1、吉林省长春市朝阳区2020年中考物理一模试卷一、单项选择题（每小题2分，共20分）1下列物体不会在其周围产生磁场的是（）A铝棒B地球C指南针D通电导体2地球上的水在不停地循环，水蒸气上升到高空中与冷空气接触，变成小水珠，这种物态变化现象属于（）A升华B汽化C液化D凝华3下列光现象中，由光的直线传播形成的是（）A海市蜃楼B小孔成像C黑板反光D斜插入水中的筷子“弯折”4下列器具中，利用连通器的特点来实现自己功能的是（）A注射器B密度计C水壶的壶嘴与壶身D液体压强计的U形管5下列实例中，属于防止因惯性造成危害的是（）A跳远时助跑B远距离投篮C抖落衣服上的灰尘D乘车时要系好安全带6下列过程中，重力势能
2、转化为动能的是（）A火箭加速上升B热气球匀速下落C用弓将箭水平射出D雨滴在空中加速下落7在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，连接处往往比别处更容易发热，这是因为导线连接处与别处相比（）A电流大B电阻大C电压小D电阻小8关于用电器和家庭电路有以下说法，其中正确的说法是（）电冰箱的外壳要接地；灯泡的开关要接在零线上；空调的电源线比电视机的粗；电路中同时点亮的灯越多，总电阻越大。ABCD9甲、乙两种物质的质量与体积关系如图1所示。若用这两种物质分别制成高度相同的甲、乙两实心圆柱体，如图2所示，则它们对水平地面的压强之比p甲：p乙为（）A1：1B1：4C4：1D8：110如图所示电路，
3、电源电压不变，R为定值电阻，在a、b间接入一个标有“3V 1W”的灯泡L1，闭合开关，灯泡正常发光。若将L1换成一个标有“3V 2W”的灯泡L2，接在电路的a、b间，闭合开关后灯泡发光。若不考虑灯泡电阻的变化，则灯泡L2的实际功率（）A大于2WB小于2WC等于2D以上情况都有可能二、填空题（每空1分，共12分）11“乘坐地铁时，请勿高声喧哗”，这是在 减弱噪声，以正在进站的地铁为参照物，站台是 （选填“运动”或“静止”）的。12用酒精擦拭衣物消毒时，屋里四处弥漫着酒精气味，这说明酒精分子在 。在室内运动一会儿，身体会感觉热，这是通过 的方式改变内能。13太阳能是 （选填“可再生”或“不可再生”
4、）能源。傍晚，路边的太阳能路灯总是同时点亮，这些路灯是 （选填“串”或“并”）联的。14客机升空时应用了空气流速大的地方压强 （选填“大”或“小”）的原理，用吸管喝饮料时，饮料在 的作用下被吸入口中。15如图所示，桥在水中的“倒影”是光的 形成的，雨后河水上涨了3cm，则桥的像到水面的距离将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。16如图所示电路，电源电压为3V且保持不变。闭合开关S、S1，电压表的示数是1V，则电阻R1、R2的阻值之比R1：R2 。若再断开开关S1，则电压表的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。三、计算题（每小题5分，共10分）17（5分）用如图所示的滑轮组提升重物，
5、物体重为150N，拉动物体匀速上升2m，所用的时间是5s，拉力做的功是400J，求：（1）拉力做功的功率；（2）滑轮组的机械效率。18（5分）如图所示电路中，电阻R的阻值为20，灯泡L标有“6V 3W”字样，闭合开关S，灯泡正常发光，求：（1）通过电阻R的电流；（2）通电10s，灯泡L消耗的电能。四、综合题（共28分）19（4分）图甲是“探究冰熔化时温度随加热时间变化”的图象，c水4.2103J/（kg），加热过程中，质量保持不变，且相同时间内吸收的热量相同。（1）冰的熔点是 ，冰在熔化过程中的特点是吸收热量，温度 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；（2）熔化后水和烧杯的总质量如图乙所示，
6、其中空烧杯的质量是22.4g，则水的质量是 g，冰熔化过程中吸收的热量是 J。20（5分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，如图是实验的一部分。（1）水平拉动木块做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数如图甲、乙中所示，说明滑动摩擦力的大小跟 有关；（2）图甲中弹簧测力计的示数增大为2.5N时，木块受到的滑动摩擦力是 N，木块的动能将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。（3）请画出图乙中的砝码所受重力的示意图。（4）如果想利用图中的器材，再增加一个小桌，做“探究影响压力作用效果的因素”实验，需要把木板换成 。21（5分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）
