ImageVerifierCode 换一换
格式:DOCX , 页数:7 ,大小:230.05KB ,
资源ID:107360      下载积分:10 金币
快捷下载
登录下载
邮箱/手机:
温馨提示:
快捷下载时,用户名和密码都是您填写的邮箱或者手机号,方便查询和重复下载(系统自动生成)。 如填写123,账号就是123,密码也是123。
特别说明:
请自助下载,系统不会自动发送文件的哦; 如果您已付费,想二次下载,请登录后访问:我的下载记录
支付方式: 支付宝    微信支付   
验证码:   换一换

加入VIP,更优惠
 

温馨提示:由于个人手机设置不同,如果发现不能下载,请复制以下地址【https://www.77wenku.com/d-107360.html】到电脑端继续下载(重复下载不扣费)。

已注册用户请登录:
账号:
密码:
验证码:   换一换
  忘记密码?
三方登录: 微信登录   QQ登录   微博登录 

下载须知

1: 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。
2: 试题试卷类文档,如果标题没有明确说明有答案则都视为没有答案,请知晓。
3: 文件的所有权益归上传用户所有。
4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
5. 本站仅提供交流平台,并不能对任何下载内容负责。
6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

版权提示 | 免责声明

本文(鲁京津琼专用2020版高考数学大一轮复习 第八章立体几何与空间向量 第7讲 立体几何中的向量方法一__证明平行与垂直练习(含解析))为本站会员(可**)主动上传,七七文库仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对上载内容本身不做任何修改或编辑。 若此文所含内容侵犯了您的版权或隐私,请立即通知七七文库(发送邮件至373788568@qq.com或直接QQ联系客服),我们立即给予删除!

鲁京津琼专用2020版高考数学大一轮复习 第八章立体几何与空间向量 第7讲 立体几何中的向量方法一__证明平行与垂直练习(含解析)

1、第7讲立体几何中的向量方法(一)证明平行与垂直一、选择题1.若直线l的方向向量为a(1,0,2),平面的法向量为n(2,0,4),则()A.l B.lC.l D.l与相交解析n2a,a与平面的法向量平行,l.答案B2.若,则直线AB与平面CDE的位置关系是()A.相交 B.平行C.在平面内 D.平行或在平面内解析,共面.则AB与平面CDE的位置关系是平行或在平面内.答案D3.已知平面内有一点M(1,1,2),平面的一个法向量为n(6,3,6),则下列点P中,在平面内的是()A.P(2,3,3) B.P(2,0,1)C.P(4,4,0) D.P(3,3,4)解析逐一验证法,对于选项A,(1,4,

2、1),n61260,n,点P在平面内,同理可验证其他三个点不在平面内.答案A4.(2017西安月考)如图,F是正方体ABCDA1B1C1D1的棱CD的中点.E是BB1上一点,若D1FDE,则有()A.B1EEBB.B1E2EBC.B1EEBD.E与B重合解析分别以DA,DC,DD1为x,y,z轴建立空间直角坐标系,设正方形的边长为2,则D(0,0,0),F(0,1,0),D1(0,0,2),设E(2,2,z),(0,1,2),(2,2,z),02122z0,z1,B1EEB.答案A5.如图所示,在平行六面体ABCDA1B1C1D1中,点M,P,Q分别为棱AB,CD,BC的中点,若平行六面体的各

3、棱长均相等,则:A1MD1P;A1MB1Q;A1M平面DCC1D1;A1M平面D1PQB1.以上说法正确的个数为()A.1 B.2 C.3 D.4解析,所以A1MD1P,由线面平行的判定定理可知,A1M面DCC1D1,A1M面D1PQB1.正确.答案C二、填空题6.(2017武汉调研)已知平面内的三点A(0,0,1),B(0,1,0),C(1,0,0),平面的一个法向量n(1,1,1),则不重合的两个平面与的位置关系是_.解析设平面的法向量为m(x,y,z),由m0,得x0yz0yz,由m0,得xz0xz,取x1,m(1,1,1),mn,mn,.答案7.(2016青岛模拟)已知(1,5,2),

