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2019-2020学年广东省湛江二中九年级(下)月考物理试卷(含详细解答)

1、2019-2020 学年广东省湛江二中九年级(下)月考物理试卷一选择题(共 9 小题,每小题 4 分,共 36 分)1 (4 分) “秋叶未尽,寒意初起。 ”太原市在 11 月 1 日开始冬季供暖。供暖系统中采用水 作介质利用了水的( ) A比热容大 B热值大 C热量多 D内能多 2 (4 分)下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是( ) A一个工作循环对外做功一次 B汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气 C压缩冲程中将内能转化为机械能 D热机效率越高,所做的有用功就越多 3 (4 分)如图所示的电路中,下列说法中正确的是( ) A若同时闭合 S1、S2,R1、R2并联在电路中 B若同时闭合 S1

2、、S2,则电路会发生短路 C若同时闭合 S2、S3,则 R1、R2串联 D若只闭合 S1,则 R1、R2并联 4 (4 分)如图所示,电源电压不变,R1、R2为定值电阻且 R1R2开关 S 闭合后,电流 表示数最小的是( ) A B C D 5 (4 分)标有“6V 3W”的小灯泡,通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只 阻值为 10 的电阻 R 串联接在电压为 8V 的电路中,电阻 R 两端的电压为 4V则整个 第 2 页(共 24 页) 电路消耗的功率为( ) A2.4W B1.6W C0.8W D3.2W 6 (4 分)把标有“3V 3W”和“3V 1W”字样的甲、乙两盏灯串联接

3、在 3V 的电源上,闭 合开关后,两灯都发光,则下列分析中正确的是(不考虑灯丝电阻的变化) ( ) A甲灯比乙灯亮 B只有乙灯正常发光 C电路的总功率是 4W D电路的总功率是 0.75W 7 (4 分)图甲是小灯泡 L1和 L2的电流随电压变化的图象。将它们按图乙所示接入电路中, 闭合开关 S,小灯泡 L1的实际功率为 1W下面的说法中正确的是( ) A灯泡 L1比 L2暗 B电流表的示数为 0.5A C电源电压为 2V D电压为 1V 时,灯泡 L1的功率为 0.25W 8 (4 分)对于我们来说生命只有一次,不会重新来过,因此,生活用电必须把安全放在第 一位,如图所示的各种情况下,人体不

4、会触电的是( ) A B 第 3 页(共 24 页) C D 9 (4 分)如图所示电路连接中,当开关 S 闭合时,下列说法正确的( ) A螺线管上端为 S 极,滑片 P 向左移,弹簧伸长 B螺线管上端为 N 极,滑片 P 向左移,弹簧缩短 C螺线管上端为 S 极,滑片 P 向右移,弹簧伸长 D螺线管上端为 N 极,滑片 P 向右移,弹簧缩短 二填空题(共二填空题(共 6 小题,每空小题,每空 2 分,共分,共 26 分)分) 10 (6 分)在如图 1 所示的电路中,电源电压保持不变,当开关 S 闭合,甲、乙两表为电 压表时, 两表的指针偏转角度相同如图2所示, R1两端电压为 V, R1:

5、 R2 , 当开关 S 断开,甲、乙均为电流表时,甲、乙两表示数之比为 。 11 (4 分)如图所示,是甲、乙两导体电流与电压的关系图象,根据图象可知 R甲 R 乙(选填“大于”或“小于” ) ,若将甲和乙串联接在电路中,则通过它们的电压之比 U甲: U乙 。 第 4 页(共 24 页) 12 (4 分)电能表是用来测量 的仪表。小明同学家电能表铭牌上标有“220V、10A、 3000r/kWh”字样,他观察到在 lmin 的时间内,电能表的转盘匀速转了 15 转,观察期 间他家工作电器的总功率为 W。 13 (4 分)手机是我们常用的通讯工具,小强爸爸手机的可充电电池所标的电压是 3.6V,

6、 容量是 1500mAh, 这种电池一次充电最多可储存的能量为 J该手机充满电一次 能够持续通话的实际时间长达 5h,则该手机在通话状态的放电功率为 W。 14 (4 分)在远距离输电中,为了减小电流通过输电线造成的发热损失,在输电功率一定 的情况下,一种有效的措施是 电压( “增大”或“减小” ) ,从而减小输电电流。 若某段输电导线的电阻为 10, 将通过它的电流由 20A 减小到 10A, 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能将比原来减少 J。 15 (4 分)如图所示,导线 ab 在磁场中做切割磁感线的运动时,导线中就会产生电流,该 现象说明 (选填“磁能生电”或“电能生磁”

