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高三物理二轮复习 “8+2”定时训练5 2018年(全国2卷)逐题仿真练

1、2018 年年(全国全国 2 卷卷)逐题仿真练逐题仿真练 题号 14 15 16 17 18 考点 功能关系 动量定理 万有引力定律 光电效应 电磁感应的图象 问题 题号 19 20 21 22 23 考点 速度图象和 追及问题 磁感应强度的 矢量合成 电场性质的理解 电表的改装 测定动摩擦因数 二、选择题(本题共 8 小题,每小题 6 分在每小题给出的四个选项中,第 1418 题只有一 项符合题目要求,第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分,有选错的得 0 分) 14 如图 1 所示, 质量为 m 的一辆小汽车从水平地面 AC 上的 A 点沿斜坡匀速行

2、驶到 B 点 B 距水平地面高 h,以水平地面为零势能面,重力加速度为 g.小汽车从 A 点运动到 B 点的过程 中(空气阻力不能忽略),下列说法正确的是( ) 图 1 A合外力做功为零 B合外力做功为 mgh C小汽车的机械能增加量为 0 D牵引力做功为 mgh 答案 A 15(2019 广西钦州市 4 月综测)“飞针穿玻璃”是一项高难度的绝技表演,曾引起质疑为 了研究该问题,以下测量能够得出飞针在穿越玻璃的时间内,对玻璃平均冲击力大小的是 ( ) A测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃前后的速度 B测出玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 C测出飞针质量、玻璃厚度和飞针穿越玻璃所用的时间 D测出飞针质量

3、、飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度 答案 D 解析 在“飞针穿玻璃”的过程中,由动量定理得: F tmv2mv1,故应测出飞针质量、 飞针穿越玻璃所用时间和穿越玻璃前后的速度,故 D 正确,A、B、C 错误 16(2019 安徽淮南市第二次模拟)已知地球两极处的重力加速度大小约为 9.8 m/s2,贴近地 球表面飞行的卫星的运行周期约为 1.5 小时, 试结合生活常识, 估算一质量为 60 kg 的人站在 地球赤道上随地球自转所需要的向心力约为( ) A0.2 N B0.4 N C2 N D4 N 答案 C 解析 在两极:GMm R2 mg; 对贴近地球表面飞行的卫星 GMm R2 m

4、4 2 T2 R, 解得 RgT 2 42; 则站在地球赤道上随地球自转的人所受的向心力:F向m人 42 T2Rm 人 42 T2 gT2 42m 人g T2 T2 609.8(1.5 24) 2 N2 N,故选 C. 17(2019 湖北武汉市四月调研)已知氢原子的基态能量为 E1,激发态能量 EnE1 n2,其中 n 2,3.若氢原子从 n3 的能级跃迁到 n2 的能级放出光子的频率为 , 能使氢原子从基态电 离的光子的最小频率为( ) A.9 4 B4 C. 36 5 D9 答案 C 解析 由题意可知:E1 32 E1 22h; 能使氢原子从基态电离的光子的最小频率满足:0E1h, 解得

5、 36 5 ,故选 C. 18(2019 山东济宁市第二次摸底)如图 2 甲所示,在线圈 l1中通入电流 i1后,在 l2上产生的 感应电流随时间变化的规律如图乙所示,l1、l2中电流的正方向如图甲中的箭头所示则通入 线圈 l1中的电流 i1随时间 t 变化的图象是下图中的( ) 图 2 答案 D 解析 因为感应电流大小不变,根据电磁感应定律得:IE R n t R nB tS R ,而线圈 l1中产生 的磁场变化是因为电流发生了变化,所以 I nB tS R ni tS R ,所以线圈 l1中的电流均匀改变, A、C 错误;根据题图乙,0T 4时间内感应电流磁场向左,所以线圈 l1 产生的磁

