1、 厦门市厦门市 2020 届高三届高三 生物学科答案及评分标准生物学科答案及评分标准 一、选择题：（每题一、选择题：（每题 6 分，共分，共 36 分）分） 16：ACDBCD 二、非选择题：共二、非选择题：共 54 分分 29.（10 分，除标注外，每空分，除标注外，每空 1 分）分） （1）单位时间内固定的 CO2量 单位时间内制造的有机物量 （2）光照强度 光 ATP、H（或 ATP、NADPH，全部答对才给分） （3）气温升高导致气孔部分关闭，CO2吸收量减少（2 分，答出一点给 1 分） （4）适当提高光照强度；适当增大 CO2浓度（具体为：合理密植、通风、施用有机肥 等（注：同质化
2、的答案只给 1 分，例如答“合理密植”和“通风”就只能得 1 分） 30.（8 分）分） （1）神经递质（1 分） 毛细血管舒张（1 分） （2）低温刺激使毛细血管收缩，导致体内热量不能及时散出，不能达到降低体温的目 的（3 分，每点 1 分） （3）喝淡盐水可补充机体随汗液流失的水和无机盐，以维持机体水盐平衡（3 分，答 出关键词“补充水”、“补充无机盐”和“维持水盐平衡”各得 1 分） 31.（8 分）分） （1）太阳能和工厂、村庄排放污水中有机物的化学能等（2 分，答出一点给 1 分） （2）抵抗力（1 分） （3）偏小（1 分） （4）使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行（2
3、分） （5）直接和间接（2 分，答出一点给 1 分） 32.（13 分）分） （1）亲本中的雌果蝇在减数分裂过程发生了差错，两条 X 染色体不分离，产生了含 XbXb的卵细胞，与含 Y 的精子结合（2 分，答出“XbXb的卵细胞”和“含 Y 的精子”各得 1 分） （2）XbXb（1 分） XbXbY（2 分）XbY :Xb:XbXb:Y=2:2:1:1（2 分） （3）让该白眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，观察后代的表现型及比例（2 分） 红眼雌果蝇:白眼雄果蝇=1:1（或雄果蝇全为白眼或雌果蝇全为红眼）（2 分） 红眼雌果蝇:白眼雌果蝇:红眼雄果蝇:白眼雄果蝇=4:1:1:4（或雄果蝇中出现红眼
4、或 雌果蝇中出现白眼）（2 分） 37.（15 分）分） （1） 青蒿素不易挥发， 不能随水蒸气蒸馏出来(或水蒸气蒸馏法适用于蒸馏挥发性物质， 而青蒿素不易挥发）（2 分） （2）易溶于有机溶剂（2 分）乙醚（1 分）青蒿素在 60以上易分解，应选择低沸点 的萃取剂（2 分） （3）水浴（1 分）防止有机溶剂挥发（2 分） （4）探究青蒿素的浓度与细胞增殖抑制率的关系（2 分）在培养瓶中加入等量的不含 青蒿素的培养液，在相同且适宜的条件下继续培养（3 分，答出“不含青蒿素”得 2 分，答 出“相同条件培养”得 1 分） 38.（15 分）分） （1）显微注射（1 分）动物体细胞的全能型一般不能
5、表现出来（2 分） 性别鉴定（2 分）向小鼠体内注射现成的（标准的/纯化后的）抗凝血酶蛋白（1 分，答“注射转基因牛奶中的抗凝血酶蛋白”不给分）；提取免疫小鼠的 B 淋巴细胞与骨髓 瘤细胞融合，经多次筛选获得能产生特异性抗体的杂交瘤细胞（1 分）；对杂交瘤细胞扩增培养 获取大量的单克隆抗体（1 分）。 （2）逆转录（1 分）限制酶（2 分）BamH和 Pst（2 分，只答一种酶不得分） 凝乳酶基因（2 分） 厦门市厦门市 2020 届届 高三年级理综化学参考答案高三年级理综化学参考答案 说明：说明：化学方程式中，化学式写错的不得分；化学式对而未配平或重要条件有误的、气体或 沉淀符号未标、化学方