7、) ,法拉第根据该实验揭示的原理发 明了 。 三作图题(共三作图题(共 2 小题小题.共共 6 分)分) 16 (3 分)如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路,请用笔画线代替导线,将电 灯和开关正确连入电路。 17 (3 分)如图所示,小磁针在通电螺线管的上方静止,图中虚线是磁感线,请在图中标 第 5 页(共 24 页) 出小磁针的 N 极和螺线管的 S 极以及电源的“+” 、 “”极。 四实验探究题(共四实验探究题(共 2 小题,共小题,共 22 分)分) 18 (10 分)在“测定小灯泡电功率”的实验中,电源电压为 6V,小灯泡 L 的额定电压为 2.5V,电阻大约为 10,可供选用

8、的滑动变阻器 R1和 R2的最大阻值分别为 10、50, 实验电路如图甲所示。 (1)实验原理是 。 (用公式表示) (2)实验应该选用的滑动变阻器是 (填“R1”或“R2” ) 。 (3)电路正确连接后,闭合开关,发现小灯泡不亮,但电流表有示数,接下来应进行的 操作是 A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C向左移动滑动变阻器滑片 D向右移动滑动 变阻器滑片 (4)如图乙是根据实验数据绘成的 UI 图象。根据图象提供的信息,可计算出小灯泡的 额定功率是 W当滑动变阻器的滑片向左移动时,小灯泡的电阻将变 。 (5)当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时,小灯泡的实际功率 P实 P额。 19 (12

9、 分)在探究“导体电阻跟哪些因素有关”的问题时,老师引导同学们做了如下实验: (1)猜想:导体电阻可能与导体材料、横截面积、 有关。 (2)实验时,同学们用图甲的实验装置分别把 a、b、c、d 四根金属丝串联接入电路 A、 B 两点之间,探究情况如下表: 第 6 页(共 24 页) 序号 材料 长度(m) 横截面积(mm2) 灯泡亮度 A 铜丝 1 1 较亮 B 镍铬合金丝 1 0.5 最暗 C 铜丝 1 0.5 较暗 D 铜丝 0.5 最亮 当选用 两根金属丝,可探究导体电阻跟导体横截面积的关系,得到的结论 是: 。 (3)如若选择 C、D 来探究电阻与长度的关系,则 D 导线的横截面积应为

10、 。 (4)如图乙的实验,可探究导体电阻与 的关系。 五计算题(五计算题(10 分)分) 20 (10 分)图甲是一电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片 P 固定在一起(P 与 R 间的摩擦不计) 。电压表量程为 03V,a、b 是一根长为 L6cm 的均匀电阻丝,阻值 R 30(相当于一个滑动变阻器) ,电源电压 U6V,不施加拉力时滑片 P 位于 a 端。 (1)R0在电路中的作用是保护电路,要保证电压表能正常工作,计算 R0的最小值; (2)已知该弹簧伸长的长度L 与所受拉力 F 间的关系如图乙所示,若 R045,当电 压表的示数为 1.6V 时,计算作用在拉环上水平向右的拉力和此拉

11、力器的量程。 第 7 页(共 24 页) 第 8 页(共 24 页) 2019-2020 学年广东省湛江二中九年级(下)月考物理试卷学年广东省湛江二中九年级(下)月考物理试卷 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题(共一选择题(共 9 小题,每小题小题,每小题 4 分,共分,共 36 分)分) 1 (4 分) “秋叶未尽,寒意初起。 ”太原市在 11 月 1 日开始冬季供暖。供暖系统中采用水 作介质利用了水的( ) A比热容大 B热值大 C热量多 D内能多 【分析】水的比热容大,相同质量的水和其它物质比较,升高或降低相同的温度,水吸 收或放出的热量多;吸收或放出相同的热量,水升高或降低

12、的温度少,据此分析。 【解答】解: 因为水的比热容大,和质量相同的其它物质相比,降低相同的温度时,水放出的热量多; 冬天取暖用水作介质就是利用水的这个特性;故 A 正确。 故选:A。 【点评】本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握。 2 (4 分)下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是( ) A一个工作循环对外做功一次 B汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气 C压缩冲程中将内能转化为机械能 D热机效率越高,所做的有用功就越多 【分析】 (1)四冲程内燃机工作时,活塞在气缸中往复运动两次,曲转转动两周完成一 个工作循环,只有做功冲程对外做功一次; (2)汽油机在吸气冲程中吸入了汽油

