2019-2020学年广东省湛江二中九年级（下）月考物理试卷（含详细解答）

1、2019-2020 学年广东省湛江二中九年级（下）月考物理试卷一选择题（共 9 小题，每小题 4 分，共 36 分）1 （4 分） “秋叶未尽，寒意初起。 ”太原市在 11 月 1 日开始冬季供暖。供暖系统中采用水 作介质利用了水的（ ） A比热容大 B热值大 C热量多 D内能多 2 （4 分）下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是（ ） A一个工作循环对外做功一次 B汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气 C压缩冲程中将内能转化为机械能 D热机效率越高，所做的有用功就越多 3 （4 分）如图所示的电路中，下列说法中正确的是（ ） A若同时闭合 S1、S2，R1、R2并联在电路中 B若同时闭合 S1

2、、S2，则电路会发生短路 C若同时闭合 S2、S3，则 R1、R2串联 D若只闭合 S1，则 R1、R2并联 4 （4 分）如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻且 R1R2开关 S 闭合后，电流 表示数最小的是（ ） A B C D 5 （4 分）标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只 阻值为 10 的电阻 R 串联接在电压为 8V 的电路中，电阻 R 两端的电压为 4V则整个 第 2 页（共 24 页） 电路消耗的功率为（ ） A2.4W B1.6W C0.8W D3.2W 6 （4 分）把标有“3V 3W”和“3V 1W”字样的甲、乙两盏灯串联接

3、在 3V 的电源上，闭 合开关后，两灯都发光，则下列分析中正确的是（不考虑灯丝电阻的变化） （ ） A甲灯比乙灯亮 B只有乙灯正常发光 C电路的总功率是 4W D电路的总功率是 0.75W 7 （4 分）图甲是小灯泡 L1和 L2的电流随电压变化的图象。将它们按图乙所示接入电路中， 闭合开关 S，小灯泡 L1的实际功率为 1W下面的说法中正确的是（ ） A灯泡 L1比 L2暗 B电流表的示数为 0.5A C电源电压为 2V D电压为 1V 时，灯泡 L1的功率为 0.25W 8 （4 分）对于我们来说生命只有一次，不会重新来过，因此，生活用电必须把安全放在第 一位，如图所示的各种情况下，人体不

4、会触电的是（ ） A B 第 3 页（共 24 页） C D 9 （4 分）如图所示电路连接中，当开关 S 闭合时，下列说法正确的（ ） A螺线管上端为 S 极，滑片 P 向左移，弹簧伸长 B螺线管上端为 N 极，滑片 P 向左移，弹簧缩短 C螺线管上端为 S 极，滑片 P 向右移，弹簧伸长 D螺线管上端为 N 极，滑片 P 向右移，弹簧缩短 二填空题（共二填空题（共 6 小题，每空小题，每空 2 分，共分，共 26 分）分） 10 （6 分）在如图 1 所示的电路中，电源电压保持不变，当开关 S 闭合，甲、乙两表为电 压表时， 两表的指针偏转角度相同如图2所示， R1两端电压为 V， R1：

5、 R2 ， 当开关 S 断开，甲、乙均为电流表时，甲、乙两表示数之比为 。 11 （4 分）如图所示，是甲、乙两导体电流与电压的关系图象，根据图象可知 R甲 R 乙（选填“大于”或“小于” ） ，若将甲和乙串联接在电路中，则通过它们的电压之比 U甲： U乙 。 第 4 页（共 24 页） 12 （4 分）电能表是用来测量 的仪表。小明同学家电能表铭牌上标有“220V、10A、 3000r/kWh”字样，他观察到在 lmin 的时间内，电能表的转盘匀速转了 15 转，观察期 间他家工作电器的总功率为 W。 13 （4 分）手机是我们常用的通讯工具，小强爸爸手机的可充电电池所标的电压是 3.6V，