7、图甲中，烛焰的像会成在光屏的 （选填“上”或“下”）方；（2）重新调整后开始实验。当蜡烛到凸透镜的距离为25cm时，移动光屏后得到烛焰清晰的 （选填“放大”或“缩小”）的像；（3）保持蜡烛和凸透镜的位置不变，用另一个凸透镜替换原来的透镜，再将光屏向靠近透镜的方向移动后，在光屏上可再次得到烛焰清晰的像，该凸透镜的焦距 10cm，这可以用来模拟 （选填“近视”或“远视”）眼的成因；（4）凸透镜成像利用了光的折射知识，请在图乙中画出入射光线的折射光线。22（3分）小刚用如图所示的轻质杠杆，探究杠杆的平衡条件（忽略摩擦）。（1）图甲中，用弹簧测力计沿竖直方向拉着杠杆，使其在水平位置平衡，在A点处所挂的
8、钩码总重为3N，弹簧测力计的示数F1 N，再用弹簧测力计拉着杠杆在图乙所示的位置静止，此时测力计的示数是F2，则F2 F1（选填“”“”或“”）。（2）我们身边有很多杠杆，例如镊子、瓶起子和划船用的船桨，这些器具在使用时是省力杠杆的是 。23（4分）小明在做验证“阿基米德原理”的实验，实验的具体操作步骤如图甲所示。（1）请指出小明在实验操作中漏掉的一个步骤： ；（2）小明改正上述错误后重新正确进行实验，验证了阿基米德原理；（3）在步骤C中，若石块没有完全浸入水中，对实验结论 （选填“有”或“没有”）影响；（4）小明发现，由图中的测量数据可以求出石块的密度，如果实验中，小明把操作步骤B和步骤C的
9、顺序颠倒了，则求出的石块密度值与它的真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”或“一样大”）；（5）若小明所用的弹簧测力计如图乙所示，有A、B两块合金块（A的体积为16cm3，密度为10g/cm3；B的体积为60cm3、密度为3g/cm3）可用来选择完成实验，他应该选择 来完成实验。24（7分）小明要利用图甲所示的电路，测量定值电阻的阻值，电源的电压保持不变。（1）在连接电路的过程中，开关应 （选填“断开”或“闭合”）；（2）正确串联电路后，小明把电压表并联在电路中，闭合开关，观察到电压表的示数为2.4V，电流表的示数为0.12A；移动变阻器的滑片，发现电压表的示数逐渐变小，而电流表的示数逐渐变大，
10、则电压表接在了 的两端；（3）小明重新正确连接了电路，闭合开关后，多次测量并求出定值电阻R的阻值，实验中多次测量的目的是 ；（4）小明想要用此电路，测量小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电压是2.5V，撤掉电阻R，把灯泡接入电路中，闭合开关，记录电压表和电流表的示数如表中第1组，继续移动滑片，灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W，表格中是小明在实验中记录的几次数据，第4次实验中，小灯泡的实际功率 0.96W（选填“大于”、“小于”或“等于”）。实验次数12345电压U/V0.52.5123电流I/A0.20.240.32（5）小明又想探究“通过导体的电流与电阻的关系”
11、。他利用图甲所示的电路，选择了四个阻值分别为5、10、20、25的定值电阻进行探究。小明先把阻值为25的电阻接入电路中，闭合开关，在逐渐移动变阻器滑片的过程中，滑动变阻器的电功率将 。A逐渐变大B逐渐变小C先变大后变小D先变小后变大若电路中电流表选用的量程是00.6A，为了能用这四个定值电阻顺利完成实验，定值电阻两端控制电压的范围是 V。2020年吉林省长春市朝阳区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题2分，共20分）1下列物体不会在其周围产生磁场的是（）A铝棒B地球C指南针D通电导体【分析】知道磁体周围存在磁场，地球是一个大的磁体；通电导体周围存在磁场，通电螺线管周围存在磁
12、场。在分析时要分析选项中的物体是否为磁体或通电导体。【解答】解：A、铝棒只是一个导体，只有电流通过它时，在它周围才会存在磁场，故该选项符合题意；B、地球就是一个巨大的磁体，在它周围存在着磁场，即地磁场，故该选项不符合题意；C、指南针是一个磁体，在它周围也存在着磁场，故该选项不符合题意；D、通电导体周围也存在着磁场，即电流周围存在磁场，故该选项不符合题意。故选：A。【点评】此题主要考查了磁场的知识。要知道磁体周围存在磁场，通电导体周围也存在磁场，所以要判断一个物体周围是否存在磁场，需要判断此物体是否为磁体或通电导体。2地球上的水在不停地循环，水蒸气上升到高空中与冷空气接触，变成小水珠，这种物态变