13、和空气的混合气体; (3)汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能; (4)机械效率高低,只能反映有用功在总功中所占比例的多少, 。 【解答】解: A、汽油机一个工作循环包括四个冲程,只有做功冲程对外做功,因此一个工作循环做功 一次,故 A 正确; B、汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体,故 B 错误; C、汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能,故 C 错误; 第 9 页(共 24 页) D、机械效率高低,只能反映有用功在总功中所占比例的多少,不知道总功大小,无法得 出机械效率高低与有用功大小的关系,故 D 错误。 故选:A。 【点评】本题考查了对热机效率、汽油机和柴油机的区别、内燃机的

14、四个冲程的理解, 是一道综合题目。 3 (4 分)如图所示的电路中,下列说法中正确的是( ) A若同时闭合 S1、S2,R1、R2并联在电路中 B若同时闭合 S1、S2,则电路会发生短路 C若同时闭合 S2、S3,则 R1、R2串联 D若只闭合 S1,则 R1、R2并联 【分析】在串联电路中,电流的路径只有一条;并联电路中电流的路径有多条,根据开 关的闭合情况判定电路的连接方式。 【解答】解: AB、若同时闭合 S1、S2,R2的两端被导线相连,被短路,不接入电路中,只有 R1接在 电路中,故 A 错误,B 正确; C、若同时闭合 S2、S3,电流的路径有两条,故 R1、R2是并联的,故 C

15、错误; D、若只闭合 S1,电流的路径只有一条,即 R1、R2是串联在一起的,故 D 错误。 故选:B。 【点评】本题考查了电路的连接方式,属于基础知识。 4 (4 分)如图所示,电源电压不变,R1、R2为定值电阻且 R1R2开关 S 闭合后,电流 表示数最小的是( ) A B 第 10 页(共 24 页) C D 【分析】根据串并联电路的特点,利用 I分别求出电流表的示数,然后比较即可。 【解答】解: A、闭合开关后,电阻 R1被短路,只有 R2工作,此时电流表的示数为; B、闭合开关后,电阻 R1和电流表被短路,只有 R2工作,则电流表的示数为 0; C、开关 S 闭合前,只有电阻 R2工

16、作,闭合开关后,两电阻并联,电流表测量干路的电 流,由并联电路的电流特点可得,电流表的示数为+; D、开关 S 闭合前,只有电阻 R1工作,电流表测量 R1的电流,闭合开关后,两电阻并 联,电流表仍测量 R1的电流,其示数为; 由此可知,B 图中电流表的示数最小。 故选:B。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用,关键是开关闭合、 断开时电路串并联的辨别以及电流表的测量范围。 5 (4 分)标有“6V 3W”的小灯泡,通过它的电流与电压的关系如图所示。若把它与一只 阻值为 10 的电阻 R 串联接在电压为 8V 的电路中,电阻 R 两端的电压为 4V则整个 电路消耗的功

17、率为( ) A2.4W B1.6W C0.8W D3.2W 【分析】由题意可知,小灯泡 L 与电阻 R 串联,根据串联电路的电压特点求出灯泡两端 的电压,根据图象读出通过灯泡的电流,根据串联电路的电流特点和 PUI 求出整个电 路消耗的功率。 【解答】解:由题意可知,小灯泡 L 与电阻 R 串联, 第 11 页(共 24 页) 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,灯泡两端的电压: ULUUR8V4V4V, 由图象可知,通过灯泡的电流 IL0.4A, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,整个电路消耗的功率: PUIL8V0.4A3.2W。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和电

18、功率公式的应用,从图象中获取有用的信息是 关键。 6 (4 分)把标有“3V 3W”和“3V 1W”字样的甲、乙两盏灯串联接在 3V 的电源上,闭 合开关后,两灯都发光,则下列分析中正确的是(不考虑灯丝电阻的变化) ( ) A甲灯比乙灯亮 B只有乙灯正常发光 C电路的总功率是 4W D电路的总功率是 0.75W 【分析】 (1)已知额定电压和额定功率,根据 I求出两灯泡的额定电流,根据欧姆定 律求出两灯泡的电阻; (2)两灯泡的额定电流相等可以同时正常发光,根据串联电路的电压特点求出两灯泡正 常发光时电源的电压,根据 PI2R 和串联电路的电流特点求出两灯泡的实际功率之比, 进而判断出实际功率