6、 容量是 1500mAh， 这种电池一次充电最多可储存的能量为 J该手机充满电一次 能够持续通话的实际时间长达 5h，则该手机在通话状态的放电功率为 W。 14 （4 分）在远距离输电中，为了减小电流通过输电线造成的发热损失，在输电功率一定 的情况下，一种有效的措施是 电压（ “增大”或“减小” ） ，从而减小输电电流。 若某段输电导线的电阻为 10， 将通过它的电流由 20A 减小到 10A， 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能将比原来减少 J。 15 （4 分）如图所示，导线 ab 在磁场中做切割磁感线的运动时，导线中就会产生电流，该 现象说明 （选填“磁能生电”或“电能生磁”

7、） ，法拉第根据该实验揭示的原理发 明了 。 三作图题（共三作图题（共 2 小题小题.共共 6 分）分） 16 （3 分）如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路，请用笔画线代替导线，将电 灯和开关正确连入电路。 17 （3 分）如图所示，小磁针在通电螺线管的上方静止，图中虚线是磁感线，请在图中标 第 5 页（共 24 页） 出小磁针的 N 极和螺线管的 S 极以及电源的“+” 、 “”极。 四实验探究题（共四实验探究题（共 2 小题，共小题，共 22 分）分） 18 （10 分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，电源电压为 6V，小灯泡 L 的额定电压为 2.5V，电阻大约为 10，可供选用

8、的滑动变阻器 R1和 R2的最大阻值分别为 10、50， 实验电路如图甲所示。 （1）实验原理是 。 （用公式表示） （2）实验应该选用的滑动变阻器是 （填“R1”或“R2” ） 。 （3）电路正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的 操作是 A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C向左移动滑动变阻器滑片 D向右移动滑动 变阻器滑片 （4）如图乙是根据实验数据绘成的 UI 图象。根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的 额定功率是 W当滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡的电阻将变 。 （5）当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时，小灯泡的实际功率 P实 P额。 19 （12

9、 分）在探究“导体电阻跟哪些因素有关”的问题时，老师引导同学们做了如下实验： （1）猜想：导体电阻可能与导体材料、横截面积、 有关。 （2）实验时，同学们用图甲的实验装置分别把 a、b、c、d 四根金属丝串联接入电路 A、 B 两点之间，探究情况如下表： 第 6 页（共 24 页） 序号 材料 长度（m） 横截面积（mm2） 灯泡亮度 A 铜丝 1 1 较亮 B 镍铬合金丝 1 0.5 最暗 C 铜丝 1 0.5 较暗 D 铜丝 0.5 最亮 当选用 两根金属丝，可探究导体电阻跟导体横截面积的关系，得到的结论 是： 。 （3）如若选择 C、D 来探究电阻与长度的关系，则 D 导线的横截面积应为

10、 。 （4）如图乙的实验，可探究导体电阻与 的关系。 五计算题（五计算题（10 分）分） 20 （10 分）图甲是一电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片 P 固定在一起（P 与 R 间的摩擦不计） 。电压表量程为 03V，a、b 是一根长为 L6cm 的均匀电阻丝，阻值 R 30（相当于一个滑动变阻器） ，电源电压 U6V，不施加拉力时滑片 P 位于 a 端。 （1）R0在电路中的作用是保护电路，要保证电压表能正常工作，计算 R0的最小值； （2）已知该弹簧伸长的长度L 与所受拉力 F 间的关系如图乙所示，若 R045，当电 压表的示数为 1.6V 时，计算作用在拉环上水平向右的拉力和此拉

11、力器的量程。 第 7 页（共 24 页） 第 8 页（共 24 页） 2019-2020 学年广东省湛江二中九年级（下）月考物理试卷学年广东省湛江二中九年级（下）月考物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题（共一选择题（共 9 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 36 分）分） 1 （4 分） “秋叶未尽，寒意初起。 ”太原市在 11 月 1 日开始冬季供暖。供暖系统中采用水 作介质利用了水的（ ） A比热容大 B热值大 C热量多 D内能多 【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸 收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低

12、的温度少，据此分析。 【解答】解： 因为水的比热容大，和质量相同的其它物质相比，降低相同的温度时，水放出的热量多； 冬天取暖用水作介质就是利用水的这个特性；故 A 正确。 故选：A。 【点评】本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握。 2 （4 分）下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是（ ） A一个工作循环对外做功一次 B汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气 C压缩冲程中将内能转化为机械能 D热机效率越高，所做的有用功就越多 【分析】 （1）四冲程内燃机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，曲转转动两周完成一 个工作循环，只有做功冲程对外做功一次； （2）汽油机在吸气冲程中吸入了汽油