13、化现象属于（）A升华B汽化C液化D凝华【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化放热。【解答】解：地球表面的水吸热变成水蒸气上升到高空中，与冷空气接触放出热量，水蒸气变成小水滴，由气态变为液态，是液化现象，故C符合题意。故选：C。【点评】此题考查了生活中的物态变化现象，熟悉液化的概念就能正确判断。3下列光现象中，由光的直线传播形成的是（）A海市蜃楼B小孔成像C黑板反光D斜插入水中的筷子“弯折”【分析】（1）光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，在生活中，激光准直、小孔成像、影子的形成、日食、月食的形成等都是光沿直线传播形成的；（2）光照射到两种物质界面上时，一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射，
14、现象有：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等。【解答】解：A、奇妙的“海市蜃楼”景观，是由于光的折射形成的。故A不符合题意；B、小孔成像是由于光的直线传播形成的。故B符合题意；C、黑板反光是由于光的反射形成的。故C不符合题意；D、斜插入水中的筷子弯折了，是由于光线在水面处发生折射的缘故。故D不符合题意。故选：B。【点评】本题考查了学生对生活中常见光现象的了解，与生活联系密切，属于基础知识的考查，比较简单。4下列器具中，利用连通器的特点来实现自己功能的是（）A注射器B密度计C水壶的壶嘴与壶
15、身D液体压强计的U形管【分析】连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。【解答】解：A、注射器是利用大气压来工作的，故A符合题意；B、密度计是根据浮沉条件来工作的，故B不符合题意；C、水壶的壶嘴与壶身上端都开口，底部相互连通，是连通器，故C符合题意；D、液体压强计的U形管一端开口，另一端是封闭的，不符合连通器的特点，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查生活中常见的连通器原理的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用。此点中考出现概率很高。5下列实例中，属于防止因惯性造成危害的是（）A跳远时助跑B远
16、距离投篮C抖落衣服上的灰尘D乘车时要系好安全带【分析】我们把物体保持原来运动状态不变的特性叫做惯性，物体的惯性有时对我们是有益的，我们要学会利用；惯性有时对我们是有害的，我们要学会防止惯性的不利影响。【解答】解：A、跳远运动员跳远时助跑，即原来运动员是运动的，当其起跳后，由于惯性，会仍然保持运动状态，所以可以取得更好的成绩，是利用惯性，不符合题意；B、投出的篮球离手后可在空中飞行，是利用惯性使球继续向前运动，不符合题意；C、拍打衣服时，衣服运动，而灰尘由于惯性仍保持原来的静止状态，再由于重力的作用而脱离衣服，是利用惯性，不符合题意；D、系安全带是为了防止由于惯性而被撞伤，属于防止因惯性造成危害
17、，符合题意。故选：D。【点评】此题主要考查了几种生活中的惯性现象，惯性在生活中“无处不在”，正确利用和防止惯性才能更好的为生产生活服务。6下列过程中，重力势能转化为动能的是（）A火箭加速上升B热气球匀速下落C用弓将箭水平射出D雨滴在空中加速下落【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。据此对照各个选项进行分析即可做出判断。【解答】解：A、火箭加速上升，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能变大，不是重力势能转化为动能，故A错误；B、热气球匀速下降，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，
18、不是重力势能转化为动能，故B错误；C、用弓将箭水平射出，弓的弹性势能转化为箭的动能，故C错误；D、雨滴在空中加速下落，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，故D正确。故选：D。【点评】掌握动能和重力势能大小的影响因素，确定动能和势能的大小变化是解题的关键。7在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，连接处往往比别处更容易发热，这是因为导线连接处与别处相比（）A电流大B电阻大C电压小D电阻小【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电