4、(3,1,z),若,(x1,y,3),且BP平面ABC,则实数xy_.解析由条件得解得x,y,z4,xy.答案8.已知点P是平行四边形ABCD所在的平面外一点,如果(2,1,4),(4,2,0),(1,2,1).对于结论:APAB;APAD;是平面ABCD的法向量;.其中正确的序号是_.解析0,0,ABAP,ADAP,则正确.又与不平行,是平面ABCD的法向量,则正确.由于(2,3,4),(1,2,1),与不平行,故错误.答案三、解答题9.如图,四边形ABCD为正方形,PD平面ABCD,PDQA,QAABPD.证明:平面PQC平面DCQ.证明如图,以D为坐标原点,线段DA的长为单位长,射线DA

5、,DP,DC分别为x轴,y轴,z轴的正半轴建立空间直角坐标系Dxyz.依题意有Q(1,1,0),C(0,0,1),P(0,2,0),则(1,1,0),(0,0,1),(1,1,0).0,0.即PQDQ,PQDC,又DQDCD,PQ平面DCQ,又PQ平面PQC,平面PQC平面DCQ.10.(2017郑州调研)如图所示,四棱锥PABCD的底面是边长为1的正方形,PACD,PA1,PD,E为PD上一点,PE2ED.(1)求证:PA平面ABCD;(2)在侧棱PC上是否存在一点F,使得BF平面AEC?若存在,指出F点的位置,并证明;若不存在,说明理由.(1)证明PAAD1,PD,PA2AD2PD2,即P

6、AAD.又PACD,ADCDD,PA平面ABCD.(2)解以A为原点,AB,AD,AP所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系.则A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),P(0,0,1),E,(1,1,0),.设平面AEC的法向量为n(x,y,z),则即令y1,则n(1,1,2).假设侧棱PC上存在一点F,且(01),使得BF平面AEC,则n0.又(0,1,0)(,)(,1,),n120,存在点F,使得BF平面AEC,且F为PC的中点.11.如图,正方形ABCD与矩形ACEF所在平面互相垂直,AB,AF1,M在EF上,且AM平面BDE.则M点的坐标为()A.(1,1,1)

7、 B.C. D.解析设AC与BD相交于O点,连接OE,由AM平面BDE,且AM平面ACEF,平面ACEF平面BDEOE,AMEO,又O是正方形ABCD对角线交点,M为线段EF的中点.在空间坐标系中,E(0,0,1),F(,1).由中点坐标公式,知点M的坐标.答案C12.(2017成都调研)如图所示,在正方体ABCDA1B1C1D1中,棱长为a,M,N分别为A1B和AC上的点,A1MAN,则MN与平面BB1C1C的位置关系是()A.相交 B.平行C.垂直 D.不能确定解析分别以C1B1,C1D1,C1C所在直线为x,y,z轴,建立空间直角坐标系,如图,A1MANa,则M,N,.又C1(0,0,0

8、),D1(0,a,0),(0,a,0),0,.是平面BB1C1C的法向量,且MN平面BB1C1C,MN平面BB1C1C.答案B13.如图,正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为1,E,F分别是棱BC,DD1上的点,如果B1E平面ABF,则CE与DF的和的值为_.解析以D1A1,D1C1,D1D分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,设CEx,DFy,则易知E(x,1,1),B1(1,1,0),F(0,0,1y),B(1,1,1),(x1,0,1),(1,1,y),由于B1E平面ABF,所以(1,1,y)(x1,0,1)0xy1.答案114.(2014湖北卷改编)如图,在棱长为2的正方体ABCDA

9、1B1C1D1中,E,F,M,N分别是棱AB,AD,A1B1,A1D1的中点,点P,Q分别在棱DD1,BB1上移动,且DPBQ(02).(1)当1时,证明:直线BC1平面EFPQ;(2)是否存在,使平面EFPQ平面PQMN?若存在,求出实数的值;若不存在,说明理由.(1)证明以D为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系.由已知得B(2,2,0),C1(0,2,2),E(2,1,0),F(1,0,0),P(0,0,),M(2,1,2),N(1,0,2),(2,0,2),(1,0,),(1,1,0),(1,1,0),(1,0,2).当1时,(1,0,1),因为(2,0,2),所以2,即BC1FP.而FP平面EFPQ,且BC1平面EFPQ,故直线BC1平面EFPQ.(2)解设平面EFPQ的一个法向量为n(x,y,z),则由可得于是可取n(,1).同理可得平面PQMN的一个法向量为m(2,2,1).则mn(2,2,1)(,1)0,即(2)(2)10,解得1.故存在1,使平面EFPQ平面PQMN.7