13、和空气的混合气体； （3）汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能； （4）机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少， 。 【解答】解： A、汽油机一个工作循环包括四个冲程，只有做功冲程对外做功，因此一个工作循环做功 一次，故 A 正确； B、汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，故 B 错误； C、汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能，故 C 错误； 第 9 页（共 24 页） D、机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少，不知道总功大小，无法得 出机械效率高低与有用功大小的关系，故 D 错误。 故选：A。 【点评】本题考查了对热机效率、汽油机和柴油机的区别、内燃机的

14、四个冲程的理解， 是一道综合题目。 3 （4 分）如图所示的电路中，下列说法中正确的是（ ） A若同时闭合 S1、S2，R1、R2并联在电路中 B若同时闭合 S1、S2，则电路会发生短路 C若同时闭合 S2、S3，则 R1、R2串联 D若只闭合 S1，则 R1、R2并联 【分析】在串联电路中，电流的路径只有一条；并联电路中电流的路径有多条，根据开 关的闭合情况判定电路的连接方式。 【解答】解： AB、若同时闭合 S1、S2，R2的两端被导线相连，被短路，不接入电路中，只有 R1接在 电路中，故 A 错误，B 正确； C、若同时闭合 S2、S3，电流的路径有两条，故 R1、R2是并联的，故 C

15、错误； D、若只闭合 S1，电流的路径只有一条，即 R1、R2是串联在一起的，故 D 错误。 故选：B。 【点评】本题考查了电路的连接方式，属于基础知识。 4 （4 分）如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻且 R1R2开关 S 闭合后，电流 表示数最小的是（ ） A B 第 10 页（共 24 页） C D 【分析】根据串并联电路的特点，利用 I分别求出电流表的示数，然后比较即可。 【解答】解： A、闭合开关后，电阻 R1被短路，只有 R2工作，此时电流表的示数为； B、闭合开关后，电阻 R1和电流表被短路，只有 R2工作，则电流表的示数为 0； C、开关 S 闭合前，只有电阻 R2工

16、作，闭合开关后，两电阻并联，电流表测量干路的电 流，由并联电路的电流特点可得，电流表的示数为+； D、开关 S 闭合前，只有电阻 R1工作，电流表测量 R1的电流，闭合开关后，两电阻并 联，电流表仍测量 R1的电流，其示数为； 由此可知，B 图中电流表的示数最小。 故选：B。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、 断开时电路串并联的辨别以及电流表的测量范围。 5 （4 分）标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只 阻值为 10 的电阻 R 串联接在电压为 8V 的电路中，电阻 R 两端的电压为 4V则整个 电路消耗的功

17、率为（ ） A2.4W B1.6W C0.8W D3.2W 【分析】由题意可知，小灯泡 L 与电阻 R 串联，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端 的电压，根据图象读出通过灯泡的电流，根据串联电路的电流特点和 PUI 求出整个电 路消耗的功率。 【解答】解：由题意可知，小灯泡 L 与电阻 R 串联， 第 11 页（共 24 页） 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，灯泡两端的电压： ULUUR8V4V4V， 由图象可知，通过灯泡的电流 IL0.4A， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，整个电路消耗的功率： PUIL8V0.4A3.2W。 故选：D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和电

18、功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是 关键。 6 （4 分）把标有“3V 3W”和“3V 1W”字样的甲、乙两盏灯串联接在 3V 的电源上，闭 合开关后，两灯都发光，则下列分析中正确的是（不考虑灯丝电阻的变化） （ ） A甲灯比乙灯亮 B只有乙灯正常发光 C电路的总功率是 4W D电路的总功率是 0.75W 【分析】 （1）已知额定电压和额定功率，根据 I求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定 律求出两灯泡的电阻； （2）两灯泡的额定电流相等可以同时正常发光，根据串联电路的电压特点求出两灯泡正 常发光时电源的电压，根据 PI2R 和串联电路的电流特点求出两灯泡的实际功率之比， 进而判断出实际功率