19、时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。【解答】解：在家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根连接起来，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据QI2Rt可知，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，加速导线老化，甚至引起火灾。故选：B。【点评】本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联（电流相等）是本题的关键。8关于用电器和家庭电路有以下说法，其中正确的说法是（）电冰箱的外壳要接地；灯泡的开关要接在零线上；空调的电源线比电视机的粗；电路中同时点亮的灯越多，总电阻越大。ABC
20、D【分析】带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地；开关与火线相连；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积；并联的用电器越多，总电阻越小。【解答】解：为了用电的安全，带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地，如果外壳带了电，电荷会导入大地，人不会触电，故正确；为了用电的安全，开关与火线相连，当开关断开时，灯泡是不带电的，故错误；空调的电源线和台灯的电源线都是铜丝，材料相同；由于通过空调的电流要大于通过灯泡的电流，根据焦耳定律可知，为了减少导线产生的热量，应减小导线的电阻，横截面积越大，电阻越小，所以空调的电源线比台灯的粗，故正确；并联的用电器越多，相当于增大了导体的横截面积，总电阻越小，故错误。故
21、选：C。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电。9甲、乙两种物质的质量与体积关系如图1所示。若用这两种物质分别制成高度相同的甲、乙两实心圆柱体，如图2所示，则它们对水平地面的压强之比p甲：p乙为（）A1：1B1：4C4：1D8：1【分析】先根据图象给出的数据求出甲、乙两物质的密度之比，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据压强公式、密度公式、体积公式、重力公式得出它们对水平地面压强，然后根据表达式求出它们对水平地面的压强之比。【解答】解：由图可知，当m甲40g时V甲10cm3，当m乙10g时V乙20cm3，则甲乙两种物质的密度分
22、别为：甲4g/cm3，乙0.5g/cm3，则，它们对水平地面的压强：pgh，甲、乙两物体的高度相同，把它们平放在水平地面上时，它们对水平地面的压强之比：。故选：D。【点评】本题考查了压强的计算，从图中读出相关数据求出甲乙的密度之比是解题的前提，推出物体对水平面的压强表达式是关键。10如图所示电路，电源电压不变，R为定值电阻，在a、b间接入一个标有“3V 1W”的灯泡L1，闭合开关，灯泡正常发光。若将L1换成一个标有“3V 2W”的灯泡L2，接在电路的a、b间，闭合开关后灯泡发光。若不考虑灯泡电阻的变化，则灯泡L2的实际功率（）A大于2WB小于2WC等于2D以上情况都有可能【分析】由铭牌可知两灯
23、泡的额定电压和额定功率关系，根据PUI比较两灯泡的电阻关系，将L1换成灯泡L2后，根据串联电路的分压特点可知灯泡两端的电压变化，再根据灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的比较功率的变化。【解答】解：由题意可知，两灯泡的额定电压相等，两灯泡的额定功率关系为P1P2，由PUI的变形式R可知，两灯泡的电阻关系为R1R2，在a、b间接入灯泡L1时，灯泡正常发光，则灯泡L1两点的电压为3V，将L1换成灯泡L2后，由串联电路的分压特点可知，灯泡两端的电压变小，即L2两端的电压小于3V，所以，灯泡L2的实际功率小于2W。故选：B。【点评】本题可以和我们常见的滑动变阻器与定值电阻串联的题型归为一类：滑动