6、程式用“”标明或用错“ ”与 “ ”的扣 1 分。专有名词有错别 字不得分。 一、选题题（本题包括一、选题题（本题包括 7 小题小题，每小题每小题 6 分分，共共 42 分）分） 题号 7 8 9 10 11 12 13 答案 D C C A C D D 二、非选择题（本题包括二、非选择题（本题包括 5 个小题，共个小题，共 58 分分） 26.（14 分） (1) NaOH 溶液(或 Na2CO3溶液) （1 分） (2) ZnNaHSO3H2O=NaHSO2Zn(OH)2 （2 分） 加快搅拌的速度 （2 分） (3) HCHO （1 分） (4) 次硫酸氢钠甲醛被空气中氧气氧化 （2 分
7、） (5) 向烧杯中加入 1.0 molL 1 HCl 溶液，充分搅拌至固体完全溶解(1 分)。向所得溶液中滴 加 1.0 molL 1 NaOH 溶液，调节溶液 pH 约为 10(或 8.9pH11)(1 分)。过滤、用水洗涤固 体 23 次(1 分) 或向烧杯中加入 1.0 molL 1 NaOH 溶液， 充分搅拌至固体完全溶解(1 分)。 向所得溶液中滴 加 1.0 molL 1HCl 溶液，调节溶液 pH 约为 10(或 8.9pH11)(1 分)。过滤、用水洗涤固体 23 次(1 分) (6) 0.1000(1 分) NaHSO2HCHO2H2O(2 分) 27.（15 分） (1)
8、 CaSO4 （1分） (2)溶液温度下降，硫酸钠结晶析出时，夹裹了部分的硫酸锂共沉淀 （2 分） (3) 2Al3 3CO2 3 E A 3HR2RO=2Al(OH)R3R3COR2R 4 （各 2 分，共 4 分） (4)碳酸锂产品的钙离子含量相对升高(或使得氢氧化铝溶解进入溶液，导致最终产品的纯度 下降)R R （2 分） (5)COR2 R （1 分） (6) a (1 分)2HR2RO + 2e P P =HR2R2OH P - P (2 分) (7)LiR2RCOR3R2C2FeSOR4R2LiFePOR4R3COR R （2 分） 28.（14 分） (1) （1 分） (2)
9、-2615.8（2 分） (3) B （1 分） 0.025mol/(Lmin)0.75（各 2 分，共 4 分） （4）温度升高，反应速率加快，转化率升高 C （各 2 分，共 4 分） 正反应是气体分子数增多的反应， 恒压充入惰性气体相当于扩大容器体积， 降低分 压，有利于平衡正向移动 （2 分） 35化学选修 3：物质结构与性质(15 分) (1) 3d P 5 P 4s P 1 PR R （1 分） (2) （1 分） 13NA （2 分） sp2（2 分） 酚羟基的氧原子参与形成了大 键， 使氧原子电荷密度下降， 氢离子容易电离 （2 分） （3） 正四面体，正八面体，（1/4,1/
10、4,1/4）（3 分） （4）8:3， （各 2 分，共 4 分） 36化学选修 5：有机化学基础(15 分) （1）3 酯基、羟基（各 2 分，共 4 分） （2）2Cu(OH)2NaOHCu2O3H2O（3 分） （3）（2 分） （4）CH3N=C=O （2 分） （5）（4 分） 厦门市 2020 届高中毕业班 5 月份检测 理科综合能力测试参考答案及评分标准（物理） 二、选择题二、选择题 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B B C B AC BD BD BC 三、非选择题三、非选择题 22.（5 分） （1）30（1 分） （2）9.74（2 分） （3）