19、的大小。 【解答】解： （1）由 PUI 可得，两灯泡的额定电流： I11A，I2A； 两灯泡的电阻： R13，R29； 甲、乙两盏灯串联接在 3V 的电源上，电路中的电流： I0.25A， 因两灯泡的额定电流与此时电路中的电流都不相等，所以，两灯泡串联时都不能正常发 光，故 B 错误； 第 12 页（共 24 页） （2）由 PI2R 可知，乙灯的实际功率大，故乙灯亮，故 A 错误； （3）电路的总功率：P总I2R总（0.25A） 2（3+9）0.75W，故 C 错误，D 正确。 故选：D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电 压和额定电压相等。 7

20、 （4 分）图甲是小灯泡 L1和 L2的电流随电压变化的图象。将它们按图乙所示接入电路中， 闭合开关 S，小灯泡 L1的实际功率为 1W下面的说法中正确的是（ ） A灯泡 L1比 L2暗 B电流表的示数为 0.5A C电源电压为 2V D电压为 1V 时，灯泡 L1的功率为 0.25W 【分析】 （1）根据 PUI 结合图象读出小灯泡 L1的实际功率为 1W 时 L1两端的电压和 通过的电流，根据并联电路的电压特点得出电源的电压和 L2两端的电压，从图象中读出 通过 L2的电流，根据 PUI 求出 L2的实际功率，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功 率的大小判断亮暗的变化，根据并联电路的电流特点

21、求出干路电流表的示数； （2）根据图象读出电压为 1V 时，通过灯泡 L1的电流，进一步得出其功率。 【解答】解： （1）由图象可知，当 L1两端的电压 U12V，通过的电流 I10.5A 时，L1 的实际功率为 1W， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，电源的电压： UU2U12V，故 C 正确； 由图象可知，通过 L2的电流 I20.3A， L2的实际功率： P2U2I22V0.3A0.6A1W， 由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡 L1比 L2亮，故 A 不正确； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 第 13 页（共 24 页） 所以，干路电流表的示数： II1+I

22、20.5A+0.3A0.8A，故 B 不正确； （2）由图象可知电压为 1V 时，通过灯泡 L1的电流 I10.3A， 则功率 P1U1I11V0.3A0.3W，故 D 不正确。 故选：C。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据 图象得出电压表和对应的电流。 8 （4 分）对于我们来说生命只有一次，不会重新来过，因此，生活用电必须把安全放在第 一位，如图所示的各种情况下，人体不会触电的是（ ） A B C D 【分析】触电的实质是人直接或间接与火线相连，使电流通过人体，引起人体触电。 【解答】解： A、人站在绝缘体凳子上，一只手与火线相连，另一只手与零线

23、相连，形成了通路，使电 流通过人体，故会发生触电事故； B、 人站在绝缘体凳子上， 一只手与火线相连， 不会形成通路， 因此不会有电流通过人体， 故不会发生触电事故； C、人站在地上与火线相连，电流通过人体流入大地，故会发生触电事故； D、一只手与火线相连，另一只手与零线相连，形成了通路，使电流通过人体，故会发生 触电事故。 故选：B。 【点评】发生触电的原因是直接或间接与火线相连，形成通路，使电流通过人体，因此 从切断电流路径入手可以防止触电。 9 （4 分）如图所示电路连接中，当开关 S 闭合时，下列说法正确的（ ） 第 14 页（共 24 页） A螺线管上端为 S 极，滑片 P 向左移，

24、弹簧伸长 B螺线管上端为 N 极，滑片 P 向左移，弹簧缩短 C螺线管上端为 S 极，滑片 P 向右移，弹簧伸长 D螺线管上端为 N 极，滑片 P 向右移，弹簧缩短 【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的 NS 极，再根据同名磁极相互排斥，异名磁 极相互吸引的作用规律判断弹簧长度的变化。 【解答】解：闭合开关后，电流从通电螺线管的上流向下，利用右手定则可知通电螺线 管的上端为 S 极，下端为 N 极， 已知测力计下磁体下端为 N 极，则异名磁极相互吸引， 当滑片向左移动时，电流增大，则磁性增强，弹簧伸长。 故选：A。 【点评】此题考查影响电磁铁磁性强弱的因素，运用安培定则判断通电螺线管的极性的