19、的大小。 【解答】解: (1)由 PUI 可得,两灯泡的额定电流: I11A,I2A; 两灯泡的电阻: R13,R29; 甲、乙两盏灯串联接在 3V 的电源上,电路中的电流: I0.25A, 因两灯泡的额定电流与此时电路中的电流都不相等,所以,两灯泡串联时都不能正常发 光,故 B 错误; 第 12 页(共 24 页) (2)由 PI2R 可知,乙灯的实际功率大,故乙灯亮,故 A 错误; (3)电路的总功率:P总I2R总(0.25A) 2(3+9)0.75W,故 C 错误,D 正确。 故选:D。 【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率的应用,关键是知道灯泡正常发光时的电 压和额定电压相等。 7

20、 (4 分)图甲是小灯泡 L1和 L2的电流随电压变化的图象。将它们按图乙所示接入电路中, 闭合开关 S,小灯泡 L1的实际功率为 1W下面的说法中正确的是( ) A灯泡 L1比 L2暗 B电流表的示数为 0.5A C电源电压为 2V D电压为 1V 时,灯泡 L1的功率为 0.25W 【分析】 (1)根据 PUI 结合图象读出小灯泡 L1的实际功率为 1W 时 L1两端的电压和 通过的电流,根据并联电路的电压特点得出电源的电压和 L2两端的电压,从图象中读出 通过 L2的电流,根据 PUI 求出 L2的实际功率,进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功 率的大小判断亮暗的变化,根据并联电路的电流特点

21、求出干路电流表的示数; (2)根据图象读出电压为 1V 时,通过灯泡 L1的电流,进一步得出其功率。 【解答】解: (1)由图象可知,当 L1两端的电压 U12V,通过的电流 I10.5A 时,L1 的实际功率为 1W, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,电源的电压: UU2U12V,故 C 正确; 由图象可知,通过 L2的电流 I20.3A, L2的实际功率: P2U2I22V0.3A0.6A1W, 由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知,灯泡 L1比 L2亮,故 A 不正确; 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 第 13 页(共 24 页) 所以,干路电流表的示数: II1+I

22、20.5A+0.3A0.8A,故 B 不正确; (2)由图象可知电压为 1V 时,通过灯泡 L1的电流 I10.3A, 则功率 P1U1I11V0.3A0.3W,故 D 不正确。 故选:C。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,关键是根据 图象得出电压表和对应的电流。 8 (4 分)对于我们来说生命只有一次,不会重新来过,因此,生活用电必须把安全放在第 一位,如图所示的各种情况下,人体不会触电的是( ) A B C D 【分析】触电的实质是人直接或间接与火线相连,使电流通过人体,引起人体触电。 【解答】解: A、人站在绝缘体凳子上,一只手与火线相连,另一只手与零线

23、相连,形成了通路,使电 流通过人体,故会发生触电事故; B、 人站在绝缘体凳子上, 一只手与火线相连, 不会形成通路, 因此不会有电流通过人体, 故不会发生触电事故; C、人站在地上与火线相连,电流通过人体流入大地,故会发生触电事故; D、一只手与火线相连,另一只手与零线相连,形成了通路,使电流通过人体,故会发生 触电事故。 故选:B。 【点评】发生触电的原因是直接或间接与火线相连,形成通路,使电流通过人体,因此 从切断电流路径入手可以防止触电。 9 (4 分)如图所示电路连接中,当开关 S 闭合时,下列说法正确的( ) 第 14 页(共 24 页) A螺线管上端为 S 极,滑片 P 向左移,

24、弹簧伸长 B螺线管上端为 N 极,滑片 P 向左移,弹簧缩短 C螺线管上端为 S 极,滑片 P 向右移,弹簧伸长 D螺线管上端为 N 极,滑片 P 向右移,弹簧缩短 【分析】利用安培定则判断出通电螺线管的 NS 极,再根据同名磁极相互排斥,异名磁 极相互吸引的作用规律判断弹簧长度的变化。 【解答】解:闭合开关后,电流从通电螺线管的上流向下,利用右手定则可知通电螺线 管的上端为 S 极,下端为 N 极, 已知测力计下磁体下端为 N 极,则异名磁极相互吸引, 当滑片向左移动时,电流增大,则磁性增强,弹簧伸长。 故选:A。 【点评】此题考查影响电磁铁磁性强弱的因素,运用安培定则判断通电螺线管的极性的

