ImageVerifierCode 换一换
格式:DOC , 页数:18 ,大小:690KB ,
资源ID:134339      下载积分:20 金币
快捷下载
登录下载
邮箱/手机:
温馨提示:
快捷下载时,用户名和密码都是您填写的邮箱或者手机号,方便查询和重复下载(系统自动生成)。 如填写123,账号就是123,密码也是123。
特别说明:
请自助下载,系统不会自动发送文件的哦; 如果您已付费,想二次下载,请登录后访问:我的下载记录
支付方式: 支付宝    微信支付   
验证码:   换一换

加入VIP,更优惠
 

温馨提示:由于个人手机设置不同,如果发现不能下载,请复制以下地址【https://www.77wenku.com/d-134339.html】到电脑端继续下载(重复下载不扣费)。

已注册用户请登录:
账号:
密码:
验证码:   换一换
  忘记密码?
三方登录: 微信登录   QQ登录   微博登录 

下载须知

1: 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。
2: 试题试卷类文档,如果标题没有明确说明有答案则都视为没有答案,请知晓。
3: 文件的所有权益归上传用户所有。
4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
5. 本站仅提供交流平台,并不能对任何下载内容负责。
6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

版权提示 | 免责声明

本文(2019年湖北省武汉市武昌区高三5月模拟理综物理试题(解析版))为本站会员(hua****011)主动上传,七七文库仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容本身不做任何修改或编辑。 若此文所含内容侵犯了您的版权或隐私,请立即通知七七文库(发送邮件至373788568@qq.com或直接QQ联系客服),我们立即给予删除!

2019年湖北省武汉市武昌区高三5月模拟理综物理试题(解析版)

1、1.国家大科学过程中国散裂中子源(CSNS)于 2017年 8月 28 日首次打靶成功,获得中子束流,可以 为诸多领域的研究和工业应用提供先进的研究平台,下列核反应中放出的粒子为中子的是 A. 14 7 N俘获一个 粒子,产生17 8 O并放出一个粒子 B. 27 13Al俘获一个 粒子,产生 30 15P并放出一个粒子 C. 11 5 B俘获一个质子,产生 8 4Be并放出一个粒子 D. 6 3Li俘获一个质子,产生 3 2He并放出一个粒子 【答案】B 【解析】 根据质量数和电荷数守恒可知四个核反应方程分别为 144171 7281 NHeOH、 274301 132150 AlHePn、

2、11 487 5243 BHeBeLi, 6437 3223 LiHeHeLi, 故 只有 B选项符合题意; 【点睛】核反应过程中,质量数与核电荷数守恒,应用质量数与核电荷数守恒即可写出核反应方程式 2.如图所示,斜面上放有两个完全相同的物体 a、b,两物体间用一根细线连接,在细线的中点加一与斜面 垂直的拉力 F,使两物体均处于静止状态。则下列说法正确的是 A. a、b两物体的受力个数一定相同 B. a、b两物体对斜面的压力一定不相同 C. a、b两物体受到的摩擦力大小可能不相等 D. 当逐渐增大拉力 F 时,物体 b 先开始滑动 【答案】C 【解析】 【详解】A项:对 a、b 进行受力分析,

3、如图所示:b 物体处于静止状态,当绳子沿斜面向上的分量与重力沿 斜面向下的分量相等时,摩擦力为零,所以 b 可能只受 3 个力作用,而 a 物体必定受到摩擦力作用,肯定受 4 个力作用,故 A错误; B项:a、b两个物体,垂直于斜面方向受力都平衡,则有:sin cosNTmg ,解得: cossinNmgT ,则 a、b 两物体对斜面的压力相同,故 B错误; C项:根据 A的分析可知,b的摩擦力可以为零,而 a的摩擦力一定不为零,故 a、b 两物体受到的摩擦力 大小可能不相等,故 C 正确; D 项:对 a 沿斜面方向有:cossin a Tmgf,对 b 沿斜面方向有:cossin b Tm