25、 方法等，属于中档题。 二填空题（共二填空题（共 6 小题，每空小题，每空 2 分，共分，共 26 分）分） 10 （6 分）在如图 1 所示的电路中，电源电压保持不变，当开关 S 闭合，甲、乙两表为电 压表时，两表的指针偏转角度相同如图 2 所示，R1两端电压为 9.6 V，R1：R2 4： 1 ，当开关 S 断开，甲、乙均为电流表时，甲、乙两表示数之比为 4：5 。 【分析】 （1）当开关 S 闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源电压， 乙电压表测 R2两端电压， 根据串联电路的电压特点结合电压表指针的偏角确定两电压表 第 15 页（共 24 页） 的量程，根据分度值读出示

26、数，利用串联电路的特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比； （2）当开关 S 断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过 R2支路的电 流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比， 根据并联电路的电流特点求出干路电流之比。 【解答】解： （1）当开关 S 闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电 源电压，乙电压表测 R2两端电压， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两表的指针偏转角度相同， 所以，甲电压表的量程为 015V，分度值为 0.5V，则电源的电压 U12V， 乙电压表的量程为 03V，分度值为 0.1V，则 R2两端的电压 U2

27、2.4V， 则 R1两端的电压：U1UU212V2.4V9.6V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，由 I可得，两电阻的阻值之比： 。 （2）当开关 S 断开，甲、乙均为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过 R2支路的电 流，电流表乙测干路电流， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，通过两电阻的电流之比：， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，两电流表的示数之比：。 故答案为：9.6；4：1；4：5。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合 与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。 11 （4 分）如图所示，是甲

28、、乙两导体电流与电压的关系图象，根据图象可知 R甲 R 第 16 页（共 24 页） 乙（选填“大于”或“小于” ） ，若将甲和乙串联接在电路中，则通过它们的电压之比 U甲： U乙 1：2 。 【分析】 （1）根据图象读出一组电流和电压值，根据欧姆定律求出两电阻的阻值； （2）将甲和乙串联接在电路中，通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出两端的电压之 比。 【解答】解： （1）由图象可知，当 U甲U乙2V 时，I甲0.2A，I乙0.1A， 由 I可得，两导体的电阻分别为： R甲10，R乙20； 显然知 R甲R乙。 （2）将甲和乙串联接在电路中， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，通过它们的电流

29、之比 I甲：I乙1：1； 由 I可得，两导体两端的电压之比：。 故答案为：；1：2。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关 键。 12 （4 分）电能表是用来测量 电路消耗电能 的仪表。小明同学家电能表铭牌上标有 “220V、10A、3000r/kWh”字样，他观察到在 lmin 的时间内，电能表的转盘匀速转了 15 转，观察期间他家工作电器的总功率为 300 W。 【分析】 （1）电能表是用来测量用电器消耗电能读数的仪表； （2）3000r/kWh 表示的是电路中每消耗 1kWh 的电能，电能表表盘转 3000 转，据此求 出电能表表盘转 15 转消耗

30、的电能，利用 P求出他家工作电器的总功率。 第 17 页（共 24 页） 【解答】解： （1）电能表是用来测量电路消耗电能的仪表； （2）3000r/kWh 表示电路中每消耗 1kWh 的电能，电能表表盘转 3000 转， 电能表的转盘转了 15 转，则用电器消耗的电能：WkWh0.005kWh， 他家工作电器的总功率： P0.3kW300W。 故答案为：电路消耗电能；300。 【点评】本题考查了电能表的作用、电路消耗电能和电功率的计算，明白电能表相关参 数的含义是关键。 13 （4 分）手机是我们常用的通讯工具，小强爸爸手机的可充电电池所标的电压是 3.6V， 容量是 1500mAh， 这种

