1、 20192019 年年高考全真模拟试卷高考全真模拟试卷（新课标（新课标卷卷） （） （1 1） 理科理科综合能力测试综合能力测试 注意事项： 1本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考 证号填写在答题卡上。 2回答第卷时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3回答第卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H1 N14 O16 Na23 S32 K39 Fe56 Cu64 第卷 一、选
2、择题：本题共 13 个小题，每小题 6 分，共 78 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 目要求的。 1下列有关生物体内的物质的叙述正确的是（ ） A构成烟草花叶病毒遗传物质和细胞能量“通货”的化学元素种类相同 B细胞干重中含量最多的化学元素和化合物分别是氧和蛋白质 C人体内环境中存在二氧化碳、血浆蛋白、尿素、糖原等物质 D细胞膜由脂质和蛋白质组成，脂质中磷脂最丰富 【答案】A 2.下列有关神经元的结构与功能的叙述，正确的是（ ） A神经元都具有多个轴突和多个树突，与其传导信息的功能是相适应的 B神经元轴突内的细胞质不断的流动，以便于轴突和细胞体进行物质交流 C神经元因合成分泌神经
3、递质的需要，具有较多的核糖体、内质网、高尔基体等细胞器 D神经元细胞膜表面遍布着神经递质的受体，使其能广泛及时地接受神经递质的刺激 【答案】B 【解析】每个神经元都有一个轴突及一个或多个树突，A 错误；神经元轴突内的细胞质不断的流动，以便 于轴突和细胞体进行物质交流，B 正确；常见的神经递质有乙酰胆碱、多巴胺、一氧化氮等，因此神 经递质的合成不一定需要参与核糖体的参与， C 错误。 神经递质的受体通常位于神经元细胞的胞体膜或 树突膜上，D 错误。故选 B。 3.摩尔根等通过染色体上基因位置的测定，说明基因在染色体上呈线性排列，下列叙述正确的是（ ） A基因是具有遗传效应的染色体片段 B染色体是
4、真核细胞基因的唯一载体 C基因通过转录把遗传信息传递到 RNA DRNA 聚合酶结合起始密码子启动转录 来源:学.科.网 Z.X.X.K 【答案】C 4.下列相关实验中涉及“分离”的叙述正确的是（ ） A噬菌体侵染细菌的实验中，离心的目的是使噬菌体的 DNA 和蛋白质分离 B植物细胞质壁分离实验中，滴加蔗糖溶液的目的是使原生质层与细胞壁分离 C植物根尖细胞有丝分裂实验中，可以观察到姐妹染色单体彼此分离的过程 D观察 DNA 和 RNA 在细胞中分布实验中，盐酸可以使染色质中的 RNA 与蛋白质分离 【答案】B 【解析】噬菌体侵染细菌的实验中，离心的目的是使噬菌体的蛋白质外壳与大肠杆菌分离，A
5、错误；植物 细胞质壁分离实验中，滴加蔗糖溶液会由于外界溶液浓度大于细胞液浓度，细胞会失水，从而使原生 质层与细胞壁分离（即出现质壁分离） ，B 正确；植物根尖细胞有丝分裂实验中，观察不到细胞分裂的 完成过程，因此，姐妹染色单体彼此分离的过程也看不到，C 错误；观察 DNA 和 RNA 在细胞中分布 实验中，盐酸可以使染色质中的 DNA 与蛋白质分离,D 错误；综上所述，选 B 项。 5.下列有关孟德尔两大遗传定律及运用的说法，正确的是（ ） A孟德尔两大遗传定律所对应的细胞学基础（减数分裂中的染色体行为）相同 B非等位基因的遗传都符合基因的自由组合定律 C基因型为 AaBb 的个体自交（子代数
6、量足够多） ，若子代出现 6231 的性状分离比，则肯定是 A 基因纯合致死 D基因型为 AaBb 的个体自交（子代数量足够多） ，若子代出现 97 的性状分离比，则所有基因型中 存在 3 种杂合子自交子代会出现性状分离 【答案】D 6.某地山火使原有的优势物种多年生草本植物被野燕麦、毛雀麦等一年生草本植物所取代，下列分析正确的 是（ ） A失火前后的草原生态系统均存在垂直结构和水平结构 B该草原生态系统一定能演替成森林 C失火前后的优势种均为草本植物，故没有发生群落演替 D演替过程中后一阶段优势种的兴起，一般会造成前一阶段优势种的消亡 【答案】A 【解析】每个生态系统都有垂直结构和水平结构，
