1、2019 届高三年级届高三年级 3.20 联合考试联合考试 理科综合试卷理科综合试卷 20193 考生注意：考生注意： 1本试卷分选择题和非选择题两部分。满分本试卷分选择题和非选择题两部分。满分 300 分，考试时间分，考试时间 150 分钟。分钟。 2答题前，考生务必用直径答题前，考生务必用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡铅笔把答题卡 上对应题目的答案标号涂黑； 非选择题请用直径上对应
2、题目的答案标号涂黑； 非选择题请用直径 0.5 毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。在试题卷、草稿纸上作答无效。题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。在试题卷、草稿纸上作答无效。 4本卷命题范围：高考范围。本卷命题范围：高考范围。 5可能用到的相对原子质可能用到的相对原子质量：量：H 1 B 11 C 12 N 14 O 16 Na 23 Cr 52 As 75 二、选择题：本题共二、选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项
3、中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 1921题有多项符合题目要求。全部选对的得题有多项符合题目要求。全部选对的得 6分，选对但不分，选对但不 全的得全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。 1.2018 年 11 月 21日消息， 中科院合肥物质科学研究院核能安全所吴宜灿研究员获得美国核学会聚变核能杰 出成就奖关于核反应方程、半衰期，下列说法正确的是（ ） A. 有 12 个某种放射性元素的原子核，当有 6 个发生衰变所需的时间就是该元素的半衰期 B. 放射性同位素的半衰期长短与地震、风力等外部环境无关 C. 衰变成要经过 4 次 衰变和 2次
4、 衰变 D. 核反应方程：属于轻核的聚变 【答案】B 【解析】 【详解】A半衰期是大量原子核显现出来的统计规律，对少量的原子核没有意义，选项 A错误； B放射性元素衰变的快慢是由核内部自身的因素决定，跟原子所处的化学状态和外部条件没有关系，选项 B正确； C设发生了 次 衰变和 次 衰变，则根据质量数和电荷数守恒有，解得： ，故衰变过程中共有 6次 衰变和 4 次 衰变，选项 C错误； D核反应方程属于人工转变，是卢瑟福发现质子的核反应方程；选项 D 错误. 2.如图所示，甲、乙两个物体系在一根通过定滑轮（质量忽略不计）的轻绳两端，甲放在水平地板上，乙被 悬挂在空中，若将甲沿水平地板向右缓慢移
5、动少许后甲仍静止，则（ ） A. 轻绳对甲的拉力变大 B. 甲对地面的压力变大 C. 甲所受的静摩擦力变大 D. 悬挂滑轮的绳的张力变大 【答案】D 【解析】 因 m 处于静止状态，故绳子的拉力等于 m的重力，即，绳的张力不变，A错误；对 M 受力分析如图 甲所示，把 F进行正交分解可得关系式，当 M 向右移动少许后，变大，故 减小，减小，BC 错误；对滑轮受力分析如图乙所示，把拉物体的绳子的拉力合成得，因 F 不变， 两绳的夹角变小，则变大，故悬挂滑轮的绳的张力变大，D正确 【点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两 个方向上的力，然后列式求
6、解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动 到一个三角形中，然后根据角度列式求解 3.太阳周围除了八大行星，还有许多的小行星，在火星轨道与木星轨道之间有一个小行星带，假设此小行星 带中的行星只受太阳引力作用，并绕太阳做匀速圆周运动，则 A. 小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期相同 B. 小行星带中各行星绕太阳做圆周运动加速度大于火星做圆周运动的加速度 C. 小行星带中各行星绕太阳做圆周运动周期大于木星公转周期 D. 小行星带中某两颗行星线速度大小不同，受到太阳引力可能相同 【答案】D 【解析】 【详解】A项：由公式可知，若小行星做圆周运动半径不同，则周期不同，故 A
7、 错误； B项：由公式可知，小行星中各行星绕太阳做圆周运动的加速度小于火星做圆周运动的加速度， 故 B 错误； C项： 小行星带中各行星绕太阳做圆周运动的半径小于木星绕太阳公转的半径， 因此小行星带中各行星绕太 阳做圆周运动周期小于木星公转周期，故 C 错误； D 项：由公式可知，某两颗行星线速度大小 v不同，但 有可能相同，故 D 正确。 故选：D。 4.一小物块从倾角为 =30的足够长的斜面底端以初速度 v0=10m/s 沿斜面向上运动(如图所示)，已知物块与 斜面间的摩擦因数 =，g取 10m/s2，则物块在运动时间 t=1.5s时离斜面底端的距离为 A. 3.75m B. 5m C.