24、变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器改变电阻时，分析电路中电流的变化情况、定值电阻和滑动变阻器两端电压变化情况。本题中虽然没有滑动变阻器，但在电路中先后串联阻值不同的灯泡，其实就相当于滑动变阻器。通过解答本题我们要有所收获：在额定电压相同的情况下，电功率与电阻成反比；串联电阻的分压能力与电阻的阻值大小有关，阻值大的电阻分压能力强。掌握了这两点，就可以帮助我们获得新的解题思路，就可以使问题变得简单化。二、填空题（每空1分，共12分）11“乘坐地铁时，请勿高声喧哗”，这是在声源处减弱噪声，以正在进站的地铁为参照物，站台是运动（选填“运动”或“静止”）的。【分析】（1）减弱噪声的途径：在声源处，在传播
25、过程中，在人耳处；（2）判断物体的运动还是静止，首先选定一个参照物；被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。【解答】解：（1）“乘坐地铁时，请勿高声喧哗”，这是选择在声源处减弱噪声的；（2）以正在进站的地铁为参照物，站台相对于地铁发生位置的变化，因此站台是运动的。故答案为：声源处；运动。【点评】本题考查了减弱噪声的途径、以及运动的相对性，难度不大。12用酒精擦拭衣物消毒时，屋里四处弥漫着酒精气味，这说明酒精分子在不停地做无规则运动。在室内运动一会儿，身体会感觉热，这是通过做功的方式改变内能。【分析】扩散现象是指不同物体相互接触时，彼此进入对方的现象
26、，扩散现象表明分子是在不停地做无规则运动的；改变物体内能的方法：做功和热传递，热传递是能的转移过程，即热量从高温物体向低温物体转移的过程；做功实质是能的转化过程。【解答】解：用酒精擦拭衣物消毒时，屋里四处弥漫着酒精气味，这说明酒精分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象；在室内运动一会儿，这是通过做功的方式改变人的内能的。故答案为：不停地做无规则运动；做功。【点评】本题考查了改变物体内能的方法（做功和热传递）和分子运动，属于基础题目。13太阳能是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。傍晚，路边的太阳能路灯总是同时点亮，这些路灯是并（选填“串”或“并”）联的。【分析】（1）从能源是否可再利用
27、的角度可分为可再生能源和不可再生能源，太阳能可以长期提供或再生，属于可再生能源；（2）电路元件首首相连，尾尾相连，电流由多条路径的连接方式是并联，并联的各电路元件互不影响，能独立工作。【解答】解：太阳能可以长期提供或再生，属于可再生能源；夜晚，太阳能路灯同时亮起，虽然同时亮，但其中一个坏，其它仍亮，因此路灯之间是并联的。故答案为：可再生；并。【点评】本题考查了电路元件的连接方式和能源的分类，是一道基础题。14客机升空时应用了空气流速大的地方压强小（选填“大”或“小”）的原理，用吸管喝饮料时，饮料在大气压的作用下被吸入口中。【分析】（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越
28、大；（2）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。【解答】解：（1）机翼的形状是“上凸下平”，等质量的空气在相同时间内通过机翼的上表面和下表面，上方空气通过时的路程大，所以机翼上方的空气流速比机翼下方大；由流体压强与流速的关系可知，机翼上方的压强小，下方的压强大，存在向上的压强差，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力，故客机升空时应用了空气流速大的地方压强小的原理。（2）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。故答案为：小；大气压。【点评】该题考查流体压强与流速的关系、大气压的应用，难度不大。解题关键是看准机翼面向
29、哪弯曲，找出机翼的上下方的空气流速特点。15如图所示，桥在水中的“倒影”是光的反射形成的，雨后河水上涨了3cm，则桥的像到水面的距离将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【分析】倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的；平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。【解答】解：倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的；若雨后河水上涨3cm，则桥到水面的距离变小，根据平面镜成的像与物体到平面镜的距离相等可知，桥在水中的像到水面的距离变小。故答案为：反射；变小。【点评】此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，