7、因此，失火前后的草原生态系统均存在垂直结构和水平 结构，A 正确；该草原生态系统不一定能演替成森林，B 错误；失火前后的优势种虽然均为草本植物， 但物种不同，故发生了群落演替，C 错误；演替过程中后一阶段优势种的兴起，只是优势取代，而非取 而代之，D 错误；综上所述，选 A 项。 7中国传统文化对人类文明贡献巨大，古代文献中记载了古代化学研究成果。下列常见古诗文对应的化学 知识正确的是 常见古诗文记载 化学知识 A 梦溪笔谈中对宝剑的记载：“古人以剂钢为刃，柔铁的合金硬度比纯铁的 铁为茎干，不尔则多断折” 大，熔点比纯铁的高 B 本草纲目拾遗中对强水的记载：“性最烈，能蚀五 金，其水甚强，惟玻
8、璃可盛” 强水为氢氟酸 C 本草经集注 中记载鉴别硝石(KNO3)和朴消(Na2SO4) 的方法：“强烧之，紫青烟起，云是真硝石也”。 利用焰色反应 D来 诗经大雅绵 ：“堇荼如饴。”郑玄笺：“其所生菜， 虽有性苦者，甘如饴也。” 糖类均有甜味 【答案】C 8设 NA为阿伏加德罗常数的数值。下列说法正确的是 A常温常压下，11.2L 甲烷中含有的共价键数为 2NA B1 mol OH 中含有 9N A个电子 C1L1mol L 1AlCl 3溶液中含有 NA个 Al 3+ D3.2g 由 O2和 O3组成的混合气体中含有的氧原子数为 0.2NA 【答案】D 【解析】A11.2L 甲烷常温常压下
9、不是 0.5mol，所以含有的共价键数不是 2NA，故 A 错误；B1 mol OH 中含有 10mol 电子，即含有 10NA个电子，故 B 错误；C由于 Al3+发生水解，铝离子数目减少，所以 1L1mol L 1AlCl 3溶液中含有 Al 3+数目小于 N A个，故 C 错误；D氧气和臭氧均由氧原子构成，故 3.2g 混合物中含有的氧原子的物质的量为 n=0.2mol，故含 0.2NA个氧原子，故 D 正确。故选 D。 9依据反应 NH3+CO2+H2O+NaCl=NaHCO3+NH4Cl 制备碳酸氢钠。下列实验装置能达到实验目的的是 A用装置甲制取氨气 B用装置乙制取二氧化碳 C用装
10、置丙制取碳酸氢钠 D用装置丁分离碳酸氢钠与母液 【答案】D 10迷迭香酸具有抗氧化、延缓衰老、减肥降脂等功效，它的结构简式为：。以邻苯 二酚为原料合成迷迭香酸的路线如下所示，下列说法错误的是 A有机物 A 分子中所有原子可能在同一平面上 B有机物 B 可以发生取代、加成、消去、氧化反应 C1molC 在催化剂作用下，与 H2加成最多可消耗 8mol D1molC 与足量的 NaOH 溶液反应，最多可消耗 6 molNaOH 【答案】C 【解析】A、苯空间构型为正六边形，以及三点确定一个平面，因此有机物 A 所有原子可能在同一平面上， 故 A 说法正确；B、根据 B 的结构简式，含有官能团是羟基
11、、羧基，还含有苯环，因此可以发生取代、 加成、消去、氧化反应，故 B 说法正确；C、根据迷迭香酸的结构简式，能与氢气发生加成反应的是苯 环和碳碳双键，1 个迷迭香酸分子中含有 1 个苯环，一个碳碳双键，因此 1molC 在催化剂作用下，与 氢气加成最多消耗 7mol，故 C 说法错误；D、1 分子迷迭香酸中含有 4 个酚羟基，1 个羧基，1 个酯基， 1molC 最多消耗 6molNaOH，故 D 说法正确。 11短周期主族元素 W、X，Y、Z 的原子序数依次增大，四种原子的最外层电子数之和为 18，W 与 Y 同 主族，X 原子的最外层电子数等于周期数，Z 的单质在常温下为气体，下列说法正确