8、6.25m D. 15m 【答案】B 【解析】 【详解】小物块沿斜面向上运动时加速度大小为： 物块运动到最高点时间： 由于，小物块运动到最高点速度0时即停止，故此时小物块离斜面底端距离为 ，故 B正确。 故选：B。 5.如图所示，abcd为边长为 L的正方形，在四分之一圆 abd区域内有垂直正方形平面向外的匀强磁场，磁场 的磁感应强度为 B。一个质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子从 b点沿 ba方向射入磁场，结果粒子恰好能通 过 c点，不计粒子的重力，则粒子的速度大小为 A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】粒子沿半径方向射入磁场，则出射速度的反向延长线一定经过圆心，由于粒子
9、能经过 C 点，因此 粒子出磁场时一定沿 ac方向，轨迹如图： 由几何关系可知，粒子做圆周运动的半径为 根据牛顿第二定律得： 解得： ，故 C 正确。 故选：C。 6.如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压恒定、输 电线上的电阻不变，假设用户所用用电器都是纯电阻用电器，若发现发电厂发电机输出的电流增大了，则 可以判定 A. 通过用户的电流减小了 B. 用户接入电路的总电阻减小了 C. 用户消耗的电功率减小了 D. 加在用户两端的电压变小了 【答案】BD 【解析】 【详解】A 项：如果发电机输出电流增大，根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增
10、大，故 A 错误； B项：由可知，输送电流增大，是由于 减小引起的，故 B正确； C项：当用户电阻减小时，用户消耗的功率增大，故 C 错误； D 项：发电机输出电流增大，则输电线上的电压降增大，因此降压变压器的输入、输出电压均减小，即因在 用户两端电压变小了，故 D正确。 故选：BD。 7.如图所示，半径为 R的半圆弧槽固定在水平面上，槽口向上，槽口直径水平，一个质量为 m的物块从 P 点由静止释放刚好从槽口 A点无碰撞地进入槽中，并沿圆弧槽匀速率地滑行到 B 点，不计物块的大小，P 点到 A点高度为 h，重力加速度大小为 g，则下列说法正确的是 A. 物块从 P 到 B过程克服摩擦力做的功为
11、 mg(R+h) B. 物块从 A 到 B过程重力的平均功率为 C. 物块在 B 点时对槽底的压力大小为 D. 物块到 B 点时重力的瞬时功率为 mg 【答案】BC 【解析】 【详解】A 项：物块从 A 到 B 做匀速圆周运动，根据动能定理有： ，因此克服摩擦力做功 ，故 A错误； B项：根据机械能守恒，物块在 A 点时的速度大小由得：，从 A 到 B运动的时间为 ，因此从 A到 B 过程中重力的平均功率为，故 B 正确； C项：根据牛顿第二定律：，解得：，由牛顿第三定律得可知，故 C 正确； D 项：物块运动到 B 点，速度与重力垂直，因此重务的瞬时功率为 0，故 D错误。 故选：BC。 8
12、.如图所示，a为 xoy坐标系 x负半轴上的一点，空间有平行于 xoy坐标平面的匀强电场，一个质量为 m、 电荷量为 q 的带正电粒子以初速度 v0从 a 点沿与 x轴正半轴成 角斜向右上射入电场粒子只在电场力作 用下运动，经过 y正半轴上的 b 点（图中未标出） ，则下列说法正确的是（ ） A. 若粒子在 b 点速度方向沿 轴正方向，则电场方向可能平行于 轴 B. 若粒子运动过程中在 b点速度最小，则 b点为粒子运动轨迹上电势最低点 C. 若粒子在 b 点速度大小也为 v0，则 a、b 两点电势相等 D. 若粒子在 b 点的速度为零，则电场方向一定与 v0方向相反 【答案】CD 【解析】 【
13、详解】A项：如果电场平行于 x轴，由于粒子在垂直于 x轴方向分速度不为 0，因此粒子速度不可能平行 于 x轴，故 A错误； B项：若粒子运动过程中在 b点速度最小，则在轨迹上 b 点粒子的电势能最大，由于粒子带正电，因此 b点 的电势最高，故 B 错误； C项：若粒子在 b 点速度大小也为 v0，则粒子在 a、b两点的动能相等，电势能相等，则 a、b两点电势相等， 故 C 正确； D 项：若粒子在 b 点的速度为 0，则粒子一定做匀减速直线运动，由于粒子带正电，因此电场方向一定与 v0 方向相反，故 D正确。 故选：CD。 三、非选择题：共三、非选择题：共 174分。第分。第 2232 题为必