30、紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。16如图所示电路，电源电压为3V且保持不变。闭合开关S、S1，电压表的示数是1V，则电阻R1、R2的阻值之比R1：R22：1。若再断开开关S1，则电压表的示数将变大（选填“变大”“变小”或“不变”）。【分析】首先判定电路的连接状态和电压表的作用，根据串联电路的电压特点、电流特点和欧姆定律分析各个选项。【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量R2两端的电压，电压表的示数为1V，即R2两端的电压为1V，根据串联电路的电压关系可知，电阻R1两端的电压为U1UU23V1V2V；在串联电路中，电流是相同的，根据串联电路的分压规律可知，电
31、压之比等于电阻之比R1：R2U1：U22V：1V2：1；若再断开开关S，电压表测量的是电源电压，示数为3V，示数会变大。故答案为：2：1；变大。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。三、计算题（每小题5分，共10分）17（5分）用如图所示的滑轮组提升重物，物体重为150N，拉动物体匀速上升2m，所用的时间是5s，拉力做的功是400J，求：（1）拉力做功的功率；（2）滑轮组的机械效率。【分析】（1）已知拉力做的功和时间，利用P求拉力做功功率；（2）利用WGh计算有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：（1）拉力做的功为总功，W总400J，拉力做功功率：P8
32、0W；（2）拉力做的有用功：W有Gh150N2m300J，滑轮组的机械效率：100%75%。答：（1）拉力做功的功率为80W；（2）滑轮组的机械效率为75%。【点评】本题考查了使用滑轮组时功、功率和机械效率的计算，熟练运用公式，明确有用功和总功的含义是关键。18（5分）如图所示电路中，电阻R的阻值为20，灯泡L标有“6V 3W”字样，闭合开关S，灯泡正常发光，求：（1）通过电阻R的电流；（2）通电10s，灯泡L消耗的电能。【分析】由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与电阻R并联。（1）根据并联电路中的电压特点和额定电压下灯泡正常发光求出电源的电压，根据欧姆定律即可求出通过R的电流；（2）已知灯泡正
33、常发光，根据WPt即可求出通电10s灯泡L消耗的电能。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与电阻R并联。（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以，电源的电压UU额6V，通过电阻R的电流：IR0.3A；（2）已知灯泡正常发光，则PLP额3W，则通电10s，灯泡L消耗的电能：WLPLt3W10s30J。答：（1）通过电阻R的电流为0.3A；（2）通电10s，灯泡L消耗的电能为30J。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。四、综合题（共28分）19（4分）图甲是“探究冰熔化时温度随加热时间变化”的图
34、象，c水4.2103J/（kg），加热过程中，质量保持不变，且相同时间内吸收的热量相同。（1）冰的熔点是0，冰在熔化过程中的特点是吸收热量，温度不变（选填“升高”、“降低”或“不变”）；（2）熔化后水和烧杯的总质量如图乙所示，其中空烧杯的质量是22.4g，则水的质量是50g，冰熔化过程中吸收的热量是1.26104J。【分析】（1）由图象可以看出，熔化过程中出现一段温度恒定的时间段，这是晶体的典型特征，晶体在熔化过程中温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点；（2）用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度；水的质量等于水和烧杯的总质量减去空烧杯的质量；物质在相同的时间内吸收的热量