31、电池一次充电最多可储存的能量为 19440 J 该手机充满电一 次能够持续通话的实际时间长达 5h，则该手机在通话状态的放电功率为 1.08 W。 【分析】 （1）电池的容量 1500mAh 表示，该电池以 I1500mA1.5A 电流放电，可放 电 1h，由公式 WUIt 可以求出电池储存的电能； （2）已知电能及放电时间，由 P可求出手机在通话状态时的功率。 【解答】解： （1）一次充电存储的电能 WUIt3.6V150010 3A3600s19440J； （2）手机通话时的功率：P1.08W。 故答案为：19440；1.08。 【点评】本题考查电能与电功率的计算，关键是明白电池所标参数的

32、物理意义，这是本 题的难点也是重点。 14 （4 分）在远距离输电中，为了减小电流通过输电线造成的发热损失，在输电功率一定 的情况下，一种有效的措施是 增大 电压（ “增大”或“减小” ） ，从而减小输电电流。 若某段输电导线的电阻为 10， 将通过它的电流由 20A 减小到 10A， 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能将比原来减少 1.8105 J。 【分析】如果发电站输出功率不变，为了减少电能在输送线路上的损耗，需要减小输出 电流，就必须升高输出电压 知道减小前后的电流大小，和导线的电阻，分别利用电功的公式求 1min 内导线上损失的 电能，再求这段输电导线 1min 内因发热损

33、失的电能的减少值。 【解答】解：在远距离输电中，为了减小电流通过输电线造成的发热损失，在输电功率 第 18 页（共 24 页） 一定的情况下，为了减少电能在输送线路上的损耗，需要减小输出电流，由 PUI 可知 必须增大输出电压； 减小电流前，在 1min 内导线上损失的电能： WI2Rt（20A）21060s2.4105J； 减小电流后，在 1min 内导线上损失的电能： W（I）2Rt（10A）21060s0.6105J； 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能的减少值： WWW2.4105J0.6105J1.8105J。 故答案为：增大；1.8105。 【点评】本题考查了消耗电能（电

34、功）的计算，灵活选用公式 WI2Rt 是关键。 15 （4 分）如图所示，导线 ab 在磁场中做切割磁感线的运动时，导线中就会产生电流，该 现象说明 磁能生电 （选填“磁能生电”或“电能生磁” ） ，法拉第根据该实验揭示的 原理发明了 发电机 。 【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流， 这种现象叫电磁感应现象；利用此原理制成了发电机。 【解答】解：通过实验可知：闭合电路的一部分导体 ab 在磁场中做切割磁感线运动时， 导体中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，说明磁能生电；法拉第根据该实验揭示 的原理发明了发电机。 故答案为：磁能生电；发电机。 【点评】明

35、确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运 动，同时，熟知发电机的工作原理，是此题判断的关键因素。 三作图题（共三作图题（共 2 小题小题.共共 6 分）分） 16 （3 分）如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路，请用笔画线代替导线，将电 第 19 页（共 24 页） 灯和开关正确连入电路。 【分析】在家庭电路中，各个用电器是并联的关系，开关应该接在火线和用电器之间， 开关与被控制灯泡应串联。 【解答】解： 由题知，两个灯是并联的关系，且开关控制对应的灯泡，开关应与所控制的灯泡串联； 并且开关应该接在火线和灯泡之间，故连接方法如下： 【点评】知道并理解家庭电路的正

36、确连接是解决该题的关键。 17 （3 分）如图所示，小磁针在通电螺线管的上方静止，图中虚线是磁感线，请在图中标 出小磁针的 N 极和螺线管的 S 极以及电源的“+” 、 “”极。 【分析】根据磁感线的方向可确定螺线管的 NS 极，再根据安培定则判断螺线管中电流 的方向，进而确定电源的正负极，最后根据磁极间的作用规律确定小磁针的 N 极。 【解答】解： 根据磁感线的方向可以判断螺线管的右端为 N 极、左端为 S 极；根据安培定则，大拇指 指向 N 极，其余四指弯向电流的方向，可得电流从螺线管右边流入、左边流出，所以电 源右端为正极；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端为 N 极；如图： 第

37、 20 页（共 24 页） 故答案为：如上图。 【点评】对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的 N、S 极 这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。 四实验探究题（共四实验探究题（共 2 小题，共小题，共 22 分）分） 18 （10 分）在“测定小灯泡电功率”的实验中，电源电压为 6V，小灯泡 L 的额定电压为 2.5V，电阻大约为 10，可供选用的滑动变阻器 R1和 R2的最大阻值分别为 10、50， 实验电路如图甲所示。 （1）实验原理是 PUI 。 （用公式表示） （2）实验应该选用的滑动变阻器是 R2 （填“R1”或“R2” ） 。 （3）电路