14、考题，每个试题考生都必须作答。第题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 3338题为题为 选考题考生根据要求作答。选考题考生根据要求作答。 9.在“探究加速度和力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置进行实验： （1）已知打点计时器电源为频率 50Hz 的正弦交变电流，若实验中打出的某一条纸带如图乙所示，相邻两 个计数点间还有四个点没有画出，x1=3.13cm，x4=7.48cm，由此可以算出小车运动的加速度大小是_m s2 （2）利用测得的数据，可得到小车质量 M 一定时运动的加速度 a 和所受拉力 F（F=mg，m为砂和砂桶质 量，g 为重力加速度）的关系图象如图丙所示由此可知，直线段
15、的斜率 k=_在拉力 F较大时，a-F 图线明显弯曲，产生误差若不断增加砂桶中砂的质量，a-F图象中各点连成的曲线将不断延伸，那么加速 度 a的趋向值为_（用题中出现的物理量表示） 【答案】 (1). 1.45 (2). (3). 【解析】 【 详 解 】 (1) 相 邻 两 个 计 数 点 的 时 间 间 隔 是， 采 用 逐 差 法 可 得 . (2)根据牛顿第二定律，所以图象的斜率.不断增加砂桶中砂的质量，当砂桶中砂的质量远 远大于小车质量时，小车的加速度趋近于重力加速度 . 10.实验台上备有下列器材： A电流表（量程 500A，内阻约为 300 ） ； B电流表（量程 100A内阻约
16、为 1k ） ； C电压表（量程 15V，内阻约 100k ） ； D电压表（量程 6V，内阻约 6k ） ； E直流电源（15V，允许最大电流 1A） ； F滑动变阻器（最大阻值 100 ，额定功率 1kW） G电键和导线若干 某同学用供选器材设计了测一个阻值约 30k 电阻的实验，电路如图所示（电路还没有完全接好） （1）实验中所用的电流表应选_，电压表应选_ （填器材前的字母） （2）请用笔画线代替导线将尚未连接好的电压表连入下图的电路中_ （3）开关闭合前，滑动变阻器触头 P 应置于_（填“a”或“b”）处 （4）正确连接电路后，无论如何调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表示数均不能取
17、到较小值，其原因 可能是导线_（填图中导线代号）没有连接好 【答案】 (1). A (2). C (3). (4). b (5). 【解析】 【详解】(1)待测电阻的阻值约为，直流电源电动势为，经粗略计算电路中最大的电流约为 ，所以电流表选择 ；由于电压表 D 的量程不足，所以电压表选择 . (2)在图示电路中，电流表内阻为，电压表内阻为，由串并联电路规律得，电流表的分压作用小 于电压表的分流作用，故电流表应采用内接的方法，实物连线如图所示： . (3)实验前，分压电路的电压应该是 0，故滑动变阻器的滑动触头 应置于 端. (4)实验中无论如何调节滑动变阻器的滑片，电压表和电流表示数均不能取到
18、较小值，是由于滑动变阻器接 成限流式，因此是导线没有连接好. 11.如图所示，质量均为 m的 A、B两球套在悬挂的细绳上，A球吊在绳的下端刚好不滑动，稍有扰动 A就 与绳分离 A球离地高度为 h，A、B两球开始时在绳上的间距也为 h，B 球释放后由静止沿绳匀加速下滑， 与 A 球相碰后粘在一起(碰撞时间极短)，并滑离绳子.若 B 球沿绳下滑的时间是 A、B一起下落到地面时间 的 2倍，重力加速度为 g，不计两球大小及空气阻力，求： (1)A、B两球碰撞后粘一起瞬间速度大小； (2)从 B 球开始释放到两球粘在一起下落，A、B 两球组成的系统损失的机械能为多少? 【答案】(1) (2) 【解析】
19、 【详解】(1)设 B 球与 A球相碰前的速度大小为，则 碰撞过程动量守恒，设两球碰撞后的瞬间共同速度为，根据动量守恒定律有 两球一起下落过程中， 解得：； (2)B球下滑到碰撞前，损失的机械能 由(1)问知， 因此 磁撞过程损失的机械能为 因此整个过程损失的机械能为 12.如图所示，水平虚线 MN、PQ之间有垂直于纸面向里水平匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为 B，两 虚线间的距离为 H，质量为 m、电阻为 R边长为 L的正方形金属线框 abcd在磁场上方某一高度处由静止释 放线框在向下运动过程中始终在竖直平面内，ab边始终水平，结果线框恰好能匀速进入磁场线框有一半出 磁场时加速度恰好为零，已