35、是相同的；根据公式Qcmt求出吸收的热量。【解答】解：（1）由图象知，冰在515min处于熔化过程中，此时吸收热量，温度保持0不变，所以冰是晶体，其熔点为0；（2）由图乙可知，水和烧杯的总质量：m总50g+20g+2.4g72.4g；则水的质量：mm总m空72.4g22.4g50g；在915min内，水的温度升高了60，则在915min内水吸收的热量为：Q水吸cmt4.2103J/（kg）0.05kg601.26104J；由题知物质在相同的时间内吸收的热量是相同的，而冰的熔化过程用时也是6min，所以冰熔化过程中吸收的热量为：Q冰吸Q水吸1.26104J。故答案为：（1）0；不变；（2）50；
36、1.26104。【点评】此题通过考查物体的熔化图象，考查了学生对晶体熔化特点的掌握，并能够从熔化图象中总结出相关信息，考查了学生对熔化图象的综合分析。20（5分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，如图是实验的一部分。（1）水平拉动木块做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数如图甲、乙中所示，说明滑动摩擦力的大小跟压力大小有关；（2）图甲中弹簧测力计的示数增大为2.5N时，木块受到的滑动摩擦力是2N，木块的动能将增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（3）请画出图乙中的砝码所受重力的示意图。（4）如果想利用图中的器材，再增加一个小桌，做“探究影响压力作用效果的因素”实验，需要把木板换成海绵
37、。【分析】（1）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象分析；（2）滑动摩擦力大小与速度无关；动能的大小与速度和质量有关；（3）总量的方向始终是竖直向下的；（4）探究影响压力作用效果的因素时，通过观察海绵的凹陷程度来表示压力作用效果的大小。【解答】解：（1）水平拉动木块做匀速直线运动时，木块在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等；由图可知，弹簧测力计的分度值为0.5N，甲的示数为2N，乙的示数为3N；分析图甲、乙可知，接触面的粗糙程度是相同的，压力不相同，乙的压力大，根据二力平衡可
38、知，甲的滑动摩擦力为2N，乙的滑动摩擦力为3N，乙的滑动摩擦力大，所以结论为：滑动摩擦力的大小跟压力大小有关；（2）图甲中弹簧测力计的示数增大为2.5N时，由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则摩擦力大小不变，仍然为2N；此时的拉力大于滑动摩擦力，则物体做加速运动，速度变大，质量不变，动能变大；（3）重力的方向始终是竖直向下的，作用点在钩码的中心，重力的示意图如图所示：；（4）探究影响压力作用效果的因素时，根据转换法可知，通过观察海绵的凹陷程度来表示压力作用效果的大小，所以需要将木板换成海绵。故答案为：（1）压力大小；（2）2；增大；（3）如图；（4）海绵。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪
39、些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。21（5分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距为10cm。（1）图甲中，烛焰的像会成在光屏的下（选填“上”或“下”）方；（2）重新调整后开始实验。当蜡烛到凸透镜的距离为25cm时，移动光屏后得到烛焰清晰的缩小（选填“放大”或“缩小”）的像；（3）保持蜡烛和凸透镜的位置不变，用另一个凸透镜替换原来的透镜，再将光屏向靠近透镜的方向移动后，在光屏上可再次得到烛焰清晰的像，该凸透镜的焦距小于10cm，这可以用来模拟近视（选填“近视”或“远视”）眼的成因；（4）凸透镜成像利用了光的折射知识，请在图乙中画出入射光线的折射
