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2018-2019学年北京师大实验中学高二(下)3月月考数学试卷(含详细解答)

1、设函数 f(x) 在 R 上可导,其导函数为 f(x) ,且函数 y(1x)f(x) 的图象如图所示,则下列结论中一定成立的是( ) A函数 f(x) 有极大值 f(2)和极小值 f(1) B函数 f(x) 有极大值 f(2)和极小值 f(2) C函数 f(x)有极大值 f(2)和极小值 f(1) 第 2 页(共 16 页) D函数 f(x) 有极大值 f(2)和极小值 f(2) 7 (4 分)若函数 y在(1,+)上单调递增,则 a 的取值范围是( ) Aa2 Ba2 Ca1 Da1 8 (4 分)函数 f(x)ax3bx2+cx 的图象如图所示,且 f(x)在 xx0与 x1 处取得极 值

2、,给出下列判断: c0; f(1)+f(1)0; 函数 yf(x)在区间(0,+)上是增函数 其中正确的判断是( ) A B C D 二填空题:本大题共二填空题:本大题共 6 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 24 分分 9 (4 分)如果函数 f(x)cosx,那么 10 (4 分)已知 f(x)x33x,过点 P(2,2)作函数 yf(x)图象的切线,则切线方 程为 11 (4 分)已知 yf(x)是定义在 R 上的函数,且 f(1)1,f(x)1,则 f(x) x 的解集是 12 (4 分)将边长为 1 的正六边形铁皮的六个角各切去一个全等的四边形,再沿虚线折起, 做成一个无盖

3、的正六棱柱容器当这个正六棱柱容器的底面边长为 时,其容积最 大 13 (4 分)若函数 f(x)2x3ax2+1(aR)在(0,+)内有且只有一个零点,则 f(x) 在1,1上的最大值与最小值的和为 14 (4 分)已知函数 f(x)x(lnxax)有两个极值点,则实数 a 的取值范围是 三解答题:本大题共三解答题:本大题共 4 小题,共小题,共 44 分解答题应写出文字说明,演算步骤或证明过程分解答题应写出文字说明,演算步骤或证明过程 15 (10 分)求下列函数的导数: 第 3 页(共 16 页) (1) (2)y(x2x)e1 x 16 (11 分)已知函数 f(x)2lnxx (1)写

4、出函数 f(x)的定义域,并求其单调区间; (2)已知曲线 yf(x)在点(x0,f(x0) )处的切线为 l,且 l 在 y 轴上的截距是2, 求 x0 17 (11 分)已知函数 f(x)x2exb,其中 bR ()证明:对于任意 x1,x2(,0,都有 f(x1)f(x2); ()讨论函数 f(x)的零点个数(结论不需要证明) 18 (12 分)已知函数 f(x)lnxx2,g(x)x2+x,mR,令 F(x)f(x)+g (x) ()求函数 f(x)的单调递增区间; ()若关于 x 的不等式 F(x)mx1 恒成立,求整数 m 的最小值; ()若 m1,且正实数 x1,x2满足 F(x

5、1)F(x2) ,求证:x1+x21 第 4 页(共 16 页) 2018-2019 学年北京师大实验中学高二(下)学年北京师大实验中学高二(下)3 月月考数学试卷月月考数学试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题:本大题共一选择题:本大题共 8 小小题,每小题题,每小题 4 分,共分,共 32 分分 1 (4 分)下列求导运算正确的是( ) A (x+)1+ B (3x)3xlog3x C (log2x) D (x2cosx)2sinx 【分析】直接利用导数的运算法则求解判断即可 【解答】解: (x+)1,所以 A 不正确; (3x)3xln3,所以 B 不正确; (log2x)

6、正确; (x2cosx)2xcosx2x2sinx,所以 D 不正确 故选:C 【点评】本题考查导数的运算法则的应用,是基础题 2 (4 分)函数 yx2在区间x0,x0+x上的平均变化率为 k1,在x0x,x0上的平均变 化率为 k2,则 k1与 k2的大小关系是( ) Ak1k2 Bk1k2 Ck1k2 Dk1与 k2的大小关系不确定 【分析】直接代入函数的平均变化率公式进行化简求解 【解答】 【解答】解:函数 yf(x)x2在 x0到 x0+x 之间的平均变化量为:yf (x0+x)f(x0)(x0+x)2(x0)2x(2x0+x) k12x0+x 函数 yf(x)x2在 x0x 到 x