4、gf正压力相 等,所以最大静摩擦力相等,则 a先达到最大静摩擦力,先滑动,故 D错误。 3.高楼高空抛物是非常危险的事。设质量为 M=1kg的小球从 20m楼上做自由落体运动落到地面,与水泥地 面接触时间为 0.01s,那么小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是 A. 10 倍 B. 20 倍 C. 200倍 D. 2000倍 【答案】C 【解析】 【详解】 小球下落过程, 由动能定理得: 2 1 0 2 MghMv, 解得: mm 22 10 2020 ss vgh, 方向: 竖直向下; 以向下为正方向, 由动量定理得: 2 ()0MgF tMv, 解得:2010NF , 由于 10NG,

5、 故 C 正确。 4.静电场在 x轴上的电场强度 E 随 x 的变化关系如图所示,在 x轴上有四点:x1、x2、x3、x4,相邻两点间的 距离相等,x轴正向为场强正方向,带正电的点电荷沿 x轴运动,则点电荷 A. x2和 x4两点处电势相等; B. 由 x1运动到 x4的过程中加速度先增大后减小; C. 由 x1运动到 x4的过程中电势能先增大再减小; D. 设电荷从 x2运动到 x1,电场力做功 W1,电荷从 x3运动到 x2,电场力做功 W2,则 W1=W2 【答案】B 【解析】 【详解】A 项:x2-x4处场强为 x 轴负方向,则从 x2到 x4处逆着电场线方向移动,电势升高,正电荷在

6、x4处 电势能较大,故 A 错误; B项:由 x1运动到 x4的过程中,由图可以看出电场强度的绝对值先增大后减小,所以电场力先增大后减小, 加速度与先增大后减小,故 B 正确; C项:x1-x4处场强为 x 轴负方向,则从 x1到 x4处逆着电场线方向移动,电势升高,正电荷在 x4处电势能较 大,故 C 错误; D 项:由于每两点间的距离相等,由图可知, 3221 UU,所以 21 WW ,故 D 错误。 5.如图所示,正方形区域 MNPQ 内有垂直纸面向外的匀强磁场。在外力作用下,一正方形闭合刚性导线框 沿 QN方向匀速运动,t=0时刻,其四个顶点 M、N、P、Q恰好在磁场边界中点。下列图象

7、中能反映线框 所受安培力 f的大小随时间 t变化规律的是 A. B.  C. D.  【答案】B 【解析】 【详解】如图甲所示,第一段时间从初位置到 MN离开磁场,此时电动势 E=2Bvtv,线框受的安培力 f=2BIvt= 23 2 4B v t R ,图象是开口向上的抛物线,故 CD 错误; 如图乙所示,线框的右端 M2N2刚好出磁场时,左端 Q2P2恰与 MP共线,此后一段时间内有效长度不变,一 直到线框的左端与 MN重合,这段时间内电流不变,安培力大小不变;最后一段时间如图丙所示,从匀速 运动至 M2N2开始计时,有效长度为 AC=l-2vt,电动势 1 2EBvt

8、 v 线框受的安培力 2 2 1 2Bvtv F R ,图象是开口向上的抛物线,故 A 错误,B正确。 6.已知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零。 设想在地球赤道正上方高 h 处和正下方深为 h处各修 建一绕地心的环形真空轨道,轨道面与赤道面共面。两物体分别在上述两轨道中做匀速圆周运动,轨道对 它们均无作用力,设地球半径为 R,则 A. 两物体的线速度大小之比为 22 () R Rh R Rh B. 两物体的线速度大小之比为 22 R Rh Rh C. 两物体的加速度大小之比为 3 2 () () R RhRh D. 两物体的加速度大小之比为 Rh Rh 【答案】AC 【解析】 试题分