40、光线。【分析】（1）为使像成在光屏的中央，应调整光屏、凸透镜或烛焰的中心大致在同一高度处；（2）物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；（3）光屏向靠近透镜的方向移动，说明像距变小了；近视眼的原因是像成在视网膜的前方；（4）对于凸透镜：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后，平行于主光轴。【解答】解：（1）由图可知，蜡烛的烛焰的位置偏上，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，此时的像在光屏的下方；（2）当蜡烛到凸透镜的距离为25cm时，物距大于二倍焦距，所以在光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的实像；（3）保持蜡烛和凸透镜的位置不变
41、，用另一个凸透镜替换原来的透镜，再将光屏向靠近透镜的方向移动后，即像距变小，在物距不变的情况下，相当于减小了焦距，所以该凸透镜的焦距要小于10cm，此时的像成在光屏的前方，这可以用来模拟近视眼的成因；（4）从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴，如图所示：。故答案为：（1）下；（2）缩小；（3）小于；近视；（4）如图。【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了对实验器材的调整、凸透镜成像的规律、凸透镜的光路，应注意掌握基础知识。22（3分）小刚用如图所示的轻质杠杆，探究杠杆的平衡条件（忽略摩擦）。（1）图甲中，用弹簧测力计沿竖直方向拉着杠杆，使其在水平位置平衡，在A点处所挂的钩码总重为
42、3N，弹簧测力计的示数F12N，再用弹簧测力计拉着杠杆在图乙所示的位置静止，此时测力计的示数是F2，则F2F1（选填“”“”或“”）。（2）我们身边有很多杠杆，例如镊子、瓶起子和划船用的船桨，这些器具在使用时是省力杠杆的是瓶起子。【分析】（1）根据杠杆的平衡条件计算弹簧测力计的示数；阻力和阻力臂不变，根据题意判断力臂如何变化，然后由平衡条件判断弹簧测力计示数如何变化；（2）省力杠杆的动力臂大于阻力臂，结合生活经验分析是省力还是费力，由此判断是省力杠杆还是费力杠杆。【解答】解：（1）根据杠杆平衡条件F1L1GL2得：弹簧测力计的示数为：F12N；用弹簧测力计拉着杠杆在图乙所示的位置静止时，动力臂
43、和阻力臂之比不变，由杠杆平衡条件：F1L1F2L2，可知弹簧测力计的拉力F2大小不变，则F2F1；（2）省力杠杆的动力臂大于阻力臂是省力杠杆，划船用的船桨是费力杠杆，镊子是费力杠杆，瓶起子是省力杠杆；故答案为：（1）2；（2）瓶起子。【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，由生活经验判断是什么种类杠杆，常见题目。23（4分）小明在做验证“阿基米德原理”的实验，实验的具体操作步骤如图甲所示。（1）请指出小明在实验操作中漏掉的一个步骤：测出空桶的重力G2；（2）小明改正上述错误后重新正确进行实验，验证了阿基米德原理；（3）在步骤C中，若石块没有完全浸入水中，对实验结论没有（选填“有”或“没有”）影响
44、；（4）小明发现，由图中的测量数据可以求出石块的密度，如果实验中，小明把操作步骤B和步骤C的顺序颠倒了，则求出的石块密度值与它的真实值相比偏大（选填“偏大”或“偏小”或“一样大”）；（5）若小明所用的弹簧测力计如图乙所示，有A、B两块合金块（A的体积为16cm3，密度为10g/cm3；B的体积为60cm3、密度为3g/cm3）可用来选择完成实验，他应该选择B来完成实验。【分析】（1）用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器（需先测出其重力）接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力；（3）根据阿基米德原理进行解答；（4）小明
45、把操作步骤B和步骤C的顺序颠倒了，由于石块上沾着水，使得石块的重力偏大，根据Gmg知，石块的质量偏大，由G排G1G2水gV排算出排开水的体积，由判断出测量的石块密度值的偏差；（5）根据Gmg和算出物体的重力以及F浮水gV排算出浮力，根据F浮GF和弹簧测力计的分度值选出AB。【解答】解：（1）在“探究浮力的大小”实验中，需要测量的量有四个：物体重力G1、物体浸没水中时弹簧测力计的示数F1、空桶的重力G2、小桶与溢出水的总重力；因此漏掉的一个步骤是测出空桶的重力G2；（3）由图中实验可知，石块排开的液体重力G排G1G2；根据称重法可知石块所受浮力F浮G1F，通过比较则可以得到“F浮G排”的结论；若实验中石块没有完全浸没水中，该结论可以成立；（4）小明把操作步骤B和步骤C的顺序颠倒了，即先测石块放入水中的拉力，再测量石块的重力，由于石块上沾着水，使得石块的重力偏大，根据Gmg