6、场向左减小, 或向右增大,B 错误,D 正确 19(2019 广西梧州市联考)甲、乙两物体沿同一直线做减速运动,t0 时刻,两物体同时经 过同一位置, 最后又停在同一位置, 它们的速度时间图象如图3所示, 则在运动过程中( ) 图 3 At1时刻甲和乙相距最远 B甲、乙的平均速度相等 C在某时刻甲、乙的加速度可能相等 D甲的加速度逐渐减小,乙的加速度大小不变 答案 CD 解析 甲、乙两物体速度相等时相距最远,选项 A 错误;甲、乙的位移相同,但是甲运动的 时间较长,则甲的平均速度较小,选项 B 错误;vt 图象的斜率等于加速度,由图象可知, 在某时刻甲的加速度可能等于乙的加速度,选项 C 正确

7、;vt 图象的斜率等于加速度,由图 象可知,甲的加速度逐渐减小,乙的加速度大小不变,选项 D 正确 20(2019 江西南昌市第二次模拟)如图 4 所示,三条长直导线 a、b、c 都通以垂直纸面的电 流,其中 a、b 两根导线中电流方向垂直纸面向外O 点与 a、b、c 三条导线距离相等,且 Ocab.现在 O 点垂直纸面放置一小段通电直导线,电流方向垂直纸面向里,导线所受安培 力方向如图所示则可以判断( ) 图 4 AO 点处的磁感应强度的方向与 F 相同 B长导线 c 中的电流方向垂直纸面向外 C长导线 a 中电流 I1小于 b 中电流 I2 D长导线 c 中电流 I3小于 b 中电流 I2

8、 答案 BC 解析 由左手定则可知,磁感应强度方向与安培力方向垂直,故 A 错误;由左手定则可知, O 点的磁感应强度方向与 F 垂直斜向右下方,此磁场方向可分解为水平向右方向和竖直向下 方向,所以导线 c 在 O 点产生的磁场方向应水平向右,由安培定则可知,导线 c 中的电流为 垂直纸面向外, 导线 a 在 O 点产生的磁场方向竖直向上, 导线 b 在 O 点产生的磁场方向竖直 向下,所以长导线 a 中电流 I1与 b 中电流 I2的关系,由于不知道安培力的具体方向,所以无 法确定长导线 c 中电流 I3与 b 中电流 I2的关系,故 B、C 正确,D 错误 21(2019 山东济宁市第二次

9、摸底)如图 5 所示,在绝缘水平地面上固定两个等量同种点电荷 A、B,在 AB 连线上的 P 点由静止释放一带电滑块(可视为质点),则滑块会由静止开始一直 向右运动到 AB 连线上的一点 M 而停下则以下判断正确的是( ) 图 5 A滑块一定带的是与 A、B 异种的电荷 B滑块的电势能一定是先减小后增大 C滑块的动能与电势能之和一定减小 DAP 间距一定小于 BM 间距 答案 CD 解析 滑块受到的电场力是两点电荷对它作用力的合力,滑块向右运动,合力向右,滑块一 定带与 A、B 同种的电荷,否则滑块将向左运动,A 错误滑块运动可能有两种情况:1.滑块 受到的电场力先向右后向左,电场力先做正功,

10、再做负功,电势能先减小后增加;2.滑块受 到的电场力合力始终向右,在到达 AB 中点前停止,电场力始终做正功,电势能始终减小,B 错误根据能量守恒,滑块的电势能、动能、内能之和不变,阻力做负功,内能增大,则动 能与电势能之和一定减小,C 正确若没有摩擦力,APBM;因为水平面不光滑,水平方 向受到摩擦力作用, 运动到速度为 0 的位置在 P 点关于 AB 中点对称点的左侧, 所以 APBM, D 正确 22(6 分)(2019 广东揭阳市第二次模拟)某同学用一个满偏电流为 10 mA、内阻为 30 的电 流表,一只滑动变阻器和一节电动势为 1.5 V 的干电池组装成一个欧姆表 图 6 (1)该