25、 方法等,属于中档题。 二填空题(共二填空题(共 6 小题,每空小题,每空 2 分,共分,共 26 分)分) 10 (6 分)在如图 1 所示的电路中,电源电压保持不变,当开关 S 闭合,甲、乙两表为电 压表时,两表的指针偏转角度相同如图 2 所示,R1两端电压为 9.6 V,R1:R2 4: 1 ,当开关 S 断开,甲、乙均为电流表时,甲、乙两表示数之比为 4:5 。 【分析】 (1)当开关 S 闭合,甲乙两表为电压表时,两电阻串联,甲电压表测电源电压, 乙电压表测 R2两端电压, 根据串联电路的电压特点结合电压表指针的偏角确定两电压表 第 15 页(共 24 页) 的量程,根据分度值读出示

26、数,利用串联电路的特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比; (2)当开关 S 断开,甲乙两表为电流表时,两电阻并联,电流表甲测通过 R2支路的电 流,电流表乙测干路电流,根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比, 根据并联电路的电流特点求出干路电流之比。 【解答】解: (1)当开关 S 闭合,甲、乙两表为电压表时,两电阻串联,甲电压表测电 源电压,乙电压表测 R2两端电压, 因串联电路中总电压等于各分电压之和,且两表的指针偏转角度相同, 所以,甲电压表的量程为 015V,分度值为 0.5V,则电源的电压 U12V, 乙电压表的量程为 03V,分度值为 0.1V,则 R2两端的电压 U2

27、2.4V, 则 R1两端的电压:U1UU212V2.4V9.6V, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,由 I可得,两电阻的阻值之比: 。 (2)当开关 S 断开,甲、乙均为电流表时,两电阻并联,电流表甲测通过 R2支路的电 流,电流表乙测干路电流, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,通过两电阻的电流之比:, 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以,两电流表的示数之比:。 故答案为:9.6;4:1;4:5。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用,关键是开关闭合 与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。 11 (4 分)如图所示,是甲

28、、乙两导体电流与电压的关系图象,根据图象可知 R甲 R 第 16 页(共 24 页) 乙(选填“大于”或“小于” ) ,若将甲和乙串联接在电路中,则通过它们的电压之比 U甲: U乙 1:2 。 【分析】 (1)根据图象读出一组电流和电压值,根据欧姆定律求出两电阻的阻值; (2)将甲和乙串联接在电路中,通过它们的电流相等,根据欧姆定律求出两端的电压之 比。 【解答】解: (1)由图象可知,当 U甲U乙2V 时,I甲0.2A,I乙0.1A, 由 I可得,两导体的电阻分别为: R甲10,R乙20; 显然知 R甲R乙。 (2)将甲和乙串联接在电路中, 因串联电路中各处的电流相等, 所以,通过它们的电流

29、之比 I甲:I乙1:1; 由 I可得,两导体两端的电压之比:。 故答案为:;1:2。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用,从图象中获取有用的信息是关 键。 12 (4 分)电能表是用来测量 电路消耗电能 的仪表。小明同学家电能表铭牌上标有 “220V、10A、3000r/kWh”字样,他观察到在 lmin 的时间内,电能表的转盘匀速转了 15 转,观察期间他家工作电器的总功率为 300 W。 【分析】 (1)电能表是用来测量用电器消耗电能读数的仪表; (2)3000r/kWh 表示的是电路中每消耗 1kWh 的电能,电能表表盘转 3000 转,据此求 出电能表表盘转 15 转消耗

30、的电能,利用 P求出他家工作电器的总功率。 第 17 页(共 24 页) 【解答】解: (1)电能表是用来测量电路消耗电能的仪表; (2)3000r/kWh 表示电路中每消耗 1kWh 的电能,电能表表盘转 3000 转, 电能表的转盘转了 15 转,则用电器消耗的电能:WkWh0.005kWh, 他家工作电器的总功率: P0.3kW300W。 故答案为:电路消耗电能;300。 【点评】本题考查了电能表的作用、电路消耗电能和电功率的计算,明白电能表相关参 数的含义是关键。 13 (4 分)手机是我们常用的通讯工具,小强爸爸手机的可充电电池所标的电压是 3.6V, 容量是 1500mAh, 这种