7、0之间的平均变化量为:yf(x0)f(x0x) (x0)2(x0x)2x(2x0x) k22x0x 第 5 页(共 16 页) k1k22x,而x0,故 k1k2 故选:A 【点评】本题考查了函数的平均变化率的概念及的求法,解答此题的关键是熟记概念, 是基础题 3 (4 分)设函数 f(x)x3+(a1)x2+ax若 f(x)为奇函数,则曲线 yf(x)在点(0, 0)处的切线方程为( ) Ay2x Byx Cy2x Dyx 【分析】 利用函数的奇偶性求出 a, 求出函数的导数, 求出切线的向量然后求解切线方程 【解答】解:函数 f(x)x3+(a1)x2+ax,若 f(x)为奇函数,f(x)

8、f(x) , x3+(a1)x2ax(x3+(a1)x2+ax)x3(a1)x2ax 所以: (a1)x2(a1)x2 可得 a1,所以函数 f(x)x3+x,可得 f(x)3x2+1, 曲线 yf(x)在点(0,0)处的切线的斜率为:1, 则曲线 yf(x)在点(0,0)处的切线方程为:yx 故选:D 【点评】本题考查函数的奇偶性以及函数的切线方程的求法,考查计算能力 4 (4 分)已知某生产厂家的年利润 y(单位:万元)与年产量 x(单位:万件)的函数关 系式为 yx3+81x234,则使该生产厂家获得最大年利润的年产量为( ) A13 万件 B11 万件 C9 万件 D7 万件 【分析】

9、由题意先对函数 y 进行求导,解出极值点,然后再根据函数的定义域,把极值 点和区间端点值代入已知函数,比较函数值的大小,求出最大值即最大年利润的年产量 【解答】解:令导数 yx2+810,解得 0x9; 令导数 yx2+810,解得 x9, 所以函数 yx3+81x234 在区间(0,9)上是增函数, 在区间(9,+)上是减函数, 所以在 x9 处取极大值,也是最大值 故选:C 【点评】本题考查导数在实际问题中的应用,属基础题 5 (4 分)函数 f(x)x+2cosx 在0,上的极小值点为( ) 第 6 页(共 16 页) A0 B C D 【分析】可先利用导数判断函数的单调性,再利用单调性

10、求极值点 【解答】解:y12sinx0,得 x或 x, 故 yx+2cosx 在区间0,上是增函数,在区间,上是减函数,在, 是增函数 x是函数的极小值点, 故选:C 【点评】本题考查利用函数的单调性求最值、导数的应用、三角函数求值等,难度一般 6 (4 分)设函数 f(x) 在 R 上可导,其导函数为 f(x) ,且函数 y(1x)f(x) 的图象如图所示,则下列结论中一定成立的是( ) A函数 f(x) 有极大值 f(2)和极小值 f(1) B函数 f(x) 有极大值 f(2)和极小值 f(2) C函数 f(x)有极大值 f(2)和极小值 f(1) D函数 f(x) 有极大值 f(2)和极

11、小值 f(2) 【分析】利用函数的图象,判断导函数值为 0 时,左右两侧的导数的符号,即可判断极 值 【解答】解:由函数的图象可知,f(2)0,f(2)0, 并且当 x2 时,f(x)0, 当2x1,f(x)0,函数 f(x)有极大值 f(2) 又当 1x2 时,f(x)0, 当 x2 时,f(x)0,故函数 f(x)有极小值 f(2) 故选:D 【点评】本题考查函数与导数的应用,考查分析问题解决问题的能力,函数的图象的应 用 第 7 页(共 16 页) 7 (4 分)若函数 y在(1,+)上单调递增,则 a 的取值范围是( ) Aa2 Ba2 Ca1 Da1 【分析】根据题意,设 t,则 y

12、t2+at,由复合函数的单调性判断方法分析可得 y t2+at 在(1,+)上也是增函数,结合二次函数的性质分析可得答案 【解答】解:根据题意,设 t,则 yt2+at, 又由 x1,则 t1,则(1,+)上为增函数, 函数 y在(1,+)上单调递增,则 yt2+at 在(1,+)上也是增函数, 必有1,解可得 a2; 故选:A 【点评】本题考查复合函数的单调性,关键是掌握复合函数单调性的判定方法,属于基 础题 8 (4 分)函数 f(x)ax3bx2+cx 的图象如图所示,且 f(x)在 xx0与 x1 处取得极 值,给出下列判断: c0; f(1)+f(1)0; 函数 yf(x)在区间(0

