1、 厦门市厦门市 2020 届高三届高三 生物学科答案及评分标准生物学科答案及评分标准 一、选择题：（每题一、选择题：（每题 6 分，共分，共 36 分）分） 16：ACDBCD 二、非选择题：共二、非选择题：共 54 分分 29.（10 分，除标注外，每空分，除标注外，每空 1 分）分） （1）单位时间内固定的 CO2量 单位时间内制造的有机物量 （2）光照强度 光 ATP、H（或 ATP、NADPH，全部答对才给分） （3）气温升高导致气孔部分关闭，CO2吸收量减少（2 分，答出一点给 1 分） （4）适当提高光照强度；适当增大 CO2浓度（具体为：合理密植、通风、施用有机肥 等（注：同质化
2、的答案只给 1 分，例如答“合理密植”和“通风”就只能得 1 分） 30.（8 分）分） （1）神经递质（1 分） 毛细血管舒张（1 分） （2）低温刺激使毛细血管收缩，导致体内热量不能及时散出，不能达到降低体温的目 的（3 分，每点 1 分） （3）喝淡盐水可补充机体随汗液流失的水和无机盐，以维持机体水盐平衡（3 分，答 出关键词“补充水”、“补充无机盐”和“维持水盐平衡”各得 1 分） 31.（8 分）分） （1）太阳能和工厂、村庄排放污水中有机物的化学能等（2 分，答出一点给 1 分） （2）抵抗力（1 分） （3）偏小（1 分） （4）使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行（2
3、分） （5）直接和间接（2 分，答出一点给 1 分） 32.（13 分）分） （1）亲本中的雌果蝇在减数分裂过程发生了差错，两条 X 染色体不分离，产生了含 XbXb的卵细胞，与含 Y 的精子结合（2 分，答出“XbXb的卵细胞”和“含 Y 的精子”各得 1 分） （2）XbXb（1 分） XbXbY（2 分）XbY :Xb:XbXb:Y=2:2:1:1（2 分） （3）让该白眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，观察后代的表现型及比例（2 分） 红眼雌果蝇:白眼雄果蝇=1:1（或雄果蝇全为白眼或雌果蝇全为红眼）（2 分） 红眼雌果蝇:白眼雌果蝇:红眼雄果蝇:白眼雄果蝇=4:1:1:4（或雄果蝇中出现红眼
4、或 雌果蝇中出现白眼）（2 分） 37.（15 分）分） （1） 青蒿素不易挥发， 不能随水蒸气蒸馏出来(或水蒸气蒸馏法适用于蒸馏挥发性物质， 而青蒿素不易挥发）（2 分） （2）易溶于有机溶剂（2 分）乙醚（1 分）青蒿素在 60以上易分解，应选择低沸点 的萃取剂（2 分） （3）水浴（1 分）防止有机溶剂挥发（2 分） （4）探究青蒿素的浓度与细胞增殖抑制率的关系（2 分）在培养瓶中加入等量的不含 青蒿素的培养液，在相同且适宜的条件下继续培养（3 分，答出“不含青蒿素”得 2 分，答 出“相同条件培养”得 1 分） 38.（15 分）分） （1）显微注射（1 分）动物体细胞的全能型一般不能
5、表现出来（2 分） 性别鉴定（2 分）向小鼠体内注射现成的（标准的/纯化后的）抗凝血酶蛋白（1 分，答“注射转基因牛奶中的抗凝血酶蛋白”不给分）；提取免疫小鼠的 B 淋巴细胞与骨髓 瘤细胞融合，经多次筛选获得能产生特异性抗体的杂交瘤细胞（1 分）；对杂交瘤细胞扩增培养 获取大量的单克隆抗体（1 分）。 （2）逆转录（1 分）限制酶（2 分）BamH和 Pst（2 分，只答一种酶不得分） 凝乳酶基因（2 分） 厦门市厦门市 2020 届届 高三年级高三年级理综理综 化学化学参考答案参考答案 说明：说明：化学方程式中，化学式写错的不得分；化学式对而未配平或重要条件有误的、气体或沉淀符号未标、化 学
6、方程式用“”标明或用错“ ”与 “ ”的扣 1 分。专有名词有错别字不得分。 一、选题题（本题包括一、选题题（本题包括 7 小题小题，每小题每小题 6 分分，共共 42 分）分） 题号 7 8 9 10 11 12 13 答案 D C C A C D D 二、二、非选择题非选择题（本题包括（本题包括 5 个小题，共个小题，共 58 分分） 26.（14 分） (1) NaOH 溶液(或 Na2CO3溶液) （1 分） (2) ZnNaHSO3H2O=NaHSO2Zn(OH)2 （2 分） 加快搅拌的速度 （2 分） (3) HCHO （1 分） (4) 次硫酸氢钠甲醛被空气中氧气氧化 （2 分
7、） (5) 向烧杯中加入 1.0 molL 1 HCl 溶液，充分搅拌至固体完全溶解(1 分)。向所得溶液中滴加 1.0 molL1 NaOH 溶液，调节溶液 pH 约为 10(或 8.9pH11)(1 分)。过滤、用水洗涤固体 23 次(1 分) 或向烧杯中加入 1.0 molL 1 NaOH 溶液，充分搅拌至固体完全溶解(1 分)。向所得溶液中滴加 1.0 molL1HCl 溶液，调节溶液 pH 约为 10(或 8.9pH11)(1 分)。过滤、用水洗涤固体 23 次(1 分) (6) 0.1000(1 分) NaHSO2HCHO2H2O(2 分) 27.（15 分） (1) CaSO4
8、（1 分） (2)溶液温度下降，硫酸钠结晶析出时，夹裹了部分的硫酸锂共沉淀 （2 分） (3) 2Al3 3CO2 3 E A 3H2O=2Al(OH)33CO2 4 （各 2 分，共 4 分） (4)碳酸锂产品的钙离子含量相对升高(或使得氢氧化铝溶解进入溶液，导致最终产品的纯度下降)（2 分） (5)CO2 （1 分） (6) a (1 分)2H2O + 2e =H 22OH - (2 分) (7)Li2CO32C2FeSO4 A = 高温 E A 2LiFePO43CO （2 分） 28.（14 分） (1) （1 分） (2) -2615.8（2 分） (3) B （1 分） 0.025