31、电池一次充电最多可储存的能量为 19440 J 该手机充满电一 次能够持续通话的实际时间长达 5h,则该手机在通话状态的放电功率为 1.08 W。 【分析】 (1)电池的容量 1500mAh 表示,该电池以 I1500mA1.5A 电流放电,可放 电 1h,由公式 WUIt 可以求出电池储存的电能; (2)已知电能及放电时间,由 P可求出手机在通话状态时的功率。 【解答】解: (1)一次充电存储的电能 WUIt3.6V150010 3A3600s19440J; (2)手机通话时的功率:P1.08W。 故答案为:19440;1.08。 【点评】本题考查电能与电功率的计算,关键是明白电池所标参数的

32、物理意义,这是本 题的难点也是重点。 14 (4 分)在远距离输电中,为了减小电流通过输电线造成的发热损失,在输电功率一定 的情况下,一种有效的措施是 增大 电压( “增大”或“减小” ) ,从而减小输电电流。 若某段输电导线的电阻为 10, 将通过它的电流由 20A 减小到 10A, 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能将比原来减少 1.8105 J。 【分析】如果发电站输出功率不变,为了减少电能在输送线路上的损耗,需要减小输出 电流,就必须升高输出电压 知道减小前后的电流大小,和导线的电阻,分别利用电功的公式求 1min 内导线上损失的 电能,再求这段输电导线 1min 内因发热损

33、失的电能的减少值。 【解答】解:在远距离输电中,为了减小电流通过输电线造成的发热损失,在输电功率 第 18 页(共 24 页) 一定的情况下,为了减少电能在输送线路上的损耗,需要减小输出电流,由 PUI 可知 必须增大输出电压; 减小电流前,在 1min 内导线上损失的电能: WI2Rt(20A)21060s2.4105J; 减小电流后,在 1min 内导线上损失的电能: W(I)2Rt(10A)21060s0.6105J; 则这段输电导线 1min 内因发热损失的电能的减少值: WWW2.4105J0.6105J1.8105J。 故答案为:增大;1.8105。 【点评】本题考查了消耗电能(电

34、功)的计算,灵活选用公式 WI2Rt 是关键。 15 (4 分)如图所示,导线 ab 在磁场中做切割磁感线的运动时,导线中就会产生电流,该 现象说明 磁能生电 (选填“磁能生电”或“电能生磁” ) ,法拉第根据该实验揭示的 原理发明了 发电机 。 【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动,导体中就会产生感应电流, 这种现象叫电磁感应现象;利用此原理制成了发电机。 【解答】解:通过实验可知:闭合电路的一部分导体 ab 在磁场中做切割磁感线运动时, 导体中就会产生感应电流,这是电磁感应现象,说明磁能生电;法拉第根据该实验揭示 的原理发明了发电机。 故答案为:磁能生电;发电机。 【点评】明

35、确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体,在磁场中做切割磁感线运 动,同时,熟知发电机的工作原理,是此题判断的关键因素。 三作图题(共三作图题(共 2 小题小题.共共 6 分)分) 16 (3 分)如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路,请用笔画线代替导线,将电 第 19 页(共 24 页) 灯和开关正确连入电路。 【分析】在家庭电路中,各个用电器是并联的关系,开关应该接在火线和用电器之间, 开关与被控制灯泡应串联。 【解答】解: 由题知,两个灯是并联的关系,且开关控制对应的灯泡,开关应与所控制的灯泡串联; 并且开关应该接在火线和灯泡之间,故连接方法如下: 【点评】知道并理解家庭电路的正

36、确连接是解决该题的关键。 17 (3 分)如图所示,小磁针在通电螺线管的上方静止,图中虚线是磁感线,请在图中标 出小磁针的 N 极和螺线管的 S 极以及电源的“+” 、 “”极。 【分析】根据磁感线的方向可确定螺线管的 NS 极,再根据安培定则判断螺线管中电流 的方向,进而确定电源的正负极,最后根据磁极间的作用规律确定小磁针的 N 极。 【解答】解: 根据磁感线的方向可以判断螺线管的右端为 N 极、左端为 S 极;根据安培定则,大拇指 指向 N 极,其余四指弯向电流的方向,可得电流从螺线管右边流入、左边流出,所以电 源右端为正极;根据磁极间的相互作用规律可知,小磁针的左端为 N 极;如图: 第