13、,+)上是增函数 其中正确的判断是( ) A B C D 【分析】求出函数的导数,根据 f(x)在 xx0与 x1 处取得极值,求出 a,b,c 之间 的关系,即可得到结论 【解答】解:函数 f(x)ax3bx2+cx,且 f(x)在 xx0与 x1 处取得极值, a0,且 f(x)3ax22bx+c, 则 xx0与 x1 是方程 f(x)3ax22bx+c0 的两个不同的根, 即 1+x0,1x0, 第 8 页(共 16 页) 则 2b3a(1+x0) ,c3ax0, 由图象可知 x01,c3ax00,故不正确 f(1)+f(1)2b,且 2b3a(1+x0)0, f(1)+f(1)2b0,

14、故正确 f(x)3ax22bx+c3a(x1) (xx0)是开口向上,对称轴为 x 0 函数 yf(x)在区间(0,+)上是增函数,故正确 故正确的命题是, 故选:C 【点评】本题主要考查导数研究函数的应用,求出函数的导数,结合二次函数的性质, 判断 a,b,c 的大小是解决本题的关键 二填空题:本大题共二填空题:本大题共 6 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 24 分分 9 (4 分)如果函数 f(x)cosx,那么 【分析】 根据解析式求出和 f (x) , 再求出, 代入 求解即可 【解答】解:由题意知,f(x)cosx, cos,f(x)sinx, sin , 故答案为: 【

15、点评】本题考查了求导公式的应用,以及求函数值,属于基础题 10 (4 分)已知 f(x)x33x,过点 P(2,2)作函数 yf(x)图象的切线,则切线方 程为 y9x16 或 y2 【分析】求出导函数,得到切线的斜率为 9,设切点为(m,m33m) ,求出切线方程 与 已知条件结合,推出结果即可 【解答】解:y3+3x2 当点 A 为切点时,y|x29,得到切线的斜率为 9, 第 9 页(共 16 页) 所求的切线方程为 y9x16, 当 A 点不是切点时,设切点为(m,m33m) , 则切线的斜率为 3m23,切线方程为 ym3+3m(3m23) (xm) , 而切线过(2,2) ,2m3

16、+3m(3m23) (2m) , 解得 m1 或 2(舍去) , 切点为(1,2) ,斜率为 0,所求的切线方程为 y2, 故答案为:y9x16 或 y2 【点评】本题考查函数的导数的应用,切线方程的求法,考查计算能力 11 (4 分)已知 yf(x)是定义在 R 上的函数,且 f(1)1,f(x)1,则 f(x) x 的解集是 (1,+) 【分析】构造函数 g(x)f(x)x,求函数的导数,利用函数的单调性即可得到结论 【解答】解:设 g(x)f(x)x, 则 g(x)f(x)1, f(1)1,f(x)1, g(x)f(x)10,即 g(x)单调递增, 且 g(1)f(1)10, 当 x1

17、时,g(x)g(1) , 即 f(x)x0, 则 f(x)x, 即 f(x)x 的解集是(1,+) , 故答案为: (1,+) 【点评】本题主要考查不等式的解法,构造函数,利用函数的单调性是解决本题的关键 12 (4 分)将边长为 1 的正六边形铁皮的六个角各切去一个全等的四边形,再沿虚线折起, 做成一个无盖的正六棱柱容器当这个正六棱柱容器的底面边长为 时,其容积最 大 【分析】要求正六棱柱容器的容积最大,得需要得出容积表达式;由柱体的体积公式知, 底面积是正六边形,是六个全等小正的和,高是 Rt中 60角所对的直角边,由高和 底面积得出容积函数,用求导法可以求出最大值时的自变量取值 【解答】

18、解:如图,设底面六边形的边长为 x,高为 d,则 第 10 页(共 16 页) d; 又底面六边形的面积为: S6x2sin60; 所以,这个正六棱柱容器的容积为: VSd, 则对 V 求导,得 V,令 V0,得 x0 或 x, 当 0x时,V0,V 是增函数;当 x时,V0,V 是减函数; x时,V 有最大值 故答案为: 【点评】本题通过建立体积函数表达式,由求导的方法求函数最大值,是比较常用的解 题思路,也是中学数学的重要内容 13 (4 分)若函数 f(x)2x3ax2+1(aR)在(0,+)内有且只有一个零点,则 f(x) 在1,1上的最大值与最小值的和为 3 【分析】推导出 f(x)