9、mol/(Lmin)0.75（各 2 分，共 4 分） （4）温度升高，反应速率加快，转化率升高 C （各 2 分，共 4 分） 正反应是气体分子数增多的反应，恒压充入惰性气体相当于扩大容器体积，降低分压，有利于平衡正 向移动 （2 分） 35化学选修 3：物质结构与性质(15 分) (1) 3d54s1 （1 分） (2) （1 分） 13NA （2 分） sp2（2 分） 酚羟基的氧原子参与形成了大 键，使氧原子电荷密度下降，氢离子容易电离 （2 分） （3） 正四面体，正八面体， （1/4,1/4,1/4） （3 分） （4）8:3， （各 2 分，共 4 分） 36化学选修 5：有机化
10、学基础(15 分) （1）3 酯基、羟基 （各 2 分，共 4 分） （2）2Cu(OH)2NaOHCu2O3H2O （3 分） （3）（2 分） （4）CH3N=C=O （2 分） （5） （4 分） 厦门市 2020 届高中毕业班 5 月份检测 理科综合能力测试参考答案及评分标准（物理） 二、选择题二、选择题 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B B C B AC BD BD BC 三、非选择题三、非选择题 22.（5 分） （1）30（1 分） （2）9.74（2 分） （3）2.61（2 分） 23.（10 分） （1）18900（2 分） （2）如下图所示（
11、2 分） （3）5.1（2 分） ，A（2 分） ，18500（2 分） 24 （14 分） （1）释放时，由法拉第电磁感应定律得： 2 B EL t = （2 分） E I R = （2 分） 2 FB IL= （2 分） 得：F=5 N，方向水平向右 （2 分，大小方向各 1 分） （2）假设金属框与绝缘板能相对静止，一起匀加速，则对整体而言： 1( )()FMm gMm am+=+ （2 分） 得： 2 3 a = m/s2 （2 分） 设此时金属框与绝缘板间的摩擦力大小为 f 由牛顿第二定律Ffma= 得： 11 3 f = N，而金属框与绝缘板之间的最大静摩擦力为： 2 4 m fm
12、gm= N m ff，假设成立，金属框与绝缘板能相对静止一起加速。 （判断过程共 2 分） 故金属框此时的加速度大小为 2 3 a = m/s2 25 （18 分） （1）设弹簧恢复原长后滑块 Q 的速度为 v2 由动量守恒： （2 分） 由能量守恒： （2 分） 解得：， （2 分） （2）若滑块 Q 刚好从 C 点水平抛出，则由牛顿第二定律： ，得： 可知，故滑块 Q 不会从 C 点水平抛出。 滑块 Q 脱离 CD 轨道的瞬间，与轨道间作用力为零，如图所示，若滑块 Q 从 E 点脱离 轨道，设 OE 与竖直方向夹角为 ，滑块 Q 的速度为 vQ 动能定理： （2 分） 由牛顿第二定律： （
13、2 分） 解得： 解得离地高度 （1 分） （3）设滑块 P 沿传送带上滑的加速度为 a1，所用时间为 t1，最大位移为 s1 牛顿第二定律： 由运动学规律：， 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1 分） 之后向下加速的加速度仍为 a1，设加速到 v0所用时间为 t2，位移为 s2 由运动学规律：， 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1 分） 因，故共速之后滑块会以加速度 a2继续向下加速，设继续滑到 B 点是速度为 vB，所用时间为为 t3 由牛顿第二定律： 运动学规律： 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1
14、 分） 内能 解得： （1 分） 33.（15 分） （1）210-5（1 分） ，NL2（2 分） ，（2 分） （2） （i）杯内封闭气体发生等容变化，T1=(273+87)K，T2=(273+27)K 根据查理定律： （2 分） 代入数据解得压强之比： （2 分） （ii）茶杯能离开桌面，若缓慢上提 由受力条件： （1 分） 设茶杯以最大加速度 a 离开桌面，对整体,根据牛顿第二定律得： （2 分） 对杯身： （2 分） 可得 （1 分） 故 F 满足的条件为： 34.（15 分） （1）BCE（5 分） （2） （i）波源 S1的振动先传到 P，且起振方向沿 y 轴正方向， P 在 t
15、1=0.5 s 首次 yp=+2 cm， 2 T = （1 分） 1 1 S p d t v = （1 分） vT= （1 分） 得：=4 m （1 分） （ii）波源 S2的振动先传到 P 所用的时间为： 2 2 1.0 S p d t v =s 故质点 P 在 0- 0.4 s 内静止不动，0.4 s - 1.0 s 内仅参与波源 S1的振动 11 612sA=cm （1 分） 1.0 s - 1.5 s 质点 P 同时参与两列波的振动，两列波频率相同，发生干涉 11 6 p S pS p=m （1 分） 易得 3 2 p =，故质点 P 为振动减弱点 （1 分） 其振幅为 12 3 p AAA=cm （1 分） 1.0 s - 1.5 s 质点 P 的路程为 2 515 p sA=cm （1 分） 故质点 P 在 t=0 至 t2=1.5 s 内通过的路程为 12 = +=27 p ssscm （1 分）