9、析:设地球密度为 ,则有:在赤道上方: 3 2 1 1 2 () 4 3 GR v a RhRh , 在赤道下方: 3 2 2 2 2 4 3 GRh v a Rh Rh 解得: 1 22 2 vR Rh R vRh , 3 1 2 2 aR a RhRh ,故 AC 正确;BD 错误故选 AC 考点:万有引力定律的应用 【名师点睛】本题主要掌握万有引力提供向心力的基本应用,要会用数学方法表示球体质量。 【此处有视频,请去附件查看】 7.如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源、滑动变阻器,当副线圈上的滑片 P 处于图示位置时,灯泡 L 能发光。要使灯泡变亮,可以采取的方法有 A. 将副线圈的滑

10、片 P 向下滑动 B. 将滑动变阻器的滑片向左移动 C. 增大交流电源的频率 D. 减小电容器 C 的电容 【答案】BC 【解析】 【详解】A项:向下滑动 P,副线圈匝数减少,电压减小,灯泡变暗;故 A 错误; B项:将滑动变阻器的滑片向左移动,原线圈两端电压增大,副线圈两端电压增大,灯泡变亮,故 B正确;  C项:增大交流电源的频率时,电容器的容抗减小,通过电容器的电流更大,故 C正确; D 项:由公式 1 2 C x fC 可知,减小电容器 C 的电容,容器的容抗增大,过电容器的电流更小,故 D错误。  8.如图所示,不计电阻的光滑 U形金属框水平放置,光滑、竖直玻璃挡

11、板 M、P 固定在框上,M、P的间距 很小。质量为 0.2kg 的细金属杆 CD恰好无挤压地放在两挡板之间,与金属框接触良好并围成边长为 1m的 正方形,其有效电阻为 1。此时在整个空间加方向与水平面成 30 角且与金属杆垂直的匀强磁场,磁感应 强度随时间变化规律是 B=(0.4-0.2t)T,图示磁场方向为正方向。框、挡板和杆不计形变。则: A. t=2s时,金属杆中感应电流方向从 C 至 D; B. t=3s 时,金属杆对挡板 M 的压力大小为 0.01N; C. 前 4s内通过金属杆截面的电量为 0.6C; D. 前 2s内回路中产生焦耳热为 0.08; 【答案】AB 【解析】 【详解】

12、A 项:当 t=1s 时,则由磁感应强度随时间变化规律是 B=(0.4-0.2t)T,可知,磁场在减小,根据 楞次定律可得,金属杆中感应电流方向从 C 到 D,故 A 正确; B项:在 t=3s 时,由法拉第电磁感应定律,则有:感应电动势为 2 sin300.2 10.5V0.1V B ES t ,由欧姆定律,则有感应电流大小 0.1 1A0.1A 1 E R ,安培力大小 F=BtIL=0.02N 由于磁场方向相反,由左手定则可知,安培力的方向垂直磁感线斜向下,根据力的合成,则得金属杆对 M 的压力大小为 N=Fcos60=0.020.5=0.01N,故 B正确; C项:由公式 21 BBB

13、S qS RRR ,其中 1 0.4TB , 2 0.4TB ,联立解得:0.8Cq ,故 C 错误; D 项:电流为 0.1A,由公式 2 QI Rt代入数据解得: 0.02JQ ,故 D错误。 三、非选择题:共三、非选择题:共 174分。第分。第 2232题为必考题,每个试题考生都必须作答。第题为必考题,每个试题考生都必须作答。第 3338题为题为 选考题,考生根据要求作答。选考题,考生根据要求作答。  (一)必考题:共(一)必考题:共 129 分分  9.某同学利用如下实验装置研究物体 m1和 m2碰撞过程中守恒量。实验步骤如下: 如图所示,将白纸、复写纸固定在竖直放