38、正确连接后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的 操作是 C A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C向左移动滑动变阻器滑片 D向右移动滑动 变阻器滑片 （4）如图乙是根据实验数据绘成的 UI 图象。根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的 额定功率是 0.5 W当滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡的电阻将变 大 。 （5） 当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时， 小灯泡的实际功率 P实 大于 P额。 【分析】 （1）伏安法测量灯泡电功率的原理是 PUI。 （2）滑动变阻器与灯泡串联。根据测量电路电压特点，求出灯泡正常工作时，滑动变阻 器的电压，求出滑动变阻器的电阻。 第 21

39、页（共 24 页） （3）灯泡不亮，电流表有示数，灯泡可能短路或电流太小。如果再移动滑动变阻器滑片， 灯泡还不发光，电流也不变时，灯泡短路；如果移动滑片，灯泡变亮，电流表示数变大， 说明电流太小。所以接下来移动滑片，使总电阻减小，确定灯泡不亮的原因。 （4）根据图象获得灯泡为 2.5V 时的电流，根据 PUI，计算额定功率。滑片左移，滑 动变阻器接入电路的长度变短，电阻变小，总电阻变小，电路电流增大，灯泡电压增大， 温度升高，灯丝电阻增大。 （5）根据公式 P分析。 【解答】解： （1）测量灯泡电阻的实验原理：PUI； （2）灯泡正常工作时，IL0.25A，滑动变阻器电压为：URUUL6V 2

40、.5V3.5V， 滑动变阻器电阻为：R14故选择滑动变阻器 R2。 （3）电流表有示数，灯泡不亮，首先通过左移滑片，减小电路电阻，增大电路电流，来 判断灯泡短路还是电路电流太小造成的灯泡不亮，故选 C。 （4）由图象找到灯泡 2.5V 的电流为 0.2A，故灯泡的额定功率：PUI2.5V0.2A 0.5W。 左移滑片，滑动变阻器电阻减小，总电阻减小，电流增大，灯泡电压增大，灯丝温度升 高，电阻增大。 （5）当电阻不变时，由 P可知，电压变为原来的一半，功率变为原来的四分之一， 由于灯泡的电阻是变化的，当电压减小时，功率减小，电阻也减小，故 当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时，小灯泡的实际功

41、率 P实大于 P额。 故答案为： （1）PUI； （2）R2； （3）C； （4）0.5；大； （5）大于。 【点评】本题考查了滑动变阻器的使用和规格的选择、欧姆定律和电功率公式的应用等， 这些知识点是伏安法测功率中最常见的内容，也是常考的内容。 19 （12 分）在探究“导体电阻跟哪些因素有关”的问题时，老师引导同学们做了如下实验： （1）猜想：导体电阻可能与导体材料、横截面积、 长度和温度 有关。 （2）实验时，同学们用图甲的实验装置分别把 a、b、c、d 四根金属丝串联接入电路 A、 B 两点之间，探究情况如下表： 第 22 页（共 24 页） 序号 材料 长度（m） 横截面积（mm2）

42、 灯泡亮度 A 铜丝 1 1 较亮 B 镍铬合金丝 1 0.5 最暗 C 铜丝 1 0.5 较暗 D 铜丝 0.5 最亮 当选用 A、C 两根金属丝，可探究导体电阻跟导体横截面积的关系，得到的结论是： 在材料和长度相同时，导体横截面积越大电阻越小 。 （3）如若选择 C、D 来探究电阻与长度的关系，则 D 导线的横截面积应为 0.5mm2 。 （4）如图乙的实验，可探究导体电阻与 温度 的关系。 【分析】 （1）电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积以及温度； （2） （3）影响导体电阻大小的因素有材料、长度、横截面积，另外还有温度；在研究时 要采用控制变量法的思想，探究导体电阻跟导体长度