19、2x(3xa) ,x(0,+) ,当 a0 时,f(x)2x(3x a)0,f(0)1,f(x)在(0,+)上没有零点;当 a0 时,f(x)2x(3x a)0 的解为 x,f(x)在(0,)上递减,在(,+)递增,由 f(x)只有 一个零点,解得 a3,从而 f(x)2x33x2+1,f(x)6x(x1) ,x1,1, 利用导数性质能求出 f(x)在1,1上的最大值与最小值的和 【解答】解:函数 f(x)2x3ax2+1(aR)在(0,+)内有且只有一个零点, f(x)2x(3xa) ,x(0,+) , 当 a0 时,f(x)2x(3xa)0, 函数 f(x)在(0,+)上单调递增,f(0)

20、1, 第 11 页(共 16 页) f(x)在(0,+)上没有零点,舍去; 当 a0 时,f(x)2x(3xa)0 的解为 x, f(x)在(0,)上递减,在(,+)递增, 又 f(x)只有一个零点, f()+10,解得 a3, f(x)2x33x2+1,f(x)6x(x1) ,x1,1, f(x)0 的解集为(1,0) , f(x)在(1,0)上递增,在(0,1)上递减, f(1)4,f(0)1,f(1)0, f(x)minf(1)4,f(x)maxf(0)1, f(x)在1,1上的最大值与最小值的和为: f(x)max+f(x)min4+13 【点评】本题考查函数的单调性、最值,导数的运算

21、及其应用,同时考查逻辑思维能力 和综合应用能力,是中档题 14(4 分) 已知函数 f (x) x (lnxax) 有两个极值点, 则实数 a 的取值范围是 【分析】f(x)xlnxax2(x0) ,f(x)lnx+12ax令 g(x)lnx+12ax,由 于函数 f(x)x(lnxax)有两个极值点g(x)0 在区间(0,+)上有两个实数 根g(x)当 a0 时,直接验证;当 a0 时,利用导数研究函 数 g(x)的单调性可得:当 x时,函数 g(x)取得极大值, 故要使 g(x)有两个不同解,只需要,解得即可 【解答】解:f(x)xlnxax2(x0) ,f(x)lnx+12ax 令 g(

22、x)lnx+12ax, 函数 f(x)x(lnxax)有两个极值点,则 g(x)0 在区间(0,+)上有两个实 数根 g(x), 当 a0 时,g(x)0,则函数 g(x)在区间(0,+)单调递增,因此 g(x)0 在区间(0,+)上不可能有两个实数根,应舍去 第 12 页(共 16 页) 当 a0 时,令 g(x)0,解得 x 令 g(x)0,解得,此时函数 g(x)单调递增; 令 g(x)0,解得,此时函数 g(x)单调递减 当 x时,函数 g(x)取得极大值 当 x 趋近于 0 与 x 趋近于+时,g(x), 要使 g (x) 0 在区间 (0, +) 上有两个实数根, 则, 解得 实数

23、 a 的取值范围是 故答案为: 【点评】本题考查了利用导数研究函数的单调性极值,考查了等价转化方法,考查了推 理能力和计算能力,属于难题 三解答题:本大题共三解答题:本大题共 4 小题,共小题,共 44 分解答题应写出文字说明,演算步骤或证明过程分解答题应写出文字说明,演算步骤或证明过程 15 (10 分)求下列函数的导数: (1) (2)y(x2x)e1 x 【分析】利用求导法则与导数公式求导即可 【解答】解: (1)由,得 y; (2)由 y(x2x)e (1x) ,得 y(2x1)e1 x+(x2x) (1)e1x(x23x+1) e1 x 【点评】本题考查了导数的运算法则,属基础题 1

24、6 (11 分)已知函数 f(x)2lnxx (1)写出函数 f(x)的定义域,并求其单调区间; (2)已知曲线 yf(x)在点(x0,f(x0) )处的切线为 l,且 l 在 y 轴上的截距是2, 求 x0 【分析】 (1)直接求解函数的定义域,求出函数的导数,利用导函数的符号,求解函数 的单调区间即可 (2)利用函数的导数求出切线的斜率,得到切线方程,l 在 y 轴上的截距是2,求 x0 第 13 页(共 16 页) 【解答】解: (1)函数 yf(x)的定义域为: (0,+) f(x)2lnxx, 令 f(x)0,则 x2 当 x 在(0,+)上变化时,f(x) ,f(x)的变化情况如下