20、知 LH，重力加速度为 g，求： (1)线框开始释放时 ab边离虚线 MN的距离； (2)线框进磁场过程中通过线框截面的电量 q及线框穿过磁场过程中线框中产生的焦耳热； (3)线框穿过磁场所用的时间。 【答案】(1) (2) (3) 【解析】 【详解】(1)由于线框能匀速进入磁场，设进入磁场过程速度为 根据机械能守恒得： 进入磁场过程，线框中感应电动势 线框中电流为 根据力的平衡有： 解得：； (2)线框进磁场的过程中， 平均电流为： 通过线框的电量为： 解得： 由于线框有一半出磁场时加速度为 0，即线框刚好出磁场时的速度大小等于 根据能量守恒，线框穿过磁场过程中产生的热量 解得： ； (3)
21、线框进磁场所用的时间为 完全在磁场中运动时间为 解得： 线框 ab 边出磁场前一瞬间速度大小为 解得： 出磁场过程中，根据动量定理得： 即 解得： 因此运动的总时间为 （二）选考题：共（二）选考题：共 45分。请考生从分。请考生从 2道物理题、道物理题、2 道化学题、道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答。道生物题中每科任选一题作答。 如果多做。则每学科按所做的第一题计分。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。 13.下列说法正确是 A. 饱和汽压与温度和体积都有关 B. 绝对湿度的单位是 Pa，相对湿度没有单位 C. 空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越快 D. 气
22、体做等温膨胀，气体分子单位时间对汽缸壁单位面积碰撞的次数一定变少 E. 饱和汽和液体之间的动态平衡，是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率相等 【答案】BDE 【解析】 【详解】饱和汽压与温度有关，和体积无关，选项 A错误；绝对湿度及压强表示其单位是 Pa，相对湿度没 有单位，则 B 正确；空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近饱和汽压，水蒸发越慢，则 C 错误； 气体做等温膨胀，分子密度变小，气体分子单位时间对汽缸壁单位面积碰撞的次数一定变少，则 D 正确； 饱和汽和液体之间的动态平衡， 是指汽化和液化同时进行的过程， 且进行的速率相等， 则 E正确； 故选 BDE。 14.如图所示
23、，绝热性能良好的汽缸开口向上，缸中用绝热性能良好的活塞封闭一段气体，气柱的长为 h， 活塞与汽缸内壁无摩擦且气密性良好，活塞的质量为 m，横截面积为 S，大气压强为 p0，开始时缸中气体的 温度为 T0，重力加速度为 g。 若在汽缸上放一个质量为 m的物块，再给缸中气体加热，使气柱长仍为 h，则加热后气体的温度为多少? 若只给缸中气体缓慢加热，当气体温度为 2T0时，电热丝产生的热量为 Q，则气体的内能增加多少？ 【答案】 【解析】 【详解】没有放物块量，缸内气体的压强为 放一个质量为 m的物块后，缸丙气体的压强为 则有： 解得：； 若只给缸中气体缓慢加热，气体发生等压变化，当气体温度为时，设
24、活塞上升的高度为 H，则有 解得：H=h 此过程气体对外做功 根据热力学第一定律，气体的内能增加量为 15.如图甲所示为一列简谐波沿 x 轴传播在=0时刻波形，图乙为 x=1m处质点的振动图象，则此可以判断， 此列波沿 x 轴_（填“正：”或“负”)方向传播，波速为_m/s，从 t=0时刻开始，x=2.16m 处的质点到平衡位置所需要的最短时间为_s。 【答案】 (1). 正 (2). 1 (3). 0.16 【解析】 【详解】由图乙知，t=0 时刻，x=1m处的质点正在平衡位置沿 y轴正向振动，根据振动与波动的关系可知， 此列波沿 x 轴正向传播， 波速 从 t=0 时刻开始，x=2.16m
25、处的质点回到平衡位置所用的最短时间为 。 16.如图所示，ABC 为等腰直角三棱镜的截面图，A=90 一束平行于 BC 边的单色光从 AB边上的 M点 射入，折射光线刚好射到 C点，已知三棱镜对该单色光的折射率为，AB 边的长度为 L 求 M 点到 A点的距离； 保持入射光线的方向不变，让入射点沿 AB边下移，使折射光线刚好射到 BC 边上的中点，求入射点沿 AB 边移动的距离，并判断折射光线在 BC边上是否会发生全发射 【答案】 会 【解析】 【详解】由几何知识可知单色光在边上的入射角 由折射率公式 可得: 由几何关系可得: 若折射光线照射到边上的中点，根据几何关系可知入射点应在的中点， 因此入射点沿边移动的距离: 根据几何关系可知折射光线在面上的入射角 由于，所以 由于，所以折射光线在边上会发生全反射.