14、置的木条上,用来记录实验中球 m1、球 m2与木条的撞击点 将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触,让入射球 m1从斜轨上 A 点由静止释放,撞击点为 B; 将木条平移到图中所示位置,入射球 m1从斜轨上 A 点由静止释放,确定撞击点; 球 m2静止放置在水平槽的末端相撞,将入射球 m1从斜轨上 A点由静止释放,确定球 m1和球 m2相撞后的 撞击点 测得 B与 N、P、M各点的高度差分别为 h1、h2、h3 根据该同学的实验,问答下列问题: (1)两小球的质量关系为 m1_m2(填“”、“=”或“”) (2) 木条平移后, 在不放小球 m2时, 小球 m1从斜轨顶端 A处由静止开始释放, m

15、1的落点在图中的_ 点,把小球 m2放在斜轨末端边缘 B 处,小球 m1从斜槽顶端 A 处由静止开始滚下,使它们发生碰撞,碰后 小球 m1的落点在图中的_点。 (3)若再利用天平测量出两小球质量分别为 m1、m2,则满足_表示两小球碰撞前后动量 守恒;若满足_表示两小球碰撞前后的机械能守恒。 【答案】  (1).  (2). P  (3). M  (4). 112 231 mmm hhh (5). 112 231 mmm hhh 【解析】 【详解】(1) 为了防止两球碰后出现反弹现象,入射球的质量一定要大于被碰球的质量; (2) 由图可知,两小球打在竖直

16、板上,则可知,三次碰撞中水平位移相等,则可知,水平速度越大,竖直方 向下落的高度越小,则由碰撞规律可知,碰后被碰球的速度最大,故其下落高度最小,而碰后入射球速度 最小,其下落高度最大,则可知,在不放小球 m2时,小球 m1从斜轨顶端 A点由静止释放,m1的落点在图 中的 P点,而碰后入射球落到 M 点; (3) 根据平抛运动规律可知,下落时间 2h t g ,则可知,速度 2 x gx v th ,则可解得: 112 231 ,; 222 x gx gx g vvv hhh  若满足动量守恒,则一定有: 11 122 mvmvm v ,联立解得: 112 231 mmm hhh 若满

17、足机械能守恒,则有: 222 11 122 111 222 mvmvm v ,联立解得: 112 231 mmm hhh 。 10.为了精密测量一圆柱形导体材料的电阻率: (1)如图甲所示,先用多用电表10挡粗测其电阻为_,然后用螺旋测微器测其直径 d 为 _mm,游标卡尺测其长度 l为_cm。 (2)为进一步精确测量该电阻,实验台上摆放有以下器材: A电流表(量程 15mA,内阻未知) B电流表(量程 0.6A,内阻未知) C电阻箱(最大电阻 99.99) D电阻箱(最大电阻 999.99) E电源(电动势 3V,内阻 1) F单刀单掷开关 2 只 G导线若干 乙同学设计的电路图如图所示,现

18、按照如下实验步骤完成实验: 调节电阻箱,使电阻箱到最大值,仅闭合 S1再次调节电阻箱有合适的阻值 R1使电流表有较大的偏转且读 数为 I; 调节电阻箱至最大值,保持开关 S1闭合,开关 S2闭合,再次调节电阻箱的阻值为 R2,使电流表读数仍为 I。 a根据实验步骤和实验器材可知,电流表应选_,电阻箱应选择_。(填器材前字母) b根据实验步骤可知,待测电阻 Rx=_该材料的电阻率=_(用题目所给测量数据表示)。 (3)利用以上实验电路,闭合 S1、S2调节电阻箱 R,可测出电流表的内阻 RA,丙同学通过调节电阻箱 R, 读出多组 R和 I 值,作出了 1 R I 图象如图所示。若图象中纵轴截距为

