A为了更好地研究磁场引入磁感线 B逐渐抽出玻璃罩内空气后听到罩内闹钟铃声逐渐变小，据此推理得出真空不能传声 C探究重力势能大小与质量的关系时，让质量不同的物块从同一高度落下 D探究影响导体电阻大小的因素时，用电流表的示数反映导体电阻的大小 （2）小明设计的方案中有一个步骤存在明显的缺陷，请你帮他进行修改，简要写出修改后 该项步骤。答：_； （3）小华按正确的设计方案进行实验，发现用酒精作为燃料水升高的温度是用纸作为燃料 水升高温度的 2 倍。由此，她得出“酒精的热
38、值是碎纸片的 2 倍”的结论，但这个结论与实际 并不相符，其原因是：_（答出一点即可） 。 【答案】水升高的温度 D 记录燃料燃尽后水升高的温度?t 热效率不同 【解析】 【分析】 【详解】 （1）1燃料燃烧放出的热量越多，水吸收的热量就越多，水升温就越高，所以实验中用水 升高的温度来比较燃料燃烧放出热量的多少。 20 2此实验中用转换法来进行探究。而研究磁场而引入的磁感线是模型法；推理真空不能传 声是用实验推理法；探究重力势能与质量关系时，保持物块质量相同，用的是控制变量法； 探究影响导体电阻因素时，用电流表示数来反映电阻大小，也是转换法，所以 D 选项正确。 （2）3要比较燃料的热值，应让
39、相同质量的不同种燃料都全部燃烧完毕，所以步骤中， 仅让燃料燃烧相同时间是不合理的，应让燃料全部燃烧后，再比较水升温的高低，才能比较 燃料的热值。 （3）4实验中，燃料很难被完全燃烧，且燃料燃烧放出的热量也不可以被水完全吸收，水 升温所需热量要比实际的小，所以凭实验作出：酒精的热值是碎纸片的 2 倍，这样的结论会 与实际不相符。 32 .如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料及烧杯内的液体质量也相同。比较 不同物质的比热容， 应选择_两图的装置进行实验； 比较不同燃料热值的实验中， 同时点燃燃料后，需等待燃料_（选填“燃烧相同时间”或“充分燃烧完毕”） ，然后 通过观察升高的温度来比较两
40、种燃料热值大小，实验过程是通过_方式使液体内 能增加的。 【答案】甲丙 充分燃烧完毕 热传递 【解析】 【分析】 【详解】 1比较不同物质的比热容即比较吸热能力不同，应选择燃料相同、而相同质量的不同物质 作为吸热物质，故选用甲丙两图的装置进行实验。 23比较不同燃料热值的实验中，同时点燃燃料后，需等待燃料充分燃烧，通过观察同种 液体中温度计示数的上升高低来比较两种燃料热值大小。 实验过程中， 通过热传递的方式改 变液体的内能。 33 . 小 明 用 如 图 所 示 的 装 置 探 究 两 种 液 体 吸 热 升 温 的 现 象 。 21 （1）图中两个相同规格的烧瓶内装有_相等的液体甲和乙，两
41、烧瓶中的电阻丝必须 _； （2）实验中用_反映液体吸收热量的多少：下表是某次的实验数据，分析可知，液体 _（甲/乙）的吸热升温快； 物质种类 质量/g 初始温度/ 加热时间/min 最终温度/ 液体甲 150 20 3 45 液体乙 150 20 3 68 （3）小明发现用该装置也可来探究电流产生的热量与电流大小的关系，探究步骤如下： 闭合开关，通电一段时间，记下甲瓶中液体升高的温度； 保持通电时间一定，调节_，记下_瓶中液体升高的温度； 比较液体升高的温度的大小可以得出结论。 【答案】质量和初温 电阻相同 加热时间 乙 滑动变阻器 甲 【解析】 【分析】 【详解】 （1）12探究两种液体吸热
42、升温，需控制其他因素相同，两个相同规格的烧瓶内装有质量 和初温相同的液体甲和液体乙， 两烧瓶中的电阻丝的电阻相同， 通过观察温度计升高的温度 来比较液体的吸热能力。 （2）3电路中，两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，根据可知，根据转 换法，实验中用加热时间间接反映液体吸收热量的多少。 4由表格数据可知，液体甲升高的温度 液体乙升高的温度 22 则液体乙的吸热升温快。 （5） 56探究电流产生的热量与电流大小的关系， 控制其他的因素不变， 改变电流的大小， 探究步骤如下： 闭合开关，通电一段时间，记下甲瓶中液体升高的温度； 保持通电时间一定，调节滑动变阻器，记下甲瓶中液体升高的温度； 比较
43、液体升高的温度的大小可以得出结论。 通过调节滑动变阻器，改变滑动变阻器连入电路中的电阻，从而改变电路中的电流，两次记 下甲瓶中液体升高的温度，控制电阻相同，从而得出结论。 34 .图甲是小明探究“固体熔化过程的规律”实验装置图。 (1)实验中通过烧杯中的水对试管加热，目的是_。 (2)每隔 1min 记录一次物质的温度及状态，作出如图乙所示的温度随时间变化的图像，由图 乙可知该物质是_ （选填“晶体”或“非晶体”） ， 该物质在 BC 段内能_ （选填“增加”、 “不变”或“减少”） 。 (3)比较图乙中 AB 段与 CD 段可知：物质 AB 段的比热容和 CD 段的比热容之比为_。 【答案】
44、使物质均匀受热 晶体 增加 1:2 【解析】 【分析】 【详解】 (1)1实验中不直接给试管加热，而是通过烧杯中的水对试管加热，这是用水浴法使物质均 匀受热。 (2)2由图乙可知，该物质熔化过程中温度保持不变，该物质是晶体。 3该物质在 BC 段处于熔化的过程中，虽然温度不变，但是需要吸收热量，内能增加。 (3)4如图乙所示，物质质量不变，AB 段与 CD 段温度升高量相同，AB 段加热时间是 CD 段 的一半，可知物质在 AB 段吸收的热量是 CD 段的一半，由可知，物质 AB 段的比 23 热容和 CD 段的比热容之比为 1:2。 35 .在探究冰的熔化特点实验中： （1）图甲中温度计的示数为_。 （2）绘制的“温度时间”图像如图乙所示。第 7min 时，物质处于_态；bc 段对应的 时间内，试管里物质的内能_（填变化情况） ； （3）若冰的质量为 20g，则该物质在 cd 段吸收的热量是_J。c水=4.2103J/（kg ） ，c 冰=2.1103J/（kg ） 【答案】-4 固液共存 变大 840 【解析】 【分析】 【详解】 （1）1温度计的分度值为 1，液柱在 0 摄氏度以下，其示数为-4。 （2）2第 7min 时，物质正在熔化，所以是固液共存态。 3bc 段正在熔化，持续吸热，内能变大。 （3）4cd 段为水，质量也是 20g，吸收的热量是