25、表 x (0,2) 2 (2,+) f(x) + 0 f(x) 极大值 函数 yf(x)的单调递增区间是(0,2) ,单调递减区间是(2,+) (2)由题意可知:f(x0)2lnx0x0, 曲线 yf(x)在点(x0,f(x0) )处的切线的斜率为 切线方程为: 切线方程为 ykx2, 2lnx022 x01 【点评】本题考查函数的导数的应用,切线方程的求法,函数的单调性的求解,考查分 析问题解决问题的能力 17 (11 分)已知函数 f(x)x2exb,其中 bR ()证明:对于任意 x1,x2(,0,都有 f(x1)f(x2); ()讨论函数 f(x)的零点个数(结论不需要证明) 【分析】

26、 ()利用导数转化为求解最大值,最小值的差证明 ()根据最大值为;f(2)b,f(x)的最小值为:b, 分类当 b0 时,当 b0 时,当 b时,当 0b时,当 b时,判断即可 【解答】解: ()f(x)的定义域 R,且 f(x)x(x+2)ex, 令 f(x)0 则 x10,或 x22, 第 14 页(共 16 页) f(x)x(x+2)ex, x (,2) 2 (2,0) f(x) + 0 f(x) 增函数 极大值 减函数 f(x)在区间(,0上的最大值为;f(2)b, x(,0,f(x)x2exbb, f(x)的最小值为:b, 对于任意 x1,x2(,0,都有 f(x1)f(x2)f(x

27、)最大值f(x); ()f(x)x(x+2)ex,函数 f(x)x2exb, 当 b0 时,函数 f(x)x2exb0 恒成立,函数 f(x)的零点个数为:0 当 b0 时,函数 f(x)x2ex,函数 f(x)的零点个数为:1 当 b时,函数 f(x)的零点个数为;2, 当 0b时,函数 f(x)的零点个数为:3, 当 b时,函数 f(x)的零点个数为:1, 【点评】本题考查了综合解决函数零点问题,利用导数解决单调性,最值,分类讨论的 思想 18 (12 分)已知函数 f(x)lnxx2,g(x)x2+x,mR,令 F(x)f(x)+g (x) ()求函数 f(x)的单调递增区间; ()若关

28、于 x 的不等式 F(x)mx1 恒成立,求整数 m 的最小值; ()若 m1,且正实数 x1,x2满足 F(x1)F(x2) ,求证:x1+x21 【分析】 ()先求出函数的导数,从而得到函数的单调区间; ()令 G(x)F(x)(mx1)lnxmx2+(1m)x+1,则不等式 F(x) mx1 恒成立,即 G(x)0 恒成立,通过讨论 G(x)的单调性,从而求出 m 的范围; ()将 m1 代入函数表达式,得到关于 x1,x2的方程,令 tx1x20,则由 (t) tlnt,通过讨论函数的单调性,从而证出结论 【解答】解: ()f(x)的定义域为:x|x0, 第 15 页(共 16 页)

29、f(x)x, (x0) , 由 f(x)0,得:0x1, 所以 f(x)的单调递增区间为(0,1) ()F(x)f(x)+g(x)lnxmx2+x,x0, 令 G(x)F(x)(mx1)lnxmx2+(1m)x+1, 则不等式 F(x)mx1 恒成立,即 G(x)0 恒成立 G(x)mx+(1m), 当 m0 时,因为 x0,所以 G(x)0 所以 G(x)在(0,+)上是单调递增函数, 又因为 G(1)ln1m12+(1m)+1m+20, 所以关于 x 的不等式 G(x)0 不能恒成立, 当 m0 时,G(x), 令 G(x)0,因为 x0,得 x, 所以当 x(0,)时,G(x)0;当 x

30、(,+)时,G(x)0, 因此函数 G(x)在 x(0,)是增函数,在 x(,+)是减函数, 故函数 G(x)的最大值为: G()lnm+(1m)+1lnm, 令 h(m)lnm,因为 h(m)在 m(0,+)上是减函数, 又因为 h(1)0,h(2)ln20,所以当 m2 时,h(m)0, 所以整数 m 的最小值为 2 ()m1 时,F(x)lnx+x2+x,x0, 由 F(x1)F(x2) ,得 F(x1)+F(x2)0,即 lnx1+x1+lnx2+x20, 整理得:+(x1+x2)x1 x2ln(x1 x2) , 第 16 页(共 16 页) 令 tx1x20,则由 (t)tlnt,得:(t), 可知 (t)在区间(0,1)上单调递减,在区间(1,+)上单调递增, 所以 (t)(1)1, 所以+(x1+x2)1,解得:x1+x21,或 x1+x21, 因为 x1,x2为正整数,所以:x1+x21 成立 【点评】本题考查了函数的单调性问题,考查函数恒成立问题,考查导数的应用,是一 道难题