19、 1A,则电流表内阻 RA=_。  【答案】  (1). 180  (2). 2.095 (2.0932.098 均对)  (3). 5.015  (4). A  (5). D  (6). 21 RR   (7). 2 21 4 dRR l (8). 2 【解析】 【详解】(1)由图可知,该电阻的阻值约为 18.010=180,螺旋测微器的固定刻度读数为 2.0mm,可动 刻度读数为 0.019.6mm=0.096mm,所以最终读数为:2.0mm+0.448mm=2.096mm, 游标卡尺主尺读数为:5cm,游标上

20、的读数为:3 0.05mm0.15mm,所以游标卡尺读数为:5.015cm; (2)a. 根据闭合电路欧姆定律可知,通过待测电阻的最大电流为: max 3 0.167mA167mA 18 X E I R ,如果电流表选 B,则读数误差太大,故电流表应选 A;电源电动 势为 3V,电流表量程为 15mA=0.015A,由欧姆定律: U I R 知,电路中的最小电阻应为: 3V 200 0.015A A E R I ,所以电阻箱应选 D; b. 根据闭合电路欧姆定律,S2断开时有: 1xA EI RRRr  S2闭合时有: 2A EI RRr  联立解得: 21x RRR &n

21、bsp;由电阻定律有: 2 () 2 x l R d ,解得: 2 21 4 dRR l ; (3) S闭合后,由闭合电路欧姆定律可知: 2A EI RRr,则有: 2 1 A RRr IE 则可知图象的纵轴 的交点为: A 1 Rr E ,解得: A 2R 。 11.如图所示,传送带水平部分的长度l4.5m,在电动机带动下匀速运行。质量 M0.49kg的木块(可视 为质点)静止在传送带左端的光滑平台上质量为 m10g 的子弹以 v050m/s 的速度水平向右打入木块并 留在其中,之后木块滑到传送带上,最后从右轮轴正上方的 P 点离开传送带做平抛运动,正好落入车厢中 心点 Q。已知木块与传送带

22、间的动摩擦因数0.5,P 点与车底板间的竖直记度 H1.8m,与车厢底板中心 点 Q 的水平距离 x1.2m,取 g10m/s2,求: (1)木块从传送带左端到达右端的时间; (2)由于传送木块,电动机多消耗的电能 【答案】(1)2.3s  (2)1J 【解析】 (1)传送带的的速度等于木块运动到P点后做平抛运动,得:xvt 竖直方向: 2 1 2 Hgt, 解出抛出速度:2m/sv 子弹打入木块过程中,由动量守恒定律得: 01 ()mvMm v, 木块沿传送带加速运动,由牛顿第二定律得:()()Mm gMm a 加速至v的位移: 22 1 1 0.3m4.5m 2 vv x a 加

23、速运动的时间: 1 1 0.2s vv t a 之后随传送到向右匀速运动,匀速运动时间: 1 2 2.1s lx t v 木块从传送带左端到达右端的时间: 12 2.3sttt (2)根据功能关系,电动机多做的功,等于该过程煤块动能的增量 k E与煤块与皮带由于摩擦生热而产生 的内能Q之和,即 k EEQ 其中: 22 1 11 ()() 22 k EmM vmM v 解得:0.75J k E 产生的热量为:Qmg(x带-x块)0.25Jmg x 联立可得:1J k EEQ 点睛点睛:对于皮带类的问题要讨论在皮带上是否能达到共速这样的条件,然后在结合运动学公式求解即可。 12.如图所示中 1

24、1 11 abc d和 2 2 22 a b c d为在同一竖直平面内的金属导轨, 处在磁感应强度为 B的匀强磁场中, 磁 场方向垂直导轨所在的平面(纸面)向里。导轨的 1 1 a b段与 2 2 a b段是竖直的,距离为 1 l; 11 c d段与 22 c d段 也是竖直的,距离为 2 l。 11 x y和 22 x y为两根用不可伸长的绝缘轻线相连的金属细杆,质量分别为 m1和 m2, 它们都垂直于导轨并与导轨保持光滑接触。两杆与导轨构成的回路的总电阻为 R。F为作用于金属杆 11 x y上 的竖直向上的恒力。已知两杆运动到图示位置时,已匀速向上运动,求此时作用于两杆的重力的功率的大 小