37、 20 页(共 24 页) 故答案为:如上图。 【点评】对于一个通电螺线管,只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的 N、S 极 这三个因素中的任意两个,我们就可以据安培定则判断出另一个。 四实验探究题(共四实验探究题(共 2 小题,共小题,共 22 分)分) 18 (10 分)在“测定小灯泡电功率”的实验中,电源电压为 6V,小灯泡 L 的额定电压为 2.5V,电阻大约为 10,可供选用的滑动变阻器 R1和 R2的最大阻值分别为 10、50, 实验电路如图甲所示。 (1)实验原理是 PUI 。 (用公式表示) (2)实验应该选用的滑动变阻器是 R2 (填“R1”或“R2” ) 。 (3)电路

38、正确连接后,闭合开关,发现小灯泡不亮,但电流表有示数,接下来应进行的 操作是 C A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C向左移动滑动变阻器滑片 D向右移动滑动 变阻器滑片 (4)如图乙是根据实验数据绘成的 UI 图象。根据图象提供的信息,可计算出小灯泡的 额定功率是 0.5 W当滑动变阻器的滑片向左移动时,小灯泡的电阻将变 大 。 (5) 当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时, 小灯泡的实际功率 P实 大于 P额。 【分析】 (1)伏安法测量灯泡电功率的原理是 PUI。 (2)滑动变阻器与灯泡串联。根据测量电路电压特点,求出灯泡正常工作时,滑动变阻 器的电压,求出滑动变阻器的电阻。 第 21

39、页(共 24 页) (3)灯泡不亮,电流表有示数,灯泡可能短路或电流太小。如果再移动滑动变阻器滑片, 灯泡还不发光,电流也不变时,灯泡短路;如果移动滑片,灯泡变亮,电流表示数变大, 说明电流太小。所以接下来移动滑片,使总电阻减小,确定灯泡不亮的原因。 (4)根据图象获得灯泡为 2.5V 时的电流,根据 PUI,计算额定功率。滑片左移,滑 动变阻器接入电路的长度变短,电阻变小,总电阻变小,电路电流增大,灯泡电压增大, 温度升高,灯丝电阻增大。 (5)根据公式 P分析。 【解答】解: (1)测量灯泡电阻的实验原理:PUI; (2)灯泡正常工作时,IL0.25A,滑动变阻器电压为:URUUL6V 2

40、.5V3.5V, 滑动变阻器电阻为:R14故选择滑动变阻器 R2。 (3)电流表有示数,灯泡不亮,首先通过左移滑片,减小电路电阻,增大电路电流,来 判断灯泡短路还是电路电流太小造成的灯泡不亮,故选 C。 (4)由图象找到灯泡 2.5V 的电流为 0.2A,故灯泡的额定功率:PUI2.5V0.2A 0.5W。 左移滑片,滑动变阻器电阻减小,总电阻减小,电流增大,灯泡电压增大,灯丝温度升 高,电阻增大。 (5)当电阻不变时,由 P可知,电压变为原来的一半,功率变为原来的四分之一, 由于灯泡的电阻是变化的,当电压减小时,功率减小,电阻也减小,故 当小灯泡两端的实际电压为额定电压一半时,小灯泡的实际功

41、率 P实大于 P额。 故答案为: (1)PUI; (2)R2; (3)C; (4)0.5;大; (5)大于。 【点评】本题考查了滑动变阻器的使用和规格的选择、欧姆定律和电功率公式的应用等, 这些知识点是伏安法测功率中最常见的内容,也是常考的内容。 19 (12 分)在探究“导体电阻跟哪些因素有关”的问题时,老师引导同学们做了如下实验: (1)猜想:导体电阻可能与导体材料、横截面积、 长度和温度 有关。 (2)实验时,同学们用图甲的实验装置分别把 a、b、c、d 四根金属丝串联接入电路 A、 B 两点之间,探究情况如下表: 第 22 页(共 24 页) 序号 材料 长度(m) 横截面积(mm2)

42、 灯泡亮度 A 铜丝 1 1 较亮 B 镍铬合金丝 1 0.5 最暗 C 铜丝 1 0.5 较暗 D 铜丝 0.5 最亮 当选用 A、C 两根金属丝,可探究导体电阻跟导体横截面积的关系,得到的结论是: 在材料和长度相同时,导体横截面积越大电阻越小 。 (3)如若选择 C、D 来探究电阻与长度的关系,则 D 导线的横截面积应为 0.5mm2 。 (4)如图乙的实验,可探究导体电阻与 温度 的关系。 【分析】 (1)电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积以及温度; (2) (3)影响导体电阻大小的因素有材料、长度、横截面积,另外还有温度;在研究时 要采用控制变量法的思想,探究导体电阻跟导体长度