12、的是 A最简单氢化物的稳定性：ZWY B原子半径：YXW CX 与 Z 形成的化合物的水溶液能使红色石蕊试纸变蓝 DY 的氧化物既能与碱反应，也能与酸反应，属于两性氧化物 【答案】A 12下列实验操作、实验现象和实验结论均正确的是 选项 实验操作 实验现象 实验结论 A 将 Fe(NO3)2样品溶于稀硫酸，滴加 KSCN 溶液来源:学,科,网 Z,X,X,K 溶液变红 稀硫酸能氧化 Fe2+ B 向 KMnO4酸性溶液中滴加乙二酸 溶液褪色 乙二酸具有氧化性 C 向 AgNO3溶液中滴加过量氨水 得到澄清溶液 Ag+与 NH3 H2O 能 大量共存 D 向 1 mL 0.1 mol L-1 N
13、a2S 溶液中滴入开始有白色沉淀生成；Ksp(CuS)C ad 非极性分子 电子 否 若铂原子轨道为 sp3杂化，则该分子结构为四面体，非平面结构 （或） 【解析】 （1）钴为 27 号元素，价电子排布为 3d74s2，则基态钴原子的价电子排布图为； 故答案为：； （2）吡啶环上的原子形成 6 个 键，还有 5 个 C-H 键，故每个吡啶分子中含有的 键数目为 11； 同一周期主族元素从左到右第一电离能有增大的趋势，但由于氮原子核外 p 轨道处于半充满状态，第 一电离能相对较高，故 C、N、Cl 三种元素的第一电离能由大到小的顺序是 NClC； 二氯二吡啶合铂为分子晶体，故含有范德华力；二氯二
14、吡啶合铂是由 Pt2+、Cl 和吡啶结合形成的铂 配合物，Pt2+、与 2 个 Cl 、吡啶形成配位键，没有离子键，吡啶中碳原子之间形成极性键、不同 原子之间形成非极性键，C-H 键中氢原子不能形成氢键，也没有金属键，故选 ad 项。 反式二氯二吡啶合铂分子结构式为：其结构对称，是非极性分子。 故答案为：11；NClC；ad；非极性分子； 36有机化合物 G 是抗肿瘤药物中一种关键的中间体，由烃 A(C7H8)合成 G 的路线如下(部分反应条件及副 产物已略去)： 已知以下信息 B 比 A 的相对分子质量大 79； D 的分子式为 C2H2O3，可发生银镜反应，且具有酸性。 回答下列问题： （
15、1）测定有机物的组成和结构的现代分析方法中，测定相对分子质量时使用的仪器名称是 _。 （2）A 的名称是_。由 A 生成 B 的化学方程式是_。 （3）D 中所含官能团的名称是_。 （4）反应、的反应类型分别是_、_。 （5）下列说法不正确的是_(填选项序号)。 A可用 FeCl3溶液鉴别 C 和 E B有机物 E 中含有手性碳原子 CB 转化为 C 的第一步反应中的试剂甲为 NaOH 溶液 D有机物 E 能发生加成反应，不能发生缩聚反应 （6）G 的同分异构体中，符合下列要求的有_种(不考虑立体异构)。 属于芳香族化合物： 既能发生银镜反应，又能发生水解反应 （7）设计由丙酮酸()为起始原料
16、制备乙酸乙酯的合成路线_(无机试剂任 选)。合成反应流程图示例如下： 。 【答案】质谱仪 甲苯 醛基、羧基 加成反应 氧化反应 AD 4 （1） 质谱仪其实是把有机物打成很多小块，会有很多不同的分子量出现，其中最大的那个就是该有 机物的分子量，所以能够快速，微量，精确测定有机物相对分子质量的物理方法是质谱法，测定相对分子 质量时使用的仪器名称是质谱仪； 故答案为：质谱仪； （5）A、物质 C 为邻羟基甲苯，含有酚羟基，E 的结构中也含有酚羟基，因此不能用 FeCl3溶液鉴别 C 和 E，即 A 错误； B、由 E 的结构可知，有机物 E 中连接醇羟基的碳原子为手性碳原子，故 B 正确； C、B
17、 转化为 C 的第一步反应为邻溴甲苯水解生成邻羟基甲苯需要的试剂为 NaOH 溶液，故 C 正确； D、E 分子结构中含有酚羟基、醇羟基、羧基以及苯环，所以能发生氧化反应、加成反应、取代反应和 缩聚反应，故 D 错误。 故答案为：AD； （6）根据上述推断 G 的结构简式为，其同分异构体中属于芳香族化合物； 既能发生 银镜反应，又能发生水解反应说明含有甲酸酯的结构，即含有 HCOO-结构，一共有 4 种。即含 有 HCOO-、CH3两个取代基的共 3 种；含有 HCOOCH2-取代基 1 种；共计 4 种； 故答案为：4； （7）丙酮酸()在一定条件下生成乙醛，乙醛催化加氢生成乙醇，乙醛催化氧