25、和回路上的热功率。 【答案】 2 22 2 2 1 1 1 FmmgR Pmmg Bll ; 2 2 2 1 1 Fmmg QR B ll 【解析】 【详解】设金属杆向上运动的速度为 v,因杆的运动,两杆与导轨构成的回路的面积减少,从而磁通量也减 少。由法拉第电磁感应定律,回路中的感应电动势的大小 12 EB llv 回路中的电流 E I R  方向沿着顺时针方向 两金属杆都要受到安培力的作用,作用于杆 x1y1的安培力为 11 fBIL,方向向上;作用于杆 x2y2的安培力 为 22 fBIL,方向向下。当金属杆作匀速运动时,根据牛顿第二定律有 1212 0Fm gm gff 解以

26、上各式,得 12 21 Fmmg I B ll 12 2 2 21 FmmgR v Bll 作用于两杆的重力的功率 2 22 2 2 1 1 1 FmmgR Pmmg Bll 电阻上的热功率 1 1 2 22 2 Fmmg QI RR B ll 。 (二)选考题:共(二)选考题:共 45分。请考生从分。请考生从 2道物理题、道物理题、2 道化学题、道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答。道生物题中每科任选一题作答。 如果多做,则每科按所做的第一题计分。如果多做,则每科按所做的第一题计分。  13.下列说法正确的是_。 A. 地面附近有一正在上升的空气团(视为理想气体) ,它与外界的

27、热交换忽略不计,已知大气压强随高度 增加而降低,则该气团在此上升过程中体积增大,温度升高 B. 荷叶上的小水滴呈球形是水的表面张力作用的结果 C. 空气相对湿度越大,空气中水蒸气压强越接近同温度下水的饱和气压,水蒸发越慢 D. 自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的 E. 教室内看到透过窗子的“阳光柱”里粉尘颗粒杂乱无章地运动,这种运动是布朗运动 【答案】BCD 【解析】 【详解】A 项:地面附近有一正在上升的空气团(视为理想气体) ,它与外界的热交换忽略不计。已知大气 压强随高度增加而降低,则根据 PV C T 可知,该气团在此上升过程中气团体积增大,温度降低;故 A 错

28、 误; B项:荷叶上的小水滴呈球形是水的表面张力,使水滴表面有收缩趋势的结果,故 B 正确; C项:相对湿度是空气中水蒸气的压强与同温度下的饱和蒸汽压的比值,空气相对湿度越大时,空气中水蒸 气压强越接近同温度水的饱和汽压,水蒸发越慢,故 C 正确; D 项:根据热力学第二定律可知,自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的,故 D 正确; E项:布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动,所以空气中粉尘颗粒杂乱无章的运动是气体的流动引起的, 不是布朗运动,故 E错误。 14.【物理选修 3-3】如图所示,一定量气体放在体积为 V0的容器中,室温为 T0=300K,有一光滑导热 活塞 C

29、(不占体积)将容器分成 A、B两室,B室的体积是 A 室的 2 倍,A室容器上连接有一 U 形管(U 形管内 气体的体积忽略不计),两边水银柱高度差为 76cm.右室容器中连接有一阀门 K,可与大气相通(外界大气压 等于 76cmHg).问: 将阀门 K打开后,A室的体积变成多少? 打开阀门 K后, 将容器内的气体从 300K分别加热到 400K和 540K, U形管内两边水银面的高度差各为多 少? 【答案】 (1) 0 2 3 V ; (2)0  15.2cm 【解析】 【详解】 (1)阀门 K未打开时, 0 2 A PP, 0 1 3 A VV( 0 P是外界大气压) 阀门 K打