11、同学按图 6 正确连接好电路 甲、 乙表笔中, 甲表笔应是_(选填“红”或“黑”) 表笔 (2)测量电阻前,他先进行欧姆调零:将甲、乙表笔短接,调节滑动变阻器,使电流表指针指 到_处 图 7 (3)欧姆调零后, 他将甲、 乙两表笔分别接如图 7 中的 a、 b 两点, 指针指在电流表刻度的 4 mA 处,则电阻 Rx_ . (4)若误将甲、 乙两表笔分别接在了如图 2 中的 a、 c 两点, 则 Rx的测量结果_(选填“偏 大”或“偏小”) (5)再给电流表并联一个合适的定值电阻 R0,就可组装成一个中间刻度值为 15 的欧姆表, 则 R0_ .(结果保留两位有效数字) 答案 (1)红 (2)

12、10 mA (3)225 (4)偏小 (5)3.3 解析 (1) 由题图示可知,甲表笔与欧姆表内置电源负极相连,甲表笔是红表笔; (2)测量电阻前,他先进行欧姆调零:将甲、乙表笔短接,调节滑动变阻器,使电流表指针指 到电阻为零即电流最大(10 mA); (3)欧姆表内阻:R内E Ig 1.5 10 2 150 ,指针指在电流表刻度的 4 mA 处,由闭合电路欧 姆定律得:410 3 A 1.5 V 150 Rx,解得:Rx225 ; (4)若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的 a、c 两点,由题图示电路图可知,两电池串联, 相当于欧姆表内置电源电动势 E 变大,由闭合电路欧姆定律可知,电路电流变

13、大,欧姆表指 针偏右,欧姆表示数变小,Rx的测量结果偏小; (5)欧姆表内阻等于中值电阻,中间刻度值为 15 的欧姆表,其内阻为 15 ,I E R内 1.5 15 A 0.1 A,把电流表改装成 0.1 A 的电流表需要并联分流电阻,分流电阻阻值:R0 IgRg 0.10.010 A3.3 . 23 (9 分)(2019 陕西省第二次质检)某实验兴趣小组为了测量物体间的动摩擦因数, 设计了如 下实验: 图 8 (1)如图 8 甲,将轻弹簧竖直悬挂,用刻度尺测出弹簧自由悬挂时的长度 L14.00 cm. (2)如图乙,在弹簧的下端悬挂小木块,用刻度尺测出稳定时弹簧的长度 L2_ cm. (3)

14、将一长木板平放在水平面上,小木块放置于木板上表面,如图丙,将图乙中的弹簧左端固 定在竖直墙壁上,右端拴接小木块,使弹簧水平,用力 F 向右拉动长木板,长木板与小木块 发生相对运动,当小木块稳定时,测出此时弹簧的长度 L36.07 cm. (4)根据上面的操作, 可以得出小木块与长木板间的动摩擦因数 _(结果保留两位有 效数字) (5)若图丙实验中弹簧不水平,左端略高一些,由此而引起的动摩擦因数 的测量结果 _(填“偏大”或“偏小”) 答案 (2)8.65(8.638.67) (4)0.44 或 0.45 (5)偏小 解析 (2)刻度尺的最小分度值为 0.1 cm,刻度尺的读数为 8.65 cm; (4)根据平衡条件可得小木块的重力为:Mgk(L2L1),用力向右拉动长木板,长木板与小木 块发生相对运动,当小木块稳定时,则有:Ffk(L3L1),可以得出小木块与长木板间的动 摩擦因数: Ff Mg L3L1 L2L10.45; (5)若图丙实验中弹簧不水平,左端略高一些,则有:F弹cos (MgF弹sin ),解得小木 块与长木板间的动摩 擦因数: F弹cos MgF弹sin , 由于左端略高一些, 则有 0 , 所以: F弹cos MgF弹sin F弹cos Mg , 由此而引起的动摩擦因数 的测量结果偏小