43、的关系时，要控制材料、横截面积 和温度相同； （4）图乙中，用酒精灯加热电阻丝，观察灯泡的亮度变化，是探究电阻与温度的关系。 【解答】解： （1）猜想：影响电阻大小的因素可能有材料、长度、横截面积、温度； （2）探究导体的电阻跟导体横截面积的关系，必须控制材料、长度相同，而横截面积不 同，因此符合条件的有 A 和 C 两根电阻丝；比较灯泡的亮度不同，可以得出的结论是： 在材料和长度相同时，导体横截面积越大电阻越小； （3）如若选择 C、D 来探究导体电阻跟导体长度的关系，两根金属丝的材料、横截面积 应相同，而长度不相同，由此可知 D 导线的横截面积应为 0.5mm2； （4）在图乙的实验中，对

44、电阻丝加热，观察灯泡亮度的变化，可知电阻丝阻值的变化， 因此探究的是电阻与温度的关系。 第 23 页（共 24 页） 故答案为： （1）长度和温度； （2）A、C；在材料和长度相同时，导体横截面积越大电阻 越小； （3）0.5mm2； （4）温度。 【点评】用控制变量法探究影响电阻大小的关系时，注意相同因素和不同因素，这是解 决这类实验探究题的关键。 五计算题（五计算题（10 分）分） 20 （10 分）图甲是一电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片 P 固定在一起（P 与 R 间的摩擦不计） 。电压表量程为 03V，a、b 是一根长为 L6cm 的均匀电阻丝，阻值 R 30（相当于一个滑动

45、变阻器） ，电源电压 U6V，不施加拉力时滑片 P 位于 a 端。 （1）R0在电路中的作用是保护电路，要保证电压表能正常工作，计算 R0的最小值； （2）已知该弹簧伸长的长度L 与所受拉力 F 间的关系如图乙所示，若 R045，当电 压表的示数为 1.6V 时，计算作用在拉环上水平向右的拉力和此拉力器的量程。 【分析】 （1）根据电路图可知，R0与滑动变阻器串联，当滑片 P 位于最右端时，电压表 的示数最大，根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端电压；再根据欧姆定律可知， 电流一定时，电压的分配与电阻成正比，据此可知 R0的最小值。 （2）因电压表的电阻很大，在电路中相当于断路，所以滑片移动

46、时变阻器始终以最大阻 值接入电路，则电路中的总电阻不变，电流不变，由电阻的串联和欧姆定律可得电路中 的电流 I；且已知此时电压表的示数，由欧姆定律求出与电压表并联的电阻阻值，然后求 出弹簧的伸长量，再求出拉力大小；最后由图象求出拉力器的量程。 【解答】解：根据电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测滑片左侧电阻丝两端的 电压； （1）由电路图可知，当滑片 P 位于最右端时，滑片左侧电阻丝的阻值最大，此时电压表 的示数最大为 3V； 第 24 页（共 24 页） 因电源电压为 6V，且串联电路两端电压等于各部分电压之和， 所以当电压表示数最大为 3V 时，R0上分得的最小电压为 3V； 由于串

47、联电路中，电压的分配与电阻成正比，因此 R0的最小阻值等于滑动变阻器的最大 阻值，即 30。 （2）因电压表的电阻很大，在电路中相当于断路，所以滑片移动时变阻器始终以最大阻 值接入电路，则电路中的总电阻不变，电流不变， 由电阻的串联和欧姆定律可得，电路中的电流 I0.08A， 当电压表的示数为 U1.6V 时，设 aP 间电阻丝的阻值为 R， 则 R20； 再根据电阻丝的电阻与长度成正比，则有： ， 即， 解得：LaP4cm，即弹簧伸长的长度L4cm； 从图乙中可知，当L 为 4cm 时，拉力 F400N； 当滑片 P 移动到 b 端时，弹簧伸长的长度L6cm，对应的拉力为 600N，所以此拉 力器的量程为 0600N。 答： （1）R0的最小值为 30； （2）作用在拉环上水平向右的拉力为 400N，此拉力器的量程为 0600N。 【点评】本题考查了求电阻、电压、拉力器量程等问题，分析清楚电路结构、应用串联 电路特点与欧姆定律即可正确解题，解题时要注意分析图乙所示图象。