30、开后: 0A PP = , A V =? 根据玻意耳定律得 A AAA P VPV , 代入得 000 '1 3 2 A PVP V ,得 0 2 3 A VV = ; (2)打开阀门 K后将容器内的气体时,A室气体先发生等压变化。 设等压变化过程,最终活塞 C 到最右边时温度为 T 则 对 A有: 0 A A VV T T = , 代入得 0 0 2 3 300 V T V 解得:450K400KT ,说明加热到400K时活塞不会到最右端,所以水银柱高度差为 0;  加热到540K,C滑到最右端,从450K540K A 室气体发生等容变化。 对 A: 0 PP TT 代入得

31、: 76 450540 P 解得 91.2cmHgP 故 U 形管内两边水银面的高度差为 0 91.2cm76cm15.2cmhPP . 15.一列简谐横波沿 x 轴正方向传播,在 t与(t+0.2s)两个时刻,x轴上(-3m,3m)区间波形完全相同,如图 所示并且图中 M、N两质点在 t秒时位移均为 2 a ,下列说法中正确的是_ A. 该波的最小波速为 20m/s B. (t+0.1s)时刻,x=2m处的质点位移必为 a C. 从 t时刻起,x=2m处的质点比 x=2.5m的质点先回到平衡位置 D. 从 t时刻起,在质点 M第一次到达平衡位置时,质点 N恰好到达波峰 E. 该列波在传播过程

32、中遇到宽度为 1m的狭缝时会发生明显的衍射现象 【答案】ACE 【解析】 【详解】A项:由图知波长 =4m。由于 t秒与(t+0.2)秒两个时刻的波形相同,经过了整数倍周期的时间, 则 得 :0.2,1,2tsnTn 可 得 到 最 大 的 周 期 为 T=0.2s , 由v T 得 最 小 波 速 为 : 4 mm 20 ss 0.2 v ,故 A正确; B项:由于周期不确定,时间 0.1s不一定等于半个周期,则(t+0.1)秒时刻,x=-2m处质点不一定到达波 峰,位移就不一定是 a。故 B 错误; C项:简谐横波沿 x轴正方向传播,x=2.5m处的质点向下运动,到达平衡位置的时间大于 4

33、 T ,而 x=2m处 的质点到达平衡位置时间等于 4 T ,所以 x=2m处的质点比 x=2.5m的质点先回到平衡位置,故 C正确; D 项:根据数学知识得知质点 M 和 N之间的距离等于 6 ,由波形得知,质点 M第一次到达平衡位置时,质 点 N 不在波峰。故 D错误; E项:障碍物的尺寸与该波波长相同或比波长小,能发生明显衍射。该波波长为 4m,则该列波在传播过程 中遇到宽度为 d=1m的狭缝时会发生明显的衍射现象,故 E 正确。 16.某种光学元件由两种不同透明物质和制成,其横截面如图所示,O为 AB中点,30BAC,半径为 R 的半圆形透明物质的折射率为 n1= 3,透明物质的折射率

34、为 n2一束光线在纸面内从半圆面上的 P 点 沿 PO方向射入,折射至 AC面时恰好发生全发射,再从 BC 边上的 Q点垂直射出 BC 边,已知真空中光速 为 c,求: 该透明物质的折射率 n2; 光从 P 传到 Q 所用时间(结果可用根式表示) ; 【答案】 2 2 3 3 n 2 3R t c 【解析】 【详解】由题意可知,光线射向 AC面恰好发生全反射,反射光线垂直于 BC'面从棱镜射出,光路图如下 图. 设该透明物质的临界角为 C,由几何关系可知 21 60C  2 1 sinC n , 2 2 3 3 n 介质 I中光速1 1 c v n , 介质中用时1 1 R t v , 介质 II中光速 2 2 c v n , 又由于OM OAR ,cos30 2 R MQMC , 介质 II中用时2 2 3 2 R t v , P到 Q 用时 12 2 3R ttt c