18、化生成乙 酸，乙酸和乙醇在浓硫酸加热条件下发生酯化反应生成乙酸乙酯，设计合成反应流程如下： ； 故答案为：。 37.生物选修 1：生物技术实践（15 分）某校生物研究性学习小组的同学欲调查某冷饮店的冰块中大肠杆 菌的含量。具体实验步骤如下: 第一步:配置培养基（成分：蛋白胨、氯化钠、乳糖、水、X 和 Y） ； 第二步:制作无菌平板； 第三步:设置空白对照组和实验组，对照组接种，实验组接种。 第四步:将各组平板置于 37恒温箱中培养一段时间，统计各组平板上菌落的平均数。 回答下列问题: （1）培养基中的乳糖可以为大肠杆菌提供_。为了方便大肠杆菌的鉴定，需要在培养基中添加成分 X _，在该培养基表
19、面，大肠杆菌的菌落呈现 _（填颜色） 。为了完成步骤二，该培养基中 的成分 Y 通常是_。 （2）完善步骤三，是_ ，是 _ 。 （3）若该小组在空白对照组的平板上检测到少许菌落，请分析可能的原因:_ 。 （4）将 1mL 冰块水样稀释 100 倍，在 3 个平板上用涂布法分别接入 0.1mL 稀释液；经适当培养后，3 个平 板上的菌落数分别为 39、38 和 37，据此可得出每升水样中的活菌数为 _ 。 【答案】 （1） 碳源 （2） 伊红美蓝 （3） 黑色 （4） 琼脂 （5） 适量无菌水 （6） 等量冰 块水 （7） 培养基灭菌不合格或倒平板（接种）过程被污染 （8） 3.8 107 (
20、 4 ) 由由题意知 1ml 水样中的菌落数是（39+38+37） 3 0.1 100=3.8 104个，每升水样中的活菌数为 3.8 104 103=3.8 107。 38生物选修 3：现代生物科技专题（15 分）亨廷顿舞蹈病是由单基因（HTT）突变导致的神经退行性 疾病，中科院利用基因编辑（CRISPR/Cas9）技术首次成功培育出亨廷顿舞蹈病的基因“敲入”猪模型， 为制备其它神经退行性疾病大动物模型提供了技术范本和理论依据。具体操作过程如下图： （1）基因编辑技术所使用的 CRISPR/Cas9 系统需要对特定的 DNA 序列识别并切割，其功能类似于基因工 程工具中的_。 （2）过程所利
21、用的生物技术是_。过程体现的生物学原理是_。 （3）根据图 1 中信息，结合已有知识，基因编辑技术与转基因技术所利用的遗传学原理是_。 （4）图 1 中成纤维细胞中的目的基因是_。 （5）在此研究之前，研究人员已建立转基因亨廷顿舞蹈病的猪模型，但出生不久后即死亡。由图可知，与 转基因猪模型相比，基因“敲入”猪模型优势在于_。 A操作过程更简单 B致病基因可遗传给后代 C培育的时间较短 D发生突变的概率更高 （6）假如上图中目的基因用 J 表示，其所在的 DNA 片段如下图 2 所示，图 3 示所用质粒的部分碱基序列。 （现有 4 种限制酶： Msp、 BamH、 Mbo、 EcoR， 能识别的
22、碱基序列和酶切位点分别为： CCGG、 GGATCC、GATC、GAATTC） 据图 2、3 分析，构建重组质粒的过程中，能（宜）使用的限制酶是_。 【答案】 （1） 限制酶 （2） 细胞核移植技术 （3） 动物细胞核的全能性 （4） 基因重组 （5） 含 人突变 HTT 基因片段的猪的 HTT 基因 （6） B （7） BamH （5） 由图可知， 基因“敲入”猪模型可以通过遗传将其性状遗传给后代， 故与转基因猪模型相比， 基因“敲入” 猪模型优势在于致病基因可遗传给后代，故选 B。 （6）由图可知目的基因要完全切割下来可以用 BamHI 酶，不能用 MboI 酶，因为用 MboI 酶切后会将质粒 上的 2 个抗性基因都破坏掉无法进行筛选，用 BamHI 酶切后质粒的抗生素 A 基因被破坏，故只能用含 抗生素 B 的培养基鉴定。