11、2.61（2 分） 23.（10 分） （1）18900（2 分） （2）如下图所示（2 分） （3）5.1（2 分），A（2 分），18500（2 分） 24（14 分） （1）释放时，由法拉第电磁感应定律得： 2 B EL t = （2 分） E I R = （2 分） 2 FB IL= （2 分） 得：F=5 N，方向水平向右 （2 分，大小方向各 1 分） （2）假设金属框与绝缘板能相对静止，一起匀加速，则对整体而言： 1( )()FMm gMm am+=+ （2 分） 得： 2 3 a = m/s2 （2 分） 设此时金属框与绝缘板间的摩擦力大小为 f 由牛顿第二定律Ffma= 得：
12、 11 3 f = N，而金属框与绝缘板之间的最大静摩擦力为： 2 4 m fmgm= N m ff，假设成立，金属框与绝缘板能相对静止一起加速。 （判断过程共 2 分） 故金属框此时的加速度大小为 2 3 a = m/s2 25（18 分） （1）设弹簧恢复原长后滑块 Q 的速度为 v2 由动量守恒： （2 分） 由能量守恒： （2 分） 解得：， （2 分） （2）若滑块 Q 刚好从 C 点水平抛出，则由牛顿第二定律： ，得： 可知，故滑块 Q 不会从 C 点水平抛出。 滑块 Q 脱离 CD 轨道的瞬间，与轨道间作用力为零，如图所示，若滑块 Q 从 E 点脱离 轨道，设 OE 与竖直方向夹
13、角为 ，滑块 Q 的速度为 vQ 动能定理： （2 分） 由牛顿第二定律： （2 分） 解得： 解得离地高度 （1 分） （3）设滑块 P 沿传送带上滑的加速度为 a1，所用时间为 t1，最大位移为 s1 牛顿第二定律： 由运动学规律：， 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1 分） 之后向下加速的加速度仍为 a1，设加速到 v0所用时间为 t2，位移为 s2 由运动学规律：， 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1 分） 因，故共速之后滑块会以加速度 a2继续向下加速，设继续滑到 B 点是速度为 vB，所用时间为为 t3 由牛顿第二定律：
14、运动学规律： 传送带位移： 相对位移： 解得：， （此过程 2 分，有缺扣 1 分） 内能 解得： （1 分） 33.（15 分） （1）210-5（1 分），NL2（2 分），（2 分） （2） （i）杯内封闭气体发生等容变化，T1=(273+87)K，T2=(273+27)K 根据查理定律： （2 分） 代入数据解得压强之比： （2 分） （ii）茶杯能离开桌面，若缓慢上提 由受力条件： （1 分） 设茶杯以最大加速度 a 离开桌面，对整体,根据牛顿第二定律得： （2 分） 对杯身： （2 分） 可得 （1 分） 故 F 满足的条件为： 34.（15 分） （1）BCE（5 分） （2）
15、（i）波源 S1的振动先传到 P，且起振方向沿 y 轴正方向， P 在 t1=0.5 s 首次 yp=+2 cm， 2 T = （1 分） 1 1 S p d t v = （1 分） vT= （1 分） 得：=4 m （1 分） （ii）波源 S2的振动先传到 P 所用的时间为： 2 2 1.0 S p d t v =s 故质点 P 在 0- 0.4 s 内静止不动，0.4 s - 1.0 s 内仅参与波源 S1的振动 11 612sA=cm （1 分） 1.0 s - 1.5 s 质点 P 同时参与两列波的振动，两列波频率相同，发生干涉 11 6 p S pS p=m （1 分） 易得 3 2 p =，故质点 P 为振动减弱点 （1 分） 其振幅为 12 3 p AAA=cm （1 分） 1.0 s - 1.5 s 质点 P 的路程为 2 515 p sA=cm （1 分） 故质点 P 在 t=0 至 t2=1.5 s 内通过的路程为 12 = +=27 p ssscm （1 分）