43、的关系时,要控制材料、横截面积 和温度相同; (4)图乙中,用酒精灯加热电阻丝,观察灯泡的亮度变化,是探究电阻与温度的关系。 【解答】解: (1)猜想:影响电阻大小的因素可能有材料、长度、横截面积、温度; (2)探究导体的电阻跟导体横截面积的关系,必须控制材料、长度相同,而横截面积不 同,因此符合条件的有 A 和 C 两根电阻丝;比较灯泡的亮度不同,可以得出的结论是: 在材料和长度相同时,导体横截面积越大电阻越小; (3)如若选择 C、D 来探究导体电阻跟导体长度的关系,两根金属丝的材料、横截面积 应相同,而长度不相同,由此可知 D 导线的横截面积应为 0.5mm2; (4)在图乙的实验中,对

44、电阻丝加热,观察灯泡亮度的变化,可知电阻丝阻值的变化, 因此探究的是电阻与温度的关系。 第 23 页(共 24 页) 故答案为: (1)长度和温度; (2)A、C;在材料和长度相同时,导体横截面积越大电阻 越小; (3)0.5mm2; (4)温度。 【点评】用控制变量法探究影响电阻大小的关系时,注意相同因素和不同因素,这是解 决这类实验探究题的关键。 五计算题(五计算题(10 分)分) 20 (10 分)图甲是一电子拉力计原理图。硬质弹簧右端和金属滑片 P 固定在一起(P 与 R 间的摩擦不计) 。电压表量程为 03V,a、b 是一根长为 L6cm 的均匀电阻丝,阻值 R 30(相当于一个滑动

45、变阻器) ,电源电压 U6V,不施加拉力时滑片 P 位于 a 端。 (1)R0在电路中的作用是保护电路,要保证电压表能正常工作,计算 R0的最小值; (2)已知该弹簧伸长的长度L 与所受拉力 F 间的关系如图乙所示,若 R045,当电 压表的示数为 1.6V 时,计算作用在拉环上水平向右的拉力和此拉力器的量程。 【分析】 (1)根据电路图可知,R0与滑动变阻器串联,当滑片 P 位于最右端时,电压表 的示数最大,根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端电压;再根据欧姆定律可知, 电流一定时,电压的分配与电阻成正比,据此可知 R0的最小值。 (2)因电压表的电阻很大,在电路中相当于断路,所以滑片移动

46、时变阻器始终以最大阻 值接入电路,则电路中的总电阻不变,电流不变,由电阻的串联和欧姆定律可得电路中 的电流 I;且已知此时电压表的示数,由欧姆定律求出与电压表并联的电阻阻值,然后求 出弹簧的伸长量,再求出拉力大小;最后由图象求出拉力器的量程。 【解答】解:根据电路图可知,R0与滑动变阻器串联,电压表测滑片左侧电阻丝两端的 电压; (1)由电路图可知,当滑片 P 位于最右端时,滑片左侧电阻丝的阻值最大,此时电压表 的示数最大为 3V; 第 24 页(共 24 页) 因电源电压为 6V,且串联电路两端电压等于各部分电压之和, 所以当电压表示数最大为 3V 时,R0上分得的最小电压为 3V; 由于串

47、联电路中,电压的分配与电阻成正比,因此 R0的最小阻值等于滑动变阻器的最大 阻值,即 30。 (2)因电压表的电阻很大,在电路中相当于断路,所以滑片移动时变阻器始终以最大阻 值接入电路,则电路中的总电阻不变,电流不变, 由电阻的串联和欧姆定律可得,电路中的电流 I0.08A, 当电压表的示数为 U1.6V 时,设 aP 间电阻丝的阻值为 R, 则 R20; 再根据电阻丝的电阻与长度成正比,则有: , 即, 解得:LaP4cm,即弹簧伸长的长度L4cm; 从图乙中可知,当L 为 4cm 时,拉力 F400N; 当滑片 P 移动到 b 端时,弹簧伸长的长度L6cm,对应的拉力为 600N,所以此拉 力器的量程为 0600N。 答: (1)R0的最小值为 30; (2)作用在拉环上水平向右的拉力为 400N,此拉力器的量程为 0600N。 【点评】本题考查了求电阻、电压、拉力器量程等问题,分析清楚电路结构、应用串联 电路特点与欧姆定律即可正确解题,解题时要注